江苏省南通市中考物理试题解析版Word下载.docx

1、【详解】为了保证在电流过大时及时熔断，起到保护电路的作用，熔丝是用电阻大、熔点低的材料制成的，故A错误；正常情况下，我国家庭电路中火线和大地之间的电压是220V，故B错误；控制家用电器的开关必须接在火线上，这样断开开关，能切断火线，防止触电事故发生，故C正确；电路连接处接触不良时，该处的电阻变大，因为该处串联在电路中，由Q=I2 Rt知道，连接处产生的热量较多，比别处更容易发热，而加速导线老化，甚至引起火灾，故D错误，故选C。【点睛】本题考查的是保险丝材料，火线与大地间的电压，开关接火线，以及接触不良可以引起火灾，是一道电学综合题，难度不大。5. “便利贴”的背面有粘性，可方便地贴在课本上，其

2、利用的物理知识是（ ）A. 分子间有引力 B. 分子间有斥力C. 分子间有空隙 D. 分子是运动的【详解】“便利贴”的背面有粘性，可以减小分子之间的距离，从而使分子间作用力变大，具有更大的吸引力，使“便利贴”方便地贴在课本上，这是利用了分子间有引力，故A符合题意，故选A。【点睛】题考查的是分子动理论内容，需要结合具体生活实例进行分析，并利用物理语言解释物理现象。6. 如图，礼花筒利用筒内的高压空气膨胀，将彩带喷向空中，产生喜庆效果。则高压空气膨胀过程中（ ）A. 对外做功内能增加B. 分子热动加剧C. 内能转化为机械能D. 向外界传递热量【详解】改变内能的方法有两种，做功和热传递；根据题意知道

3、，礼花筒内的高压空气膨胀，是对外做功，其自身的内能会减小，故A错误；由于礼花筒内的高压空气膨胀对外做功，其自身的内能减小、温度会降低，所以分子热运动变慢，故B错误；礼花筒内的高压空气膨胀对外做功，其自身的内能减小，是转化为机械能，故C正确；礼花筒内的高压空气膨胀对外做功，而不是向外界传递热量，故D错误，故选C。【点睛】本题考查的是改变内能的两种方式，还需要知道内能与机械能的转化以及对分子热运动的影响。7. 下列关于惯性的说法正确的是（ ）A. 行驶的车突然刹车，乘客前倾，说明车有惯性B. 足球在草地上越滚越慢，它的惯性越来越小C. 跳绳时加大摇绳的速度，可以增加绳的惯性提高成绩D. 骑电动车戴

4、头盔，可减小摔倒时惯性带来的伤害【详解】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，当车突然刹车时，人的下部由于摩擦力与车一起停止，上部由于惯性仍保持原来的运动状态，所以人会向前倾，即说明人有惯性，故A错误；物体的一种基本属性，惯性的大小只与物体的质量有关，足球在草地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦力的作用，而不是惯性越来越小，故B错误；惯性的大小只与物体的质量有关，所以跳绳时加大摇绳的速度，绳的惯性不会改变，故C错误；骑电动车戴头盔，可减小摔倒时，人由于惯性向前运动，与其他物体发生碰撞带来的伤害，故D正确，故选D。【点睛】本题考查的是惯性及惯性现象，需要知道，惯性是指物体总有保持原有运动状态不变的性

5、质。它是物体的一种基本属性，任何物体在任何时候都具有惯性。8. 图示电路中，R1、R2是定值电阻，开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小用电压表检测电路，当电压表接a、b两点时，电压表有示数；接b、c两点时，电压表无示数则故障原因可能是（ ）A. 仅R1断路 B. 仅R2断路C. 电流表断路 D. ac导线断路【详解】由电路图知道，定值电阻R1、R2 并联，电流表测量干路的电流；开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小，说明某一条支路出现了断路；当电压表接a、b两点时，电压表有示数，说明a到电源的负极与b到电源的正极之间是接通的；当电压表接b、c两点时，电压表无示数，说明c到电源的负极与b到

6、电源的正极之间是断开的，又因为电压表接a、b两点时，电压表有示数，所以ac间导线出现了断路，故选D。【点睛】本题考查的是电路的故障分析，需要根据电流的变化、并联电路的特点及电压表的应用判断故障，涉及的知识点较多，但难度不大。9. 如图，弹簧左端固定于竖直墙壁，右端与物块M连接，置于粗糙水平面上，当M位于O点时弹簧恰好不发生形变现将物块M拉至A处由静止释放，M向左最远可运动至B点则物块（ ）A. 从A到O一直加速运动 B. 从A到O先加速后减速C. 从O到B先加速后减速 D. 从O到B先匀速后减遠【详解】根据题意知道，物体从A点向左运动到O点的过程中，竖直方向受重力和支持力，二力平衡；水平方向受

7、到向左的弹力和向右的摩擦力，刚从A点释放时，弹力大于摩擦力，物体加速向左运动，随着物体向左运动，弹簧压缩量减小，弹力减小，在某一位置，弹力会减小到等于摩擦力，由于惯性继续运动，弹力会小于摩擦力，物体开始减速，所以，物块从A点运动到O点先加速后减速；从O点到B点的过程中，水平方向受到向右的弹力和向右的摩擦力，所以，从O点到B点一直做减速运动，综上所述，只有B正确，故选B。【点睛】本题考查的是力与运动的关系，解题的关键是分阶段结合运动情况对物体受力分析，从而最终确定物体的运动情况。10. 如图甲，电源电压恒定，R0为定值电阻，电阻R的阻值随环境温度变化而改变改变环境温度，定值电阻R0两端的电压U0

8、随温度t变化的关系如图乙所示则下列描述R两端的电压U、电路消耗的总功率P随温度t变化的关系图线中，可能正确的是（ ）【详解】由图甲知道，R0与R串联，电压表测量的是R0的电压；由图乙知道，随着温度的升高，R0两端的电压降低，说明随着温度的升高电阻R两端的电压增加，由串联分压知道，随着温度的升高R的阻值的阻值增加，R两端的电压增大，故A错误，B正确；随着R的阻值的阻值增加，电路的总电阻增加，由欧姆定律知道，电路的总电流减小，由P=UI知道，电源电源不变，总电流减小，所以电路的总功率减小，故D错误，由图乙知道，电路的电流与温度呈线性变化，所以总功率与温度也呈线性变化，故C错误，故选B。【点睛】不同

9、考查的是串联电路的特点、欧姆定律及电功率的计算，解题的关键是根据图像读出电路电阻的变化，有一定的难度。11. 三峡水电站利用水能发电，水能属手_能源：水从高处落下进入发电机前，其重力势能转化为_能；发电机是利用_原理发电的【答案】 （1）. 可再生 （2）. 动 （3）. 电磁感应【详解】能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源，如风能、太阳能和水能，在使用完后，短期可以再生，所以，都是可再生能源；水从高处向低处运动时，由于质量不变，高度减小，所以水的重力势能减小，由于速度增加，所以水的动能增加，故此过程是重力势能转化为动能；发电机是通过法拉第的电磁感应原理来工作的。【点睛】本题考查的是能

10、源的分类、动能势能的转化，电磁感应原理，属于基础题目，难度不大。12. 如图所示，小明用刻度尺测量一正方体物块的边长，读数为_cm小明把天平放在水平桌面上，游码移至标尺的零刻度处，指针偏向分度盘右侧，他向_调节平衡螺母使天平平衡；然后把物块放在左盘，右盘中放入一个10g的砝码，天平再次平衡若把该物块放入装满水的烧杯中，物块_（选填“会”或“不会”）沉底，烧杯底部受到水的压强将_【答案】 （1）. 1.95 （2）. 左 （3）. 会 （4）. 变大【详解】由图知道，刻度尺的分度值是1mm，物体左端与零刻度线对齐，右端在1.9cm与2.0cm之间，估读为1.95cm，所以，正方体物块的边长是：L

11、=1.95cm；天平使用前需要调节，若偏向分度盘右侧，则应向左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；根据题意知道，当把该物块放在左盘时，右中放入一个10g的砝码，天平再次平衡，由此可知，物体的质量是：m=10g，又因为正方体物块的边长是：L=1.95cm，所以，正方体物块的体积是：V=L3 =（1.95cm）37.4cm3，故正方体物块的密度是：物 =m/V=10g/7.4cm31.35g/cm3，由于物水，所以，把该物块放入装满水的烧杯中，物块将会沉底；由于把该物块放入装满水的烧杯前后，烧杯中水的密度和深度不变，所以，水对烧杯底产生的压强不变。【点睛】本题考查的是刻度尺、天平的使用，密度的计

12、算和影响液体压强的因素，解题的关键是掌握密度的公式、熟知水的密度，难度不大。13. 小芳探究水沸腾的特点，用热水做实验，这是为了_；小芳发现水沸腾时继续加热，水温保持不变，停止加热，水很快停止沸腾，这说明水沸腾时需要_烧杯中水的质量为100g，停止加热后，水温从100降至40，水放出的热量为_J，相当于完全燃烧_g酒精放出的热量，【答案】 （1）. 缩短加热时间 （2）. 吸收热量 （3）. 2.52104 （4）. 0.84【详解】探究水沸腾的特点时，若用热水做实验，可以更快的使水沸腾，即可以缩短加热时间；在实验过程中，停止加热，水很快停止沸腾，说明水沸腾时是需要吸收热量的；由Q=cmt知道

13、，烧杯中水放出的热量是：Q放水=c水m水t=4.2103 J/（kg）0.1kg（100-40）=2.52104 J；这些热量若由酒精完全燃烧释放，则需要酒精的质量是：m酒精=Q放酒精/q酒精=2.52104J/3.0107J/kg=0.00084kg=0.84g【点睛】本题考查的是探究水沸腾的特点，考查了沸腾的特点、放热公式Q放=cmt、热值公式Q放=mq的应用，难度不大。14. 某大学利用电动巴土提供从学校到火车站的送站服务，两地相距10km，行驶中巴士所受阻力恒为1.2103N设巴土的电机将电能转化为机械能的效率为80，牵引力F与车速倒数的关系如图（1）巴士轮胎表面的花纹是为了_摩擦；轮

14、胎与地面接触的总面积为0.2m2，搭载20名大学生后，巴士对地面的压强约增大_Pa（2）由图像可知，巴士的速度越大牵引力越_；当牵引力为2.4103N时，巴士的速度为_m/s（3）提供动力的电池电压为500V，总容量为120Ah行驶过程中电池的放电量不能超过总量的80则巴士充满一次电最多能来回跑_趟【答案】 （1）. 增大 （2）. 6104 （3）. 小 （4）. 5 （5）. 5【详解】（1）巴士轮胎表面的花纹是为了在压力一定时，利用增加接触面的粗糙程度来增大摩擦力；根据常识知道，大学生的重力约为600N，若搭载20名大学生后，则对地面的压力增加约是：F=nG=20600N=12000N；

15、又因为轮胎与地面接触的总面积是：S=0.2m2，所以巴士对地面增大的压强是：p=F/S=12000N/0.2m2=6104 Pa；（2）由图象知道，牵引力与速度的倒数成正比，即牵引力与速度成反比，所以牵引力越大，速度越小；由图象知道，当牵引力是：F1=1.2103 N时，速度的倒数是：，所以当牵引力是：F=2.4103 N时，速度的倒数为0.2，故巴士的速度是：v=1/0.2m/s=5m/s；（3）由于提供动力的电池电压是500V，总容量是120Ah，所以储存的总电能是：W=UIt=500V120A3600s=2.16108 J，由于行驶过程中电池的放电量不能超过总量的80%。则实际能消耗的电

16、能是：W=W80%=2.16108 J80%=1.728108 J；由于巴士的电机将电能转化为机械能的效率是80%，所以能获得的机械能（即有用能量）是：W有=W=80%1.728108 J=1.3824所以，总共能行驶的距离是：s总=W有/F=1.3824108J/1.2103N=1.152105 m=115.2km；即巴士充满一次电最多能来回跑的趟数是：n=s总/2s=115.2km/20km=5.765趟。【点睛】本题考查的是增大摩擦力的方法、压强的计算、对图象的理解以及能量转化的相关计算等知识，是一道综合题，有一定的难度。15. 小华用图示装置探究滑轮组的机械效率，实验数据记录如下：（1

17、）实验中应竖直向上_拉动弹簧测力计，绳端移动距离为_m（2）第3次实验的机械效率为_%（3）分析数据可知，提高同一滑轮组的机械效率，可以采取的措施是_；小华所用动滑轮的重一定小于_N【答案】 （1）. 匀速 （2）. 0.3 （3）. 80 （4）. 增加物重 （5）. 1（1）实验中只有匀速竖直向上拉动弹簧测力计，才能保证弹簧测力计的示数稳定，拉力大小不变，所以，应匀速拉动弹簧测力计；由图知道，承担物重的绳子的有效股数是：n=3，所以，弹簧测力计移动的距离是：s=3h=30.10m=0.3m；（2）由表格数据知道，第3次测量中，有用功是：W有用=Gh=6N0.10m=0.60J；总功是：W总

18、=Fs=2.5N0.30m=0.75J；所以，机械效率是：3 =W有用/W总100%=0.60J/0.75J100%=80%（3）分析1、2、3次数据知道，同一滑轮组，物体越重，机械效率越高，所以，增加物重可以提高同一滑轮组的机械效率；由于物体越重时，对滑轮的压力越大，摩擦力越大，所以第一次实验受摩擦力的影响最小，故由第一次实验数据，忽略摩擦力的影响时，计算的滑轮的重力是：G动=nF-G物=31N-2N=1N，所以，所用动滑轮的重一定小于1N。【点睛】本题考查的是探究滑轮组的机械效率，解题的关键：一是要知道改变机械效率的方法（增大提升重物的重、减少摩擦机械重），二是知道承担物重的绳子的股数。1

19、6. 按题目要求作图（1）如图甲，物体A沿光滑斜面下滑，作出物体所受重力和弹力的示意图 （2）如图乙，O为轻质杠杆的支点，A点挂一重物，杠杆在图示位置平衡，作出阻力臂和最小动力F1的示意图 （3）如图丙，小磁针静止在通电螺线管的正上方，请在图中标出电源的正、负极和磁感线方向【答案】（1）在光滑的斜面上，物体受到的重力方向竖直向下，作用点（重心）在其几何中心上；斜面对物体的支持力方向垂直斜面向上，作用点也在物体的几何中心上，如图：（2）根据题意知道，阻力的作用点是A，方向竖直向下，过支点O作力F2 作用线的垂线段OC，即为阻力臂L2；由图知道，当力F1 作用在B点，最大力臂L1是杆长OB时，此时

20、力F1 最小，阻力臂和最小动力F1的示意图如图：如图（3）由异名磁极相互吸引知道，通电螺线管的左端为N极、右端为S极，故其周围的磁感线从N极出发、回到S极，则图中磁感线方向指向右；通电螺线管的左端为N极、右端为S极，由右手螺旋定则可知电流从螺线管的右侧流入、从左侧流出，所以电源右端为正极、左端为负极，如图：【点睛】本题考查的是内容较多，涉及力示意图及最大力臂作图、磁极间的作用规律、磁感线的方向规定、右手螺旋定则等的应用，难度不大。17. 一艘在海上“丝绸之路”航行的集装箱货船，满载时的总质量m6.7107kg，它在2h内匀速航行36km，推进力的功率P6.0107W，海水密度取1.0103kg

21、/m3，g取10N/kg求： （1）满载时货船的总重力； （2）满载时货船排开海水的体积； （3）货船匀速航行时受到的阻力（1）6.7108N；（2）6.7104 m3；（3）（1）由G=mg知道，满载时货船的总重力是：G=mg=6.7107 kg10N/kg=6.7108 N；（2）由平衡条件知道，满载时货船受到海水的浮力是：F浮=G=6.7由阿基米德原理知道，F浮=G排=m排g=海gV排，所以，满载时货船排开海水的体积是：V排=F浮/水g=6.7108N/1.0103kg/m3（3）根据题意知道，货船匀速航行的速度是：v=s/t=36km/2h=18km/h=5m/s；由P=W/t=Fs/

22、t=Fv知道，货船行驶时的牵引力是：F=P/v=6.0107W/5m/s=1.2107 N；由于货船匀速航行，所以受到的阻力是：f=F=1.2107 N【点睛】本题考查的是速度、重力、浮力和功率的计算，利用好漂浮条件和阿基米德原理是本题的关键。18. 如图电路中，电源电压恒定，小灯泡L标有“6V 4.8W”，电阻R1的阻值为10，滑动变阻器R2标有“20 0.5A”当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，灯泡正常发光 （1）求小灯泡的额定电流； （2）滑片P置于最左端，闭合S1、S2，求10s内电路消耗的总电能； （3）滑片P置于最右端，只闭合S2，移动滑片P，使R2的电功率占电路总功率的比值

23、最小，则R2的电功率多大？（1）（2）84J；（1）因为小灯泡L标有“6V 4.8W”，所以，由P=UI知道，小灯泡正常发光的电流是：I额=P额/U额=4.8W/6V=0.8A；（2）根据题意知道，当R2 的滑片P置于最左端时，只闭合S1时，电路为只有灯泡L工作的电路，且灯泡能正常发光，说明灯泡两端的电压为电源电压，即电源电压是：U电源 =U额 =6V；当滑片P置于最左端，闭合S1、S2时，电路中灯泡L和电阻R1 并联，通过电阻R1 的电流是：I1 =U电源/R1=6V/10=0.6A，所以，干路的电流为：I=I额 +I1 =0.8A+0.6A=1.4A，故10s内电路消耗的总电能是：W=UI

24、t=6V1.4A10s=84J；（3）由电路图知道，当滑片P置于最右端，只闭合S2时，电阻R1 与R2 串联，由P=UI知道，滑动变阻器R2 消耗的电功率是：P2 =U2 I，电路消耗的总功率是：P总=U总I，R2 的电功率与电路总功率的比值是：，要想使这个比值最小，则要最大，即滑动变阻器R2 接入电路的电阻最小，且电流不能超过0.5A，所以此时电路的最大电流是：Imax =0.5A，电路的总电阻应是：R总=U总/Imax=6V/0.5A=12，R2 的最小电阻是：R2小=R总-R1 =12-10=2；即当R2 为2时R2 的电功率占电路总功率的比值最小，此时R2 的电功率是：P2 =Imax

25、2R2 =（0.5A）2 2=0.5W。【点睛】本题考查的是对电功率、欧姆定律计算公式和串并联电路特点的认识和掌握，综合性较强，解题的关键是弄清电路结构。19. 小明和小虎设计如图甲所示的电路测量未知电阻的阻值实验器材有：电源（电压4.5V）、滑动变阻器R（020）、电阻箱R0（0999.9）、电流表、单刀双掷开关及导线若干 （1）请根据图甲所示的电路，在图乙中用笔画线代替导线将实物图连接完整_ （2）小明将S拨至“1”，调节滑动变阻器的滑片至某一位置，电流表示数为0.36A再将S拨至“2”，调节电阻箱，使电流表示数为_A，此时电阻箱的示数如图丙所示则待测电阻的阻值=_ （3）把电阻箱的阻值从

26、10.0调到丙图所示的阻值时，小虎想先把“10”档从1调到0，再调“1”档你认为他的想法是否妥当？答：_（选填“是”或“否”），理由是：_ （4）测量结束断开开关后，应首先拆除_（选填“电源”或“电流表”）两端导线【答案】 （1）. （2）. 0.36 （3）. 9 （4）. 否 （5）. 电阻箱的电阻突然变小，可能导致电路电流太大损坏元件 （6）. 电源（1）根据图甲所示的电路图知道，待测电阻与电阻箱并联，滑动变阻器的滑片右移时，接入电路的电阻增加，所以，滑动变阻器左下接线柱接入电路，依照电路图实物连接如图：（2）小明将S拨至“1”，调节滑动变阻器的滑片至某一位置，电流表示数为0.36A，此

27、时保持滑动变阻器的滑片的位置不变，再将S拨至“2”，调节电阻箱，使电流表示数为0.36A，则电阻箱的示数即是待测电阻的阻值，由图丙知道，电阻箱的示数是：0.10+19+100+1000=9，所以待测电阻的阻值是：=9；（3）小虎的想法不妥当，因为电阻箱的电阻突然变小，可能导致电路电流太大损坏元件；（4）测量结束断开开关后，在拆除电路时，为了安全，应断开开关，首先拆除电源两端的导线。【点睛】本题考查的是测量未知电阻Rx的阻值，运用的不是常规的伏安法，考查的是电路的连接及等效替代法的具体应用。20. 学习小组用图甲所示的圆柱形纸质套筒做“探究小孔成像规律”的实验，发现像的大小不同，亮度也不一样 （1）关于像的亮度与哪些因素有关，他们提出以下猜想： 猜想1：与小孔到光屏的距离有关； 猜想2：与小孔的形状有关； 猜想3：与小孔的大小有关 类比利用太阳光测凸透镜焦距时，光屏从焦点处远离透镜过程中，光斑越大越暗的现象，可判断猜想1是_的