高一物理月考试题及答案河南郑州一中学年高一下学期入学考试.docx

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高一物理月考试题及答案河南郑州一中学年高一下学期入学考试

2015-2016学年河南省郑州一中高一（下）入学物理试卷

一、选择题

1．2013年8月，我国新研制的隐形战机歼﹣20，开始挂弹试飞．在某次试飞中，由静止开始加速，当加速度a不断减小至零时，飞机刚好起飞，则此过程中飞机的（　　）

A．位移不断减小，速度不断减小

B．位移不断增大，速度不断增大

C．速度增加越来越慢，位移增加越来越快

D．速度增加越来越慢，位移增加越来越慢

2．如图所示，质量为m的木块放在粗糙的水平地面上，木块与地面间的动摩擦因数为0.5，水平推力F作用于木块上，但未把木块推动，则在四个选项中反映木块受到的静摩擦力f随水平推力F变化的关系图线是（　　）

A．

B．

C．

D．

3．如图所示，质量为mB=24kg的木板B放在水平地面上，质量为mA=22kg的木箱A放在木板B上．一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为θ=37°．已知木箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1=0.5．现用水平方向大小为200N的力F将木板B从木箱A下面匀速抽出（sin37°≈0.6，cos37°≈0.8，重力加速度g取10m/s2），则木板B与地面之间的动摩擦因数μ2的大小为（　　）

A．0.3B．0.4C．0.5D．0.6

4．如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端水平抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足（　　）

A．tanφ=sinθB．tanφ=2tanθC．2tanφ=tanθD．tanφ=cosθ

5．我国邹德俊先生发明了吸附式挂衣钩，挂衣钩的主要部分是用橡胶制成的皮碗，挂衣钩可以吸附在竖直平整墙壁或木板上，与墙壁接触时，只有皮碗的

与墙壁接触，中空部分是真空，如图所示，若皮碗的整个截面面积为S，外界大气压强为p0，橡胶与墙面间的动摩擦因数为μ，问挂衣钩最多挂多重的衣物（　　）

A．p0SB．μp0SC．

μp0SD．

p0S

6．如图所示，m=2kg的物体，在F1=40N，F2=30N的两个相反的水平拉力及竖直向下的力F3的作用下仍处于静止状态．若撤去水平外力F2，则物体的加速度可能是（　　）

A．0B．5m/s2C．15m/s2D．20m/s2

7．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是（　　）

A．

B．

C．

D．

8．物体甲的x﹣t象和物体乙的v﹣t别如图所示，则这两个物体的运动情况是（　　）

A．甲在整个t=6s时间内来回运动，它通过的总位移为零

B．甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m

C．乙在整个t=6s时间内来回运动，它通过的总位移为零

D．乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m

二、非选择题

9．如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．

（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持　　　　　　不变，用钩码所受的重力作为　　　　　　，用DIS测小车的加速度．

（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如图所示）．

①分析此图线的OA段可得出的实验结论是　　　　　　．

②（单选题）此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是　　　　　　

（A）小车与轨道之间存在摩擦

（B）导轨保持了水平状态

（C）所挂钩码的总质量太大

（D）所用小车的质量太大．

10．如图所示是用某监测系统每隔2.5s拍摄火箭起始加速阶段的一组照片，已知火箭的长度为40m，现在用刻度尺测量照片上的长度关系，结果如图所示，请你估算火箭的加速度a和火箭在照片中第2个像所对应时刻的瞬时速度大小v．

11．参加电视台娱乐节目，选手要从较高的平台上以水平速度跃出后，落在水平传送带上，已知平台与传送带高度差H=1.8m，水池宽度S0=1.2m，传送带AB间的距离L0=20m，由于传送带足够粗糙，假设人落到传送带上后瞬间相对传送带静止，经过一个△t=1.0s反应时间后，立刻以a=2m/s2恒定向右加速度跑至传送带最右端．

（1）若传送带静止，选手以v0=3m/s水平速度从平台跃出，求从开始跃出到跑至传送带右端经历的时间．

（2）若传送带以u=1m/s的恒定速度向左运动，选手要能到达传送带右端，他从高台上跃出的水平速度v1至少多大？

在此情况下到达B点时刻速度大小是多少？

12．一物体沿斜面向上以12m/s的初速度开始滑动，它沿斜面向上以及沿斜面向下滑动的v﹣t图象如图所示，求斜面的倾角以及物体与斜面间的动摩擦因数．（g取10m/s2）

2015-2016学年河南省郑州一中高一（下）入学物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题

1．【考点】匀变速直线运动的公式．

【专题】直线运动规律专题．

【分析】当加速度和速度方向相同，物体做加速运动，当加速度和速度方向相反，物体做减速运动．根据速度的方向判断位移的变化．

【解答】解：

AB、飞机做加速运动，加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大，由于速度的方向不变，则位移不断增大．故A错误，B正确．

C、因为加速度逐渐减小，可知速度增加得越来越慢，当加速度减小到零，速度最大，位移继续增大，位移增加快慢用速度衡量故位移增加越来越快，故C正确，D错误．

故选：

BC．

【点评】解决本题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．

2．【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．

【专题】摩擦力专题．

【分析】水平推力F作用于木块上，但未把木块推动，说明此时木块受静摩擦力作用，根据平衡条件即可求解．

【解答】解：

水平推力F作用于木块上，但未把木块推动，说明此时木块受静摩擦力作用且f=F，只有A正确

故选A

【点评】解决本题要抓住未把木块推动，物体处于平衡状态，静摩擦力等于推力．

3．【考点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．

【专题】共点力作用下物体平衡专题．

【分析】将物体B匀速向右拉出过程中，A物体保持静止状态，受力均平衡．分别分析两个物体的受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解即可．

【解答】解：

（1）对A受力分析如图甲所示，由题意得：

FTcosθ=Ff1…①

FN1+FTsinθ=mAg…②

Ff1=μ1FN1…③

由①②③得：

FT=100N

（2）对A、B整体受力分析如图乙所示，由题意得：

FTcosθ+Ff2=F…④

FN2+FTsinθ=（mA+mB）g…⑤

Ff2=μ2FN2…⑥

联立④⑤⑥并代入数据得：

μ2=0.3

故选：

A

【点评】本题是两个物体平衡问题，采用隔离法研究，关键是分析物体的受力情况，作出力图后根据平衡条件列方程求解．

4．【考点】平抛运动．

【专题】定性思想；推理法；平抛运动专题．

【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学公式分别求出位移与水平方向夹角的正切值以及速度与水平方向夹角的正切值，从而分析判断．

【解答】解：

速度与水平方向夹角的正切值为？

：

tanφ=

，

位移与水平方向夹角的正切值为：

tanθ=

，

可知：

tanφ=2tanθ．

故选：

B．

【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，难度不大．

5．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．

【专题】定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．

【分析】大气对吸盘产生垂直于墙面的压力，在竖直方向上靠重力和静摩擦力处于平衡．

【解答】解：

大气压强对整个挂钩作用面均有压力，设为N，

则有：

N=p0S

滑动摩擦力与最大静摩擦力相差很小，在计算时可认为相等，

设这种挂钩最多能挂重为G的物体，根据力的平衡，

则有：

G=μN=μp0S，

故选：

B

【点评】解决本题的关键知道吸盘在竖直方向上受重力和摩擦力平衡，根据正压力求出最大静摩擦力，即可得出最大重力的大小．

6．【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．

【专题】牛顿运动定律综合专题．

【分析】对物体进行受力分析，由力的合成可得出静摩擦力的大小；撤去拉力后，根据另一拉力与摩擦力的关系判断物体是否静止，则可求出木块受到的合力．

【解答】解：

木块开始在水平方向受三个力而平衡，则有

f=F1﹣F2=40﹣30=10N；

物体处于静止状态，则说明物体受到的最大静摩擦力大于等于10N；

撤去F2后，外力为0N≤F合≤30N，由牛顿第二定律：

，故物体的加速度：

0≤a≤15m/s2，故ABC正确，D错误；

故选：

ABC．

【点评】本题是初学摩擦力的同学易错的一个题目，解答本题应准确理解静摩擦力的定义，并能根据受力分析得出力之间的关系．

7．【考点】匀变速直线运动的图像．

【专题】运动学中的图像专题．

【分析】x﹣t图象中的纵坐标表示物体的位置，v﹣t图象中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图象中的运动过程可得出正确结果．

【解答】解：

A、由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，物体先沿正向运动，后沿负向运动，最后回到了初始位置，故A正确；

B、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故不可能回到初始位置，故B错误；

C、物体在第1s内沿正方向运动，第2s内继续沿正向运动，故2s末物体没有回到初始位置，故C错误；

D、物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；

故选：

AD．

【点评】图象为物理学中的重要方法，在研究图象时首先要明确图象的坐标，从而理解图象的意义；即可确定点、线、面的含义．

8．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【专题】运动学中的图像专题．

【分析】位移时间图线的斜率表示瞬时速度，根据纵坐标的变化量表示位移．速度时间图线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴围成的面积表示位移．速度的正负表示速度的方向．

【解答】解：

A、B、根据位移时间图线的斜率表示瞬时速度，可知，甲在整个t=6s时间内一直沿正向运动，总位移为△x=2m﹣（﹣2m）=4m，故A错误，B正确．

C、D、速度图象中，速度的正负，表示速度的方向，即表示物体的运动方向．速度先负后正，说明物体乙先沿负向运动，后沿正向运动．根据图线与时间轴围成的面积表示位移，图线在t轴上方位移为正值，下方位移为负值，得知总位移为0，故C正确，D错误．

故选：

BC

【点评】解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率分别表示的意义．

二、非选择题

9．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

【专题】实验题．

【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．

该实验是探究加速度与力的关系，我们采用控制变量法进行研究．

根据图象得出变量之间的关系，知道钩码所受的重力作为小车所受外力的条件．

【解答】解：

（1）因为要探索“加速度和力的关系”所以应保持小车的总质量不变，钩码所受的重力作为小车所受外力；

（2）由于OA段a﹣F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：

mg=Ma

得a=

=

，而实际上a′=

，可见AB段明显偏离直线是由于没有满足M＞＞m造成的．

故答案为：

（1）小车的总质量，小车所受外力，

（2）①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比，

②C，

【点评】要清楚实验的研究方法和实验中物理量的测量．

当钩码的质量远小于小车的总质量时，钩码所受的重力才能作为小车所受外力．

10【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．

【专题】计算题；定量思想；推理法；直线运动规律专题．

【分析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出火箭的加速度，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第2个像对应时刻的瞬时速度．

【解答】解：

从照片上可得，照片上的1cm相当于实际长度20m，量出前后两段位移分别为4.00cm和6.50cm，

对应的实际位移分别为80m和130m，

由△x=aT2得，a=

．

再根据这5s内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可得照片中第2个像所对应时刻的瞬时速度

．

答：

火箭的加速度a为8m/s2，第2个像所对应时刻的瞬时速度大小v为42m/s．

【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．

11．【考点】平抛运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系．

【专题】传送带专题．

【分析】

（1）从开始跃出到跑至传送带右端经历的时间经历两个过程：

平抛运动和匀加速直线运动．平抛运动的时间可以通过竖直方向去求，因为平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做匀速直线运动，求出水平位移，然后再求出匀加速运动的位移以及时间．

（2）选手平抛运动到传送带上后，在反应时间内跟传送带一起向左做匀速，然后以2m/s2的加速度向左做匀减速直线运动到0，如果在这段时间内未掉入水中，则不会调入水中，以后向右做初速度为0的匀加速直线运动．

【解答】解：

（1）H=

，

=0.6s

选手在水平方向上的位移s1=v0t1=1.8m

则匀加速运动的位移s2=L0+s0﹣s1=

t2=4.4st=t1+t2+△t=6.0s

（2）设水平跃出速度v1，落到传送带1s反应时间内向左位移大小s1=u△t=1m

然后向左减速至速度为零，向左发生位移

不从传送带上掉下，平抛水平位移s≥S0+s1+s2=2.45m

则

=4.08m/s最小速度为4.08m/s

在此情况下到达B点时刻速度v2=2aL0

．

故本题答案为：

6.0s，

m/s．

【点评】解决本题的关键分析出选手的运动情况，然后根据平抛运动和运动学公式求解．

12．【考点】摩擦力的判断与计算；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像．

【专题】摩擦力专题．

【分析】先根据图象求加速度，再对物体受力分析，列牛顿第二定律方程求夹角及动摩擦因数．

【解答】解：

由题图可知上滑过程的加速度a=

则：

a上=

m/s2=6m/s2，

下滑过程的加速度a下=

m/s2=4m/s2

上滑过程和下滑过程对物体受力分析如图

上滑过程

a上=

=gsinθ+μgcosθ

下滑过程a下=gsinθ﹣μgcosθ，

联立解得θ=30°，μ=

答：

斜面的倾角30°，物体与斜面间的动摩擦因数μ=

．

【点评】根据图象求解加速度是本题的关键，正确的受力分析和列方程即可解决．