湖北省孝感高中学年高二上期中物理试题解析版.docx
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湖北省孝感高中学年高二上期中物理试题解析版
2015-2016学年湖北省孝感高中高二（上）期中物理试卷
一、选择题（本题共计12个小题，1-8题为单选题，9-12题为多选题，每小题5分，共60分）
1．下列关于电阻率的叙述，错误的是（ ）
A．当温度极低时，超导材料的电阻率会突然减小到零
B．常用的导线是用电阻率较小的铝、铜材料做成的
C．材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度
D．材料的电阻率随温度变化而变化
2．在同一平面有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示，四根导线中的电流大小关系为i1＞i2＞i3=i4，切断哪一导线中的电源能使O点（O点为四根导线所围正方形的中心）的磁感应强度减为最弱（ ）
A．切断i1B．切断i2C．切断i3D．切断i4
3．如图所示，两平行导轨ab、cd竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒PQ放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触．现在金属棒PQ中通以变化的电流I，同时释放金属棒PQ使其运动．已知电流I随时间的关系为I=kt（k为常数，k＞0），金属棒与导轨间的动摩擦因素一定．以竖直向下为正方向，则下面关于棒的速度v、加速度a随时间变化的关系图象中，可能正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
4．如图是质谱仪工作原理的示意图．带电粒子a、b经电压U加速（在A点初速度为零）后，进入磁感应强度为B的匀强磁场做匀速圆周运动，最后分别打在感光板S上的x1、x2处．图中半圆形的虚线分别表示带电粒子a、b所通过的路径，则（ ）
A．a的质量一定大于b的质量
B．a的电荷量一定大于b的电荷量
C．a运动的时间小于b运动的时间
D．a的比荷（
）小于b的比荷（
）
5．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（ ）
A．电压表读数减小B．电流表读数减小
C．质点P将向下运动D．R3上消耗的功率逐渐减小
6．机动车的尾气含有铅等大量有害物质，并且也是造成地球“温室效应”的重要因素之一．电动汽车因其无尾气排放且噪音小等因素，正在逐渐被人们接受．某国产品牌电动汽车的铭牌如表，已知蓄电池储存的电能等于其容量乘输出电压，则下列说法正确的是（ ）
规格后轮驱动直流电动机
车型：
60″电动汽车电动机额定输出功率：
1675W
整车质量：
400kg额定转速：
600r/min
蓄电池（容量It=800A•h，输出电压：
约为36V）额定工作电压/电流：
36V/50A
A．电动汽车正常工作时消耗的电功率为1675W
B．电动机的内阻为0.72Ω
C．蓄电池充满电后储存的电能约为2.88×104J
D．充满电后电动汽车在额定功率下能连续行驶的时间约为16h
7．某同学设计了如图甲所示电路研究电源输出功率随外电阻变化的规律．电源电动势E恒定，内电阻r=6Ω，R1为滑动变阻器，R2、R3为定值电阻，A、V为理想电表．当滑动变阻器滑臂从a到b移动的过程中，输出功率随滑臂移动距离x的变化情况如乙图所示，则R1的最大阻值及R2、R3的阻值可能为下列哪组（ ）
A．12Ω、6Ω、6ΩB．6Ω、12Ω、4ΩC．12Ω、6Ω、2ΩD．6Ω、12Ω、8Ω
8．如图所示，在xOy平面的第Ⅱ象限内有半径为R的圆分别与x轴，y轴相切于P，Q两点，圆内存在垂直于xOy平面向外的匀强磁场，在第I象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度为E．一带正电的粒子（不计重力）以速率v0从P点射入磁场后恰好垂直y轴进入电场，最后从M（3R，0）点射出电场，出射方向与x轴正方向夹角α=45°，则（ ）
A．带电粒子在磁场中运动的轨道半径为1.5R
B．磁场的磁感应强度大小为
C．带电粒子的比荷为
D．带电粒子运动经过y轴时纵坐标值为R
9．如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是（ ）
A．电源1与电源2的内阻之比是11：
7
B．电源1与电源2的电动势之比是1：
1
C．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：
2
D．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：
2
10．如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在其左上方固定一根与磁铁垂直的长直导线，当导线中通以图示方向的电流时（ ）
A．磁铁对桌面的压力增大B．磁铁对桌面的压力减小
C．磁铁受到向右的摩擦力作用D．磁铁受到向左的摩擦力作用
11．工业生产中需要物料配比的地方，常用“吊斗式”电子秤，图1所示的是“吊斗式”电子秤的结构图，其中实现称质量的关键性元件是拉力传感器．拉力传感器的内部电路如图2所示，R1、R2、R3是定值电阻，R1=20kΩ，R2=10kΩ，R0是对拉力敏感的应变片电阻，其电阻值随拉力变化的图象如图3所示，已知料斗重1×103N，没装料时Uba=0，g取10m/s2．下列说法中正确的是（ ）
A．R3阻值为40kΩ
B．装料时，R0的阻值逐渐变大，Uba的值逐渐变小
C．应变片电阻一定是用半导体材料制成的
D．应变片作用是把物体形变这个力学量转换为电压这个电学量
12．设在我国某实验室的真空室内，存在匀强电场E和可看作匀强磁场的地磁场B，电场与地磁场的方向相同，其中地磁场磁感线的分布图如图所示，地磁场的竖直分量和水平分量分别竖直向下和水平指北，今有一带电的小球以v的速度在此区域内沿垂直场强方向沿水平面做直线运动，则下列说法正确的是（ ）
A．小球运动方向为自东向西B．小球可能带正电
C．小球一定带负电D．小球速度v的大小为
二、实验题（共17分）
13．读出图中游标卡尺（20等分）和螺旋测微器的读数：
图a的读数为 cm．图b读数为 cm．
14．（13分）（2015秋•孝感期中）欲测量一只G表的内阻rg和一个电源的电动势E及内阻r．要求：
测量尽量准确、能测多组数据且滑动变阻器调节方便，电表最大读数不得小于量程的
．待测元件及提供的其他实验器材有
A待测电源E：
电动势约1.5V，内阻在0.4﹣1.2Ω间
B待测G表：
量程500μA，内阻在150～250Ω间
C电流表A：
量程2A，内阻约0.1Ω
D电压表V：
量程300mV，内阻约500Ω
E定值电阻R0：
R0=300Ω；
F滑动变阻器R1：
最大阻值10Ω，额定电流lA
H电阻箱R2：
0～9999Ω
J开关S一个，导线若干
（1）小叶先利用伏安法测量G表内阻rg．
①图甲是小叶设计的实验电路图，其中虚线框中的元件是 ；（填元件序号字母）
②说明实验所要测量的物理量 ；
③写出G表内阻的计算表达式rg= ．
（2）测出rg=200Ω后，欧阳把G表和电阻箱R2串联、并将R2接入电路的阻值调到2800Ω，使其等效为一只电压表，接着利用伏安法测量电源的电动势E及内阻r．
①请你在图乙中用笔画线，将各元件连接成测量电路图；
②若利用测量的数据，作出的G表的示数IG与通过滑动变阻器R1的电流I的关系图象如图丙所示，则可得到电源的电动势E= v，内阻r= Ω．（结果保留两位有效数字）
三、计算题（解答应写出必要的文字说明、示意图、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的问题，答案中必须明确写出数值和单位．）
15．有两个相同的全长电阻为9Ω的均匀光滑圆环，固定于一个绝缘的水平台面上，两环分别在两个互相平行的、相距为20cm的竖直面内，两环的连心线恰好与环面垂直，两环面间有方向竖直向下的磁感应强度B=0.865T的匀强磁场，两环的最高点A和C间接有一内阻为0.5Ω的电源，连接导线的电阻不计．今有一根质量为10g，电阻为1.5Ω的棒置于两环内侧且可顺环滑动，而棒恰好静止于如图所示的水平位置，它与圆弧的两接触点P、Q和圆弧最低点间所夹的弧对应的圆心角均为θ=60°，取重力加速度g=10m/s2．试求此电源电动势E的大小．（取
=1.73）
16．（10分）（2015•福建校级三模）在如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=R3=4Ω，当电键K接a时，R2上消耗的电功率为4W，当电键K接b时，电压表示数为4.5V．试求：
（1）当电键K接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；
（2）电源的电动势和内电阻．
（3）当电键K接c时，求电源输出功率．
17．（15分）（2015秋•孝感期中）如图所示，在正交坐标系Oxyz中，分布着电场和磁场（图中未画出）．在Oyz平面的左方空间内存在沿y轴负方向、磁感应强度大小为B的匀强磁场；在Oyz平面右方、Oxz平面上方的空间内分布着沿z轴负方向、磁感应强度大小也为B匀强磁场；在Oyz平面右方、Oxz平面下方分布着沿y轴正方向的匀强电场．在t=0时刻，一质量为m、电荷量为+q的微粒从P点静止释放，已知P点的坐标为（5a，﹣2a，0），电场强度大小为
，不计微粒的重力．求：
（1）微粒第一次到达x轴的速度大小v和时刻t1；
（2）微粒第一次到达y轴的坐标和时刻t2；
（3）假设在平面Oyz存在一层特殊物质，使微粒每次经过Oyz平面时，速度大小总变为原来的
，求在时刻t3=t2+
时，电荷所在位置的坐标．
2015-2016学年湖北省孝感高中高二（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共计12个小题，1-8题为单选题，9-12题为多选题，每小题5分，共60分）
1．下列关于电阻率的叙述，错误的是（ ）
A．当温度极低时，超导材料的电阻率会突然减小到零
B．常用的导线是用电阻率较小的铝、铜材料做成的
C．材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度
D．材料的电阻率随温度变化而变化
【考点】电阻定律．
【专题】恒定电流专题．
【分析】电阻率只与导体材料和温度有关，与导体的形状、横截面积及长度无关；当温度降到一定时，导体的电阻率突然变为零，变为超导体．
【解答】解：
A、当温度极低时，超导材料的电阻率会突然减小到零，故A正确；
B、铝、铜的电阻率较小，故常用的导线是用铝、铜材料做成的，故B正确；
C、材料的电阻率取决于导体的材料和温度有关，与导体的电阻、横截面积和长度无关，故C错误；
D、材料的电阻率取决于导体的温度有关，故材料的电阻率随温度变化而变化，所以D正确；
故不正确的选C．
【点评】本题主要考查影响电阻率的因素．
2．在同一平面有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示，四根导线中的电流大小关系为i1＞i2＞i3=i4，切断哪一导线中的电源能使O点（O点为四根导线所围正方形的中心）的磁感应强度减为最弱（ ）
A．切断i1B．切断i2C．切断i3D．切断i4
【考点】磁感应强度．
【分析】根据安培定则判断4根通电导线在1、2、3、4四个区域产生的磁场方向，根据磁场的叠加，判断哪个区域的磁场最强．
【解答】解：
根据右手螺旋定则来确定通电导线周围磁场的分布，导线1在O点产生的磁场的方向向里，导线2在O点产生的磁场的方向向里，导线3在O点产生的磁场的方向向里，导线4在O点产生的磁场的方向向外．由于i1＜i2＜i3=i4，所以合磁场的方向向里，根据磁场的叠加可知，使O点的磁感应强度减为最弱，应切断I1，则A正确．
故选：
A
【点评】本题利用安培定则判断磁场方向比较简单，但磁场的叠加，较为复杂，采用作图法可防止思路出现混乱．
3．如图所示，两平行导轨ab、cd竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒PQ放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触．现在金属棒PQ中通以变化的电流I，同时释放金属棒PQ使其运动．已知电流I随时间的关系为I=kt（k为常数，k＞0），金属棒与导轨间的动摩擦因素一定．以竖直向下为正方向，则下面关于棒的速度v、加速度a随时间变化的关系图象中，可能正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【考点】安培力；牛顿第二定律．
【分析】根据牛顿第二定律得出加速度的表达式，结合加速度方向与速度方向的关系判断速度的变化．
【解答】解：
A、因为开始加速度方向向下，与速度方向相同，做加速运动，加速度逐渐减小，即做加速度逐渐减小的加速运动，然后加速度方向向上，加速度逐渐增大，做加速度逐渐增大的减速运动．故A错误，B正确．
C、根据牛顿第二定律得，金属棒的加速度a=
，f=μN=μFA=μBIL=μBLkt，
联立解得加速度a=
，与时间成线性关系．故C错误；
D、t=0时刻无电流，无安培力．只有重力，加速度竖直向下，为正值．故D错误．
故选：
B
【点评】解决本题的关键会根据合力确定加速度的变化，结合加速度方向与速度方向判断物体做加速运动还是减速运动，知道速度时间图线的切线斜率表示加速度．
4．如图是质谱仪工作原理的示意图．带电粒子a、b经电压U加速（在A点初速度为零）后，进入磁感应强度为B的匀强磁场做匀速圆周运动，最后分别打在感光板S上的x1、x2处．图中半圆形的虚线分别表示带电粒子a、b所通过的路径，则（ ）
A．a的质量一定大于b的质量
B．a的电荷量一定大于b的电荷量
C．a运动的时间小于b运动的时间
D．a的比荷（
）小于b的比荷（
）
【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．
【分析】带电粒子先在匀强电场中做匀加速直线运动，再进入磁场做匀速圆周运动，轨迹为半圆，本题动能定理和牛顿第二定律求解．
【解答】解：
设粒子经电场加速后的速度大小为v，磁场中圆周运动的半径为r，电荷量和质量分别为q、m，打在感光板上的距离为S．
根据动能定理，得
qU=
mv2
解得：
v=
由qvB=m
解得：
r=
=
则S=2r
得到：
=
由图，Sa＜Sb，U、B相同，则
＞
；
而周期T=
，因此它们的运动时间是周期的一半，
由于
＞
，所以a运动的时间小于b运动的时间，故C正确，ABD错误；
故选：
C．
【点评】本题属于带电粒子在组合场中运动问题，电场中往往用动能求速度，磁场中圆周运动处理的基本方法是画轨迹．
5．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（ ）
A．电压表读数减小B．电流表读数减小
C．质点P将向下运动D．R3上消耗的功率逐渐减小
【考点】闭合电路的欧姆定律．
【专题】恒定电流专题．
【分析】由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况．
【解答】解：
A、由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；
当滑片向a移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流减小；路端电压增大，同时R1两端的电压也减小；故并联部分的电压增大；由欧姆定律可知流过R3的电流增大，则流过串联部分的电流减小，因而R2中电压减小，故电压表示数增大，故A错误，B正确；
C、因电容器两端电压等于联部分的电压，增大，故电荷受到的向上电场力增大，则重力小于电场力，合力向上，电荷向上运动，故C错误；
D、因R3两端的电压增大，由P=
可知，R3上消耗的功率增大；故D错误；
故选：
B
【点评】解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体﹣局部﹣整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的．
6．机动车的尾气含有铅等大量有害物质，并且也是造成地球“温室效应”的重要因素之一．电动汽车因其无尾气排放且噪音小等因素，正在逐渐被人们接受．某国产品牌电动汽车的铭牌如表，已知蓄电池储存的电能等于其容量乘输出电压，则下列说法正确的是（ ）
规格后轮驱动直流电动机
车型：
60″电动汽车电动机额定输出功率：
1675W
整车质量：
400kg额定转速：
600r/min
蓄电池（容量It=800A•h，输出电压：
约为36V）额定工作电压/电流：
36V/50A
A．电动汽车正常工作时消耗的电功率为1675W
B．电动机的内阻为0.72Ω
C．蓄电池充满电后储存的电能约为2.88×104J
D．充满电后电动汽车在额定功率下能连续行驶的时间约为16h
【考点】电功、电功率．
【专题】恒定电流专题．
【分析】电动机是将电能转化为机械能的装置，电动机正常工作时消耗的电功率等于额定电压乘以额定电流，根据UI=P+I2r求解内电阻，蓄电池储存的电能等于其容量乘以输出电压
【解答】解：
A、电动机正常工作时消耗的电功率为：
P=U额I额=36×50=1800W，故A错误；
B、电动机内阻的发热功率电动机额定输出功率为：
P热=P电﹣P出=1800﹣1675=125W，则电动机内阻为：
r=
=0.05Ω，故B错误；
C、蓄电池充满电后储存的电能为：
W=UIt=800×3600×36=1.04×108J，故C错误；
D、在额定功率下连续行驶最长时间为：
t=
=
=57600s=16h，故D正确．
故选：
D
【点评】本题考查了速度、功、功率的计算和能量的转化，关键是公式和规律的灵活运用，注意能量守恒定律的运用，计算过程还要注意单位的换算
7．某同学设计了如图甲所示电路研究电源输出功率随外电阻变化的规律．电源电动势E恒定，内电阻r=6Ω，R1为滑动变阻器，R2、R3为定值电阻，A、V为理想电表．当滑动变阻器滑臂从a到b移动的过程中，输出功率随滑臂移动距离x的变化情况如乙图所示，则R1的最大阻值及R2、R3的阻值可能为下列哪组（ ）
A．12Ω、6Ω、6ΩB．6Ω、12Ω、4ΩC．12Ω、6Ω、2ΩD．6Ω、12Ω、8Ω
【考点】闭合电路的欧姆定律．
【专题】恒定电流专题．
【分析】电源的内阻为r=6Ω，滑动变阻器滑臂从a到b移动的过程中，若外电路总电阻先增大后减小，而且外电路总电阻大于r时，电源的输出功率的变化情况即如图所示．根据外电路总电阻的变化，分析选择符合题意的选项．
【解答】解：
根据推论知道：
当外电阻等于电源的内阻时，输出功率最大．
A、当R1=12Ω，R2=R3=6Ω时，外电路总电阻R总≥r，滑动变阻器滑臂从a到b移动的过程中，变阻器R1与R2并联部分电阻先增大后减小，当Rap=Rpb+R2=9Ω，总电阻最大，则电源的输出功率先减小后增大，与图象的情况相符．故A正确．
B、当R1=6Ω，R2=12Ω，R3=4Ω时，外电路总电阻最大值R总=R3+
=8Ω，最小值为4Ω，滑动变阻器滑臂从a到b移动的过程中，外电路总电阻先增大后减小，电源的输出功率先增大后减小，与图象不符．故B错误．
C、当R1=12Ω，R2=6Ω，R3=2Ω时，当Rap=Rpb+R2=9Ω，外电路总电阻最大，最大值为6.5Ω，最小值为2Ω，滑动变阻器滑臂从a到b移动的过程中，电源的输出功率先增大后减小，与图象不符．故C错误．
D、当R1=6Ω，R2=12Ω，R3=8Ω时，外电路总电阻最大值R总=R3+
=12Ω，最小值为8Ω，滑动变阻器滑臂从a到b移动的过程中，外电路总电阻一直增大，电源的输出功率一直减小，与图象不符．故D错误．
故选A
【点评】本题关键分析变阻器与R2并联部分电阻如何变化，确定出外电路总如何变化，利用推论进行分析．
8．如图所示，在xOy平面的第Ⅱ象限内有半径为R的圆分别与x轴，y轴相切于P，Q两点，圆内存在垂直于xOy平面向外的匀强磁场，在第I象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度为E．一带正电的粒子（不计重力）以速率v0从P点射入磁场后恰好垂直y轴进入电场，最后从M（3R，0）点射出电场，出射方向与x轴正方向夹角α=45°，则（ ）
A．带电粒子在磁场中运动的轨道半径为1.5R
B．磁场的磁感应强度大小为
C．带电粒子的比荷为
D．带电粒子运动经过y轴时纵坐标值为R
【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．
【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．
【分析】粒子垂直于电场进入第一象限，粒子做类平抛运动，由到达M的速度方向可利用速度的合成与分解得知该点y方向的速度，结合牛顿第二定律求得粒子的比荷；根据运动学的公式，求出粒子进入电场时的位置，画出粒子运动的轨迹，根据图象中的几何关系求出粒子运动的半径，根据半径公式r=
求出磁感应强度．
【解答】解：
CD、在M处，根据平抛运动规律：
vy=v0tanα
qE=ma
vy=at3
3R=v0t3
解得：
y=
=1.5R
故C正确，D错误；
AB、粒子运动轨迹如图，设O1为磁场的圆心，O2为粒子轨迹圆心，P为粒子射出磁场的位置，则：
P′O2∥PO1P1；
△O1O2P≌△O1O2P
粒子的轨道半径为：
r=R
Bqv0=m
B=
故A错误，B错误；
故选：
C
【点评】粒子在电场中运动偏转时，常用能量的观点来解决问题，有时也要运用运动的合成与分解．粒子在磁场中做匀速圆周运动的圆心、半径及运动时间的确定也是本题的一个考查重点，要正确画出粒子运动的轨迹图，能熟练运用几何知识解决物理问题．
9．如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是（ ）
A．电源1与电源2的内阻之比是11：
7
B．电源1与电源2的电动势之比是1：
1
C．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：
2
D．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：
2
【考点】电源的电动势和内阻；电功、电功率．
【专题】恒定电流专题．
【分析】根据电源的外特性曲线U﹣I图线，可求出电动势和内阻；根据灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率与灯泡电阻．
【解答】解：
A、根据电源U﹣I图线，r1=
，r2=
，则r1：
r2=11：
7，故A正确．
B、E1=E2=10V，故B正确
C、D、灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态
则U1=3v，I1=5A，P1=15W，R1=
Ω
U2=5V，I2=6A，P2=30W，R2=
Ω
P1：
P2=1：
2，R1：
R2=18：
25故C正确，D错误
故选ABC
【点评】本题关键在于对电源外特性曲线、灯泡伏安特性曲线的理解，
10．如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在其左上方固定一根与磁铁垂直的长直导线，当导线中通以图示方向的电流时（ ）
A．磁铁对桌面的压力增大B．磁铁对桌面的压力减小
C．磁铁受到向右的摩擦力作用D．磁铁受到向左的摩擦力作用
【考点】磁场对电流的作用．
【分析】先判断电流所在位置的磁场方向，然后根据左手定则判断安培力方向；再根据牛顿第三定律得到磁体受力方向，最后对磁体受力分析，根据平衡条件判断．
【解答】解：
根据条形磁体磁感线分布情况得到直线电流所在位置磁场方向（切线方向），再根据左手定则判断安培力方向，如图；
根据牛顿第三定律，电流对磁体的作用力向左上方，如图
根据平衡条件，可知通电后支持力变小，静摩擦力变大，故磁铁对桌面的压力变小；而静摩擦力向右．
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