江苏省南通市中考物理试题解析版Word下载.docx
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【详解】为了保证在电流过大时及时熔断，起到保护电路的作用，熔丝是用电阻大、熔点低的材料制成的，故A错误；
正常情况下，我国家庭电路中火线和大地之间的电压是220V，故B错误；
控制家用电器的开关必须接在火线上，这样断开开关，能切断火线，防止触电事故发生，故C正确；
电路连接处接触不良时，该处的电阻变大，因为该处串联在电路中，由Q=I2Rt知道，连接处产生的热量较多，比别处更容易发热，而加速导线老化，甚至引起火灾，故D错误，故选C。
【点睛】本题考查的是保险丝材料，火线与大地间的电压，开关接火线，以及接触不良可以引起火灾，是一道电学综合题，难度不大。
5.“便利贴”的背面有粘性，可方便地贴在课本上，其利用的物理知识是（）
A.分子间有引力B.分子间有斥力
C.分子间有空隙D.分子是运动的
【详解】“便利贴”的背面有粘性，可以减小分子之间的距离，从而使分子间作用力变大，具有更大的吸引力，使“便利贴”方便地贴在课本上，这是利用了分子间有引力，故A符合题意，故选A。
【点睛】题考查的是分子动理论内容，需要结合具体生活实例进行分析，并利用物理语言解释物理现象。
6.如图，礼花筒利用筒内的高压空气膨胀，将彩带喷向空中，产生喜庆效果。
则高压空气膨胀过程中（）
A.对外做功内能增加
B.分子热动加剧
C.内能转化为机械能
D.向外界传递热量
【详解】改变内能的方法有两种，做功和热传递；
根据题意知道，礼花筒内的高压空气膨胀，是对外做功，其自身的内能会减小，故A错误；
由于礼花筒内的高压空气膨胀对外做功，其自身的内能减小、温度会降低，所以分子热运动变慢，故B错误；
礼花筒内的高压空气膨胀对外做功，其自身的内能减小，是转化为机械能，故C正确；
礼花筒内的高压空气膨胀对外做功，而不是向外界传递热量，故D错误，故选C。
【点睛】本题考查的是改变内能的两种方式，还需要知道内能与机械能的转化以及对分子热运动的影响。
7.下列关于惯性的说法正确的是（）
A.行驶的车突然刹车，乘客前倾，说明车有惯性
B.足球在草地上越滚越慢，它的惯性越来越小
C.跳绳时加大摇绳的速度，可以增加绳的惯性提高成绩
D.骑电动车戴头盔，可减小摔倒时惯性带来的伤害
【详解】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，当车突然刹车时，人的下部由于摩擦力与车一起停止，上部由于惯性仍保持原来的运动状态，所以人会向前倾，即说明人有惯性，故A错误；
物体的一种基本属性，惯性的大小只与物体的质量有关，足球在草地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦力的作用，而不是惯性越来越小，故B错误；
惯性的大小只与物体的质量有关，所以跳绳时加大摇绳的速度，绳的惯性不会改变，故C错误；
骑电动车戴头盔，可减小摔倒时，人由于惯性向前运动，与其他物体发生碰撞带来的伤害，故D正确，故选D。
【点睛】本题考查的是惯性及惯性现象，需要知道，惯性是指物体总有保持原有运动状态不变的性质。
它是物体的一种基本属性，任何物体在任何时候都具有惯性。
8.图示电路中，R1、R2是定值电阻，开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小．用电压表检测电路，当电压表接a、b两点时，电压表有示数；
接b、c两点时，电压表无示数．则故障原因可能是（）
A.仅R1断路B.仅R2断路
C.电流表断路D.ac导线断路
【详解】由电路图知道，定值电阻R1、R2并联，电流表测量干路的电流；
开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小，说明某一条支路出现了断路；
当电压表接a、b两点时，电压表有示数，说明a到电源的负极与b到电源的正极之间是接通的；
当电压表接b、c两点时，电压表无示数，说明c到电源的负极与b到电源的正极之间是断开的，又因为电压表接a、b两点时，电压表有示数，所以ac间导线出现了断路，故选D。
【点睛】本题考查的是电路的故障分析，需要根据电流的变化、并联电路的特点及电压表的应用判断故障，涉及的知识点较多，但难度不大。
9.如图，弹簧左端固定于竖直墙壁，右端与物块M连接，置于粗糙水平面上，当M位于O点时弹簧恰好不发生形变．现将物块M拉至A处由静止释放，M向左最远可运动至B点．则物块（）
A.从A到O一直加速运动B.从A到O先加速后减速
C.从O到B先加速后减速D.从O到B先匀速后减遠
【详解】根据题意知道，物体从A点向左运动到O点的过程中，竖直方向受重力和支持力，二力平衡；
水平方向受到向左的弹力和向右的摩擦力，刚从A点释放时，弹力大于摩擦力，物体加速向左运动，随着物体向左运动，弹簧压缩量减小，弹力减小，在某一位置，弹力会减小到等于摩擦力，由于惯性继续运动，弹力会小于摩擦力，物体开始减速，所以，物块从A点运动到O点先加速后减速；
从O点到B点的过程中，水平方向受到向右的弹力和向右的摩擦力，所以，从O点到B点一直做减速运动，综上所述，只有B正确，故选B。
【点睛】本题考查的是力与运动的关系，解题的关键是分阶段结合运动情况对物体受力分析，从而最终确定物体的运动情况。
10.如图甲，电源电压恒定，R0为定值电阻，电阻R的阻值随环境温度变化而改变．改变环境温度，定值电阻R0两端的电压U0随温度t变化的关系如图乙所示．则下列描述R两端的电压U、电路消耗的总功率P随温度t变化的关系图线中，可能正确的是（）
【详解】由图甲知道，R0与R串联，电压表测量的是R0的电压；
由图乙知道，随着温度的升高，R0两端的电压降低，说明随着温度的升高电阻R两端的电压增加，由串联分压知道，随着温度的升高R的阻值的阻值增加，R两端的电压增大，故A错误，B正确；
随着R的阻值的阻值增加，电路的总电阻增加，由欧姆定律知道，电路的总电流减小，由P=UI知道，电源电源不变，总电流减小，所以电路的总功率减小，故D错误，由图乙知道，电路的电流与温度呈线性变化，所以总功率与温度也呈线性变化，故C错误，故选B。
【点睛】不同考查的是串联电路的特点、欧姆定律及电功率的计算，解题的关键是根据图像读出电路电阻的变化，有一定的难度。
11.三峡水电站利用水能发电，水能属手________能源：
水从高处落下进入发电机前，其重力势能转化为________能；
发电机是利用__________原理发电的．
【答案】
（1）.可再生
（2）.动（3）.电磁感应
【详解】能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源，如风能、太阳能和水能，在使用完后，短期可以再生，所以，都是可再生能源；
水从高处向低处运动时，由于质量不变，高度减小，所以水的重力势能减小，由于速度增加，所以水的动能增加，故此过程是重力势能转化为动能；
发电机是通过法拉第的电磁感应原理来工作的。
【点睛】本题考查的是能源的分类、动能势能的转化，电磁感应原理，属于基础题目，难度不大。
12.如图所示，小明用刻度尺测量一正方体物块的边长，读数为_______cm．小明把天平放在水平桌面上，游码移至标尺的零刻度处，指针偏向分度盘右侧，他向________调节平衡螺母使天平平衡；
然后把物块放在左盘，右盘中放入一个10g的砝码，天平再次平衡．若把该物块放入装满水的烧杯中，物块_______（选填“会”或“不会”）沉底，烧杯底部受到水的压强将_________．
【答案】
（1）.1.95
（2）.左（3）.会（4）.变大
【详解】由图知道，刻度尺的分度值是1mm，物体左端与零刻度线对齐，右端在1.9cm与2.0cm之间，估读为1.95cm，所以，正方体物块的边长是：
L=1.95cm；
天平使用前需要调节，若偏向分度盘右侧，则应向左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
根据题意知道，当把该物块放在左盘时，右中放入一个10g的砝码，天平再次平衡，由此可知，物体的质量是：
m=10g，又因为正方体物块的边长是：
L=1.95cm，所以，正方体物块的体积是：
V=L3=（1.95cm）3≈7.4cm3，故正方体物块的密度是：
ρ物=m/V=10g/7.4cm3≈1.35g/cm3，由于ρ物＞ρ水，所以，把该物块放入装满水的烧杯中，物块将会沉底；
由于把该物块放入装满水的烧杯前后，烧杯中水的密度和深度不变，所以，水对烧杯底产生的压强不变。
【点睛】本题考查的是刻度尺、天平的使用，密度的计算和影响液体压强的因素，解题的关键是掌握密度的公式、熟知水的密度，难度不大。
13.小芳探究水沸腾的特点，用热水做实验，这是为了__________________；
小芳发现水沸腾时继续加热，水温保持不变，停止加热，水很快停止沸腾，这说明水沸腾时需要________________．烧杯中水的质量为100g，停止加热后，水温从100℃降至40℃，水放出的热量为_______J，相当于完全燃烧________g酒精放出的热量．[
，
]
【答案】
（1）.缩短加热时间
（2）.吸收热量（3）.2.52×
104（4）.0.84
【详解】探究水沸腾的特点时，若用热水做实验，可以更快的使水沸腾，即可以缩短加热时间；
在实验过程中，停止加热，水很快停止沸腾，说明水沸腾时是需要吸收热量的；
由Q=cm△t知道，烧杯中水放出的热量是：
Q放水=c水m水△t=4.2×
103J/（kg•℃）×
0.1kg×
（100℃-40℃）=2.52×
104J；
这些热量若由酒精完全燃烧释放，则需要酒精的质量是：
m酒精=Q放酒精/q酒精=2.52×
104J/3.0×
107J/kg=0.00084kg=0.84g
【点睛】本题考查的是探究水沸腾的特点，考查了沸腾的特点、放热公式Q放=cm△t、热值公式Q放=mq的应用，难度不大。
14.某大学利用电动巴土提供从学校到火车站的送站服务，两地相距10km，行驶中巴士所受阻力恒为1.2×
103N．设巴土的电机将电能转化为机械能的效率为80％，牵引力F与车速倒数
的关系如图．
（1）巴士轮胎表面的花纹是为了________摩擦；
轮胎与地面接触的总面积为0.2m2，搭载20名大学生后，巴士对地面的压强约增大________Pa．
（2）由图像可知，巴士的速度越大牵引力越________；
当牵引力为2.4×
103N时，巴士的速度为________m/s．
（3）提供动力的电池电压为500V，总容量为120Ah．行驶过程中电池的放电量不能超过总量的80％．则巴士充满一次电最多能来回跑_________趟．
【答案】
（1）.增大
（2）.6×
104（3）.小（4）.5（5）.5
【详解】
（1）巴士轮胎表面的花纹是为了在压力一定时，利用增加接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
根据常识知道，大学生的重力约为600N，若搭载20名大学生后，则对地面的压力增加约是：
△F=nG=20×
600N=12000N；
又因为轮胎与地面接触的总面积是：
S=0.2m2，所以巴士对地面增大的压强是：
△p=△F/S=12000N/0.2m2=6×
104Pa；
（2）由图象知道，牵引力与速度的倒数成正比，即牵引力与速度成反比，所以牵引力越大，速度越小；
由图象知道，当牵引力是：
F1=1.2×
103N时，速度的倒数是：
，所以当牵引力是：
F=2.4×
103N时，速度的倒数为0.2，故巴士的速度是：
v=1/0.2m/s=5m/s；
（3）由于提供动力的电池电压是500V，总容量是120Ah，所以储存的总电能是：
W=UIt=500V×
120A×
3600s=2.16×
108J，
由于行驶过程中电池的放电量不能超过总量的80%。
则实际能消耗的电能是：
W′=W×
80%=2.16×
108J×
80%=1.728×
108J；
由于巴士的电机将电能转化为机械能的效率是80%，所以能获得的机械能（即有用能量）是：
W有=ηW′=80%×
1.728×
108J=1.3824×
所以，总共能行驶的距离是：
s总=W有/F=1.3824×
108J/1.2×
103N=1.152×
105m=115.2km；
即巴士充满一次电最多能来回跑的趟数是：
n=s总/2s=115.2km/20km=5.76≈5趟。
【点睛】本题考查的是增大摩擦力的方法、压强的计算、对图象的理解以及能量转化的相关计算等知识，是一道综合题，有一定的难度。
15.小华用图示装置探究滑轮组的机械效率，实验数据记录如下：
（1）实验中应竖直向上_______拉动弹簧测力计，绳端移动距离为________m．
（2）第3次实验的机械效率为________%．
（3）分析数据可知，提高同一滑轮组的机械效率，可以采取的措施是_________________；
小华所用动滑轮的重一定小于_______N．
【答案】
（1）.匀速
（2）.0.3（3）.80（4）.增加物重（5）.1
（1）实验中只有匀速竖直向上拉动弹簧测力计，才能保证弹簧测力计的示数稳定，拉力大小不变，所以，应匀速拉动弹簧测力计；
由图知道，承担物重的绳子的有效股数是：
n=3，所以，弹簧测力计移动的距离是：
s=3h=3×
0.10m=0.3m；
（2）由表格数据知道，第3次测量中，有用功是：
W有用=Gh=6N×
0.10m=0.60J；
总功是：
W总=Fs=2.5N×
0.30m=0.75J；
所以，机械效率是：
η3=W有用/W总×
100%=0.60J/0.75J×
100%=80%
（3）分析1、2、3次数据知道，同一滑轮组，物体越重，机械效率越高，所以，增加物重可以提高同一滑轮组的机械效率；
由于物体越重时，对滑轮的压力越大，摩擦力越大，所以第一次实验受摩擦力的影响最小，故由第一次实验数据，忽略摩擦力的影响时，计算的滑轮的重力是：
G动=nF-G物=3×
1N-2N=1N，所以，所用动滑轮的重一定小于1N。
【点睛】本题考查的是探究滑轮组的机械效率，解题的关键：
一是要知道改变机械效率的方法（增大提升重物的重、减少摩擦机械重），二是知道承担物重的绳子的股数。
16.按题目要求作图．
（1）如图甲，物体A沿光滑斜面下滑，作出物体所受重力和弹力的示意图．
（2）如图乙，O为轻质杠杆的支点，A点挂一重物，杠杆在图示位置平衡，作出阻力臂
和最小动力F1的示意图．
（3）如图丙，小磁针静止在通电螺线管的正上方，请在图中标出电源的正、负极和磁感线方向．
【答案】
（1）在光滑的斜面上，物体受到的重力方向竖直向下，作用点（重心）在其几何中心上；
斜面对物体的支持力方向垂直斜面向上，作用点也在物体的几何中心上，如图：
（2）根据题意知道，阻力的作用点是A，方向竖直向下，过支点O作力F2作用线的垂线段OC，即为阻力臂L2；
由图知道，当力F1作用在B点，最大力臂L1是杆长OB时，此时力F1最小，阻力臂
和最小动力F1的示意图如图：
如图
（3）由异名磁极相互吸引知道，通电螺线管的左端为N极、右端为S极，故其周围的磁感线从N极出发、回到S极，则图中磁感线方向指向右；
通电螺线管的左端为N极、右端为S极，由右手螺旋定则可知电流从螺线管的右侧流入、从左侧流出，所以电源右端为正极、左端为负极，如图：
【点睛】本题考查的是内容较多，涉及力示意图及最大力臂作图、磁极间的作用规律、磁感线的方向规定、右手螺旋定则等的应用，难度不大。
17.一艘在海上“丝绸之路”航行的集装箱货船，满载时的总质量m＝6.7×
107kg，它在2h内匀速航行36km，推进力的功率P＝6.0×
107W，海水密度取1.0×
103kg/m3，g取10N/kg．求：
（1）满载时货船的总重力；
（2）满载时货船排开海水的体积；
（3）货船匀速航行时受到的阻力．
（1）6.7×
108N；
（2）6.7×
104m3；
（3）
（1）由G=mg知道，满载时货船的总重力是：
G=mg=6.7×
107kg×
10N/kg=6.7×
108N；
（2）由平衡条件知道，满载时货船受到海水的浮力是：
F浮=G=6.7×
由阿基米德原理知道，F浮=G排=m排g=ρ海gV排，所以，满载时货船排开海水的体积是：
V排=F浮/ρ水g=6.7×
108N/1.0×
103kg/m3×
（3）根据题意知道，货船匀速航行的速度是：
v=s/t=36km/2h=18km/h=5m/s；
由P=W/t=Fs/t=Fv知道，货船行驶时的牵引力是：
F=P/v=6.0×
107W/5m/s=1.2×
107N；
由于货船匀速航行，所以受到的阻力是：
f=F=1.2×
107N
【点睛】本题考查的是速度、重力、浮力和功率的计算，利用好漂浮条件和阿基米德原理是本题的关键。
18.如图电路中，电源电压恒定，小灯泡L标有“6V4.8W”，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2标有“20Ω0.5A”．当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，灯泡正常发光．
（1）求小灯泡的额定电流；
（2）滑片P置于最左端，闭合S1、S2，求10s内电路消耗的总电能；
（3）滑片P置于最右端，只闭合S2，移动滑片P，使R2的电功率占电路总功率的比值最小，则R2的电功率多大？
（1）
（2）84J；
（1）因为小灯泡L标有“6V4.8W”，所以，由P=UI知道，小灯泡正常发光的电流是：
I额=P额/U额=4.8W/6V=0.8A；
（2）根据题意知道，当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1时，电路为只有灯泡L工作的电路，且灯泡能正常发光，说明灯泡两端的电压为电源电压，即电源电压是：
U电源=U额=6V；
当滑片P置于最左端，闭合S1、S2时，电路中灯泡L和电阻R1并联，通过电阻R1的电流是：
I1=U电源/R1=6V/10Ω=0.6A，所以，干路的电流为：
I=I额+I1=0.8A+0.6A=1.4A，
故10s内电路消耗的总电能是：
W=UIt=6V×
1.4A×
10s=84J；
（3）由电路图知道，当滑片P置于最右端，只闭合S2时，电阻R1与R2串联，由P=UI知道，滑动变阻器R2消耗的电功率是：
P2=U2I，电路消耗的总功率是：
P总=U总I，R2的电功率与电路总功率的比值是：
，要想使这个比值最小，则
要最大，即滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，且电流不能超过0.5A，所以此时电路的最大电流是：
Imax=0.5A，电路的总电阻应是：
R总=U总/Imax=6V/0.5A=12Ω，R2的最小电阻是：
R2小=R总-R1=12Ω-10Ω=2Ω；
即当R2为2Ω时R2的电功率占电路总功率的比值最小，此时R2的电功率是：
P2=Imax2R2=（0.5A）2×
2Ω=0.5W。
【点睛】本题考查的是对电功率、欧姆定律计算公式和串并联电路特点的认识和掌握，综合性较强，解题的关键是弄清电路结构。
19.小明和小虎设计如图甲所示的电路测量未知电阻
的阻值．实验器材有：
电源（电压4.5V）、滑动变阻器R（0~20Ω）、电阻箱R0（0~999.9Ω）、电流表、单刀双掷开关及导线若干．
（1）请根据图甲所示的电路，在图乙中用笔画线代替导线将实物图连接完整．_________
（2）小明将S拨至“1”，调节滑动变阻器的滑片至某一位置，电流表示数为0.36A．再将S拨至“2”，调节电阻箱，使电流表示数为_______A，此时电阻箱的示数如图丙所示．则待测电阻的阻值
=_________Ω．
（3）把电阻箱的阻值从10.0Ω调到丙图所示的阻值时，小虎想先把“×
10”档从1调到0，再调“×
1”档．你认为他的想法是否妥当？
答：
_________（选填“是”或“否”），理由是：
________________________．
（4）测量结束断开开关后，应首先拆除________（选填“电源”或“电流表”）两端导线．
【答案】
（1）.
（2）.0.36（3）.9（4）.否（5）.电阻箱的电阻突然变小，可能导致电路电流太大损坏元件（6）.电源
（1）根据图甲所示的电路图知道，待测电阻与电阻箱并联，滑动变阻器的滑片右移时，接入电路的电阻增加，所以，滑动变阻器左下接线柱接入电路，依照电路图实物连接如图：
（2）小明将S拨至“1”，调节滑动变阻器的滑片至某一位置，电流表示数为0.36A，此时保持滑动变阻器的滑片的位置不变，再将S拨至“2”，调节电阻箱，使电流表示数为0.36A，则电阻箱的示数即是待测电阻的阻值，由图丙知道，电阻箱的示数是：
0.1×
0+1×
9+10×
0+100×
0=9Ω，所以待测电阻的阻值是：
=9Ω；
（3）小虎的想法不妥当，因为电阻箱的电阻突然变小，可能导致电路电流太大损坏元件；
（4）测量结束断开开关后，在拆除电路时，为了安全，应断开开关，首先拆除电源两端的导线。
【点睛】本题考查的是测量未知电阻Rx的阻值，运用的不是常规的伏安法，考查的是电路的连接及等效替代法的具体应用。
20.学习小组用图甲所示的圆柱形纸质套筒做“探究小孔成像规律”的实验，发现像的大小不同，亮度也不一样．
（1）关于像的亮度与哪些因素有关，他们提出以下猜想：
猜想1：
与小孔到光屏的距离有关；
猜想2：
与小孔的形状有关；
猜想3：
与小孔的大小有关．
①类比利用太阳光测凸透镜焦距时，光屏从焦点处远离透镜过程中，光斑越大越暗的现象，可判断猜想1是_________的．
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