新疆中考物理真题及答案.docx
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新疆中考物理真题及答案
2018新疆中考物理真题及答案
一、选择题（本题有10个小题，每题3分，共30分。
每小题4个选项，其中只有1个选项是符合题意的。
选对得3分，多选、不选、错选不得分）
1.关于声音，下列说法错误的是（ ）
A.声音由物体振动产生
B.声音可以在真空中传播
C.声音可以传递信息
D.声音可以传递能量
解析：
本题考查的是：
声音的产生；声音的传播条件；声与信息。
A.一切声音的产生都是由物体振动产生的，故A正确；
B.声音的传播需要介质，但不能在真空中传播，故B错误；
CD.声音即能够传递信息，如医生给病人做B超检查身体的病变等，声音能够传递能量，如超声波粉碎体内结石等，故CD正确。
答案：
B
2.利用干冰（固态CO2）进行人工降雨的过程中，干冰发生的物态变化是（ ）
A.升华
B.凝华
C.汽化
D.液化
解析：
本题考查的是：
升华和凝华的定义和特点。
人工降雨过程中，在高空云层中撒播干冰（固态二氧化碳），干冰会迅速吸热升华为二氧化碳气体，使周围的温度降低，部分水蒸气液化成水滴，部分水蒸气凝华成小冰晶，形成降雨。
答案：
A
3.扩散现象可以说明（ ）
A.分子间有引力
B.分子间有斥力
C.分子间有间隙
D.分子定向运动
解析：
本题考查的是：
扩散现象。
物体的扩散是因为分子在做无规则运动能进入对方分子的空隙中，故也能说明分子间是有间隙的，故C正确。
答案：
C
4.为了确保用电安全，下列做法错误的是（ ）
A.不接触低压带电体，不靠近高压带电体
B.更换灯泡、搬动电器应断开电源开关
C.不弄湿用电器，不损坏绝缘层
D.发生电器火灾应立即泼水救火
解析：
本题考查的是：
安全用电原则。
A、安全用电的原则：
不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故A正确；
B、更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关，故B正确；
C、不弄湿用电器，不损坏绝缘层，以防发生触电事故，故C正确；
D、由于水是导体，所以当由于电热引起的火灾，在没有切断电源之前是不能用水来救火的，故D错误。
答案：
D
5.毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，说明摩擦过程中橡胶棒（ ）
A.得到电子
B.失去电子
C.得到正电荷
D.失去正电荷
解析：
本题考查的是：
摩擦起电的实质。
摩擦起电过程是得到和失去电子的过程，因此其实质是电子的转移。
当一个物体失去电子时，物体的电子比质子少，带正电；当得到电子时，物体的电子比质子多，带负电。
毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，说明橡胶棒得到电子。
答案：
A
6.如图所示，每个滑轮的重力相等，不计绳重和摩擦力，G1=60N，G2=38N，甲乙两种情况下绳子在相等拉力F作用下静止。
则每个动滑轮的重力为（ ）
A.3N
B.6N
C.11N
D.22N
解析：
本题考查的是：
滑轮组绳子拉力的计算。
由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数分别为：
n1=3，n2=2，
每个滑轮的重力相等，设动滑轮的重力为G轮，
不计绳重和摩擦力，则拉力分别为：
F1=
（G1+G轮），F2=
（G2+G轮），
由题知F1=F2，
所以
（G1+G轮）=
（G2+G轮），
即：
（60N+G轮）=
（38N+G轮），
解答动滑轮的重力：
G轮=6N。
答案：
B
7.你站在地球表面，大气对你正面的压力大约是（ ）
A.60N
B.600N
C.6000N
D.60000N
解析：
本题考查的是：
大气压强的存在。
人体正面的高1.5m左右，宽40cm左右，面积约为S=1.5m×0.4m=0.6m2，
根据p=
可得大气对人体正面的压力大约：
F=pS=105Pa×0.6m2=60000N。
答案：
D
8.夜晚，发着光的小萤火虫从放大镜的2倍焦距处沿着主光轴匀速飞行过程中，萤火虫发出的通过放大镜部分的光逐渐减少，则萤火虫的像（ ）
A.远离放大镜，平均速度小于萤火虫的飞行速度
B.远离放大镜，平均速度大于萤火虫的飞行速度
C.靠近放大镜，平均速度小于萤火虫的飞行速度
D.靠近放大镜，平均速度大于萤火虫的飞行速度
解析：
本题考查的是：
凸透镜成像的应用。
由于萤火虫发出的光向四面传播，萤火虫发出的通过放大镜部分的光逐渐减少，说明萤火虫是远离放大镜的；故CD错误；
发着光的小萤火虫从放大镜的2倍焦距处向远处移动，像的范围在一倍焦距和二倍焦距之间，萤火虫的移动速度要大于像的移动速度，故A正确，B错误。
答案：
A
9.高层建筑的墙体中有三根绞在一起的电线，可以用如图乙所示的“测量仪”把它们区分开。
小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光；小华将B、C连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光。
则（ ）
A.A和Y是同一根电线，B和Z是同一根电线
B.B和Z是同一根电线，C和Y是同一根电线
C.A和Y是同一根电线，B和X是同一根电线
D.B和X是同一根电线，C和Y是同一根电线
解析：
本题考查的是：
电路的三种状态。
（1）小华将A、B连在一起时，小明将“测量仪”连接在X、Z两端，灯泡发光，如图1所示；
图1中上面只剩下C端，下面只剩下的是Y端，则说明C和Y是同一根电线；
（2）小华将B、C连在一起时，小明将“测量仪”连在X、Y两端，灯泡发光，如图2所示；
图1中上面只剩下A端，下面只剩下的是Z端，则说明A和Z是同一根电线；
综上分析，C和Y是同一根电线，A和Z是同一根电线，则剩下的B和X是同一根电线，故D正确，ABC错误。
答案：
D
10.如图所示，轻质杆可绕O点转动。
分别将质量相同的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬
挂于杆的最左端并浸没水中，将质量与王冠相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处（图
中未标出），杆恰好在水平位置平衡。
测得A、C两点间的距离为7cm，B、C两点间的距离为3cm。
则王冠中金和银的质量比为（ ）
A.3：
7
B.7：
3
C.2：
5
D.5：
2
解析：
本题考查的是：
杠杆的平衡条件；阿基米德原理。
设纯金块、纯银块、金银制作的王冠以及重物的质量为m，
纯金块、纯银块、金银制作的王冠的密度分别为ρ1、ρ2、ρ3，体积分别为V1、V2、V3，
由于ρ1＞ρ3＞ρ2，根据V=
可知，三者的体积关系：
V1＜V3＜V2，
浸没在水中时，三者排开水的体积与各自的体积相等，
根据F浮=ρ水gV排可知，三者的浮力关系：
F浮1＜F浮3＜F浮2，
当质量相同（重力相同）的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并分别浸没水中时，杆的最左端受到的拉力：
F拉=G-F浮，由于F浮1＜F浮3＜F浮2，则F拉1＞F拉3＞F拉2，且左边拉力的力臂相同，
根据杠杆平衡条件可知，相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处，如下图所示：
根据阿基米德原理和杠杆平衡条件得，当纯金块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：
（mg-ρ水gV1）LOD=mg（LOB+LBC+LAC）-----①
当纯银块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：
（mg-ρ水gV2）LOD=mgLOB------②
当金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中时有：
（mg-ρ水gV3）LOD=mg（LOB+LBC）------③
用①-②得，（ρ水gV2-ρ水gV1）LOD=mg（LBC+LAC）------④
用③-②得，（ρ水gV2-ρ水gV3）LOD=mgLBC------⑤
用④÷⑤得，
=
=
=
，
化简整理得，10V3-3V1-7V2=0-----⑥
设王冠中金和银的质量分别为m1、m2，
则王冠的体积：
V3=
+
-----⑦
纯金块的体积：
V1=
-------⑧
纯银快的体积：
V2=
---------⑨
将⑦⑧⑨代入⑥整理得，
+
=0，
由于ρ1＞ρ2＞0，所以，10m1-3m=0；10m2-7m=0；
解得：
m1=
m；m2=
m；
则王冠中金和银的质量之比：
m1：
m2=
m：
m=3：
7。
答案：
A
二、填空题（本题有4个小题，每空1分，共30分。
）
11.（10分）汽车是我们生活中常见的交通工具，了解汽车的有关知识对我们十分必要。
（1）家用小汽车的挡风玻璃是倾斜的，主要是为了防止车内物体经过玻璃成的___________（选填“虚”或“实”）像对司机的干扰。
深秋季节，车窗玻璃内侧有时会变模糊，是因为车内的水蒸气会___________成雾附着在玻璃上，这个过程水蒸气___________热量。
解析：
本题考查的是：
液化及液化现象；功率计算公式的应用；热机的效率。
根据物体在平面镜中成像时，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等。
小汽车前面玻璃是倾斜的，汽车内物体的像在汽车的上方，司机看前面道路时，物体的像不会影响司机的视线；深秋，汽车内的人会呼出很多水蒸气，而玻璃的温度较低，水蒸气遇到温度较低的玻璃会液化成小水珠附着在玻璃上，使玻璃变模糊，此过程放出热量。
答案：
①虚②液化③放出
（2）道交法规定汽车过隧道不能超车，是因为超车过程中两车之间的空气流速增大，压强变___________，容易发生事故。
汽车在加速过程中___________（选填“安全带”或“座椅靠背”）对司机起到保护作用。
解析：
两辆汽车在高速公路上应尽量避免并排行驶，因为两车之间空气流速快，压强小，容易发生碰撞事故；在座位的靠背上安装“头枕”，当轿车加速或被后面的车撞击时速度加快，乘客由于惯性会保持原来的运动状态，此时头枕可以起到防止乘客颈椎受伤。
答案：
①小②座椅靠背
（3）汽车以最大功率在山路爬坡时，可以通过___________（选填“增大”或“减小”）汽车的速度来增大牵引力。
在山路的急转弯处安装___________镜可以扩大司机的视野。
某些路段采用测量汽车通过这段路程的时间来判断车辆是否超速，这种方法叫区间测速。
区间测速___________（选填“能”或“不能”）判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速。
解析：
根据公式P=Fv可知，在爬坡时减慢车速目的是汽车的牵引力；街头拐角处的凸面镜对光有发散作用，可以扩大司机的视野；利用区间测速只能依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速，而不能判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速。
答案：
①减小②凸（面）③不能
（4）由于汽油密度的变化需要对油价调整。
夏季汽油的密度为0.7g/cm3，价格是6.65元/升，冬季汽油的密度为0.74g/cm3，油价应调整为___________元/升。
解析：
夏季每吨汽油的体积V=
=
≈1.43m3≈1.43×103dm3≈1.43×103升，每吨汽油的总价为1.43×103升×6.65元/升=9509.5元；
冬季每吨汽油的体积V=
=
≈1.35m3≈1.35×103dm3≈1.35×103升，则在每吨汽油价格不变的情况下，冬季汽油的油价应为
=7.03元/升。
答案：
7.03
（5）某汽车的热机效率为η1，若汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为η2，则这些机械能转化成有用机械能的效率为___________。
解析：
根据η=
可得热机效率η1=
，
可得W有用=η1Q；
汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率η2=
，可得W机械=η2Q；
则这些机械能转化成有用机械能的效率：
η=
=
=
。
答案：
。
12.（6分）同步通信卫星是在离地面高度为3.6×107m，绕地心转动的圆轨道（同步轨道）上运行的卫星，运行周期跟地球自转周期相同。
（1）同步通信卫星绕地球运行时___________（选填“受”或“不受”）地球的引力，周期是___________h。
同步通信卫星相对于地面的建筑物是___________的，___________颗同步通信卫星基本可以实现全球通信。
解析：
本题考查的是：
卫星中继通信。
由万有引力可知同步通信卫星绕地球运行时受球的引力，地球的自传周期为24h，同步通信卫星绕地球运行周期也是24h，同步通信卫星相对于地面的建筑物的位置没有发生变化，故是静止的，在地球的周围均匀配置3颗同步通信卫星，就可以实现全球通信。
答案：
受；24；静止；3
（2）理论和实践表明，质量不同的同步通信卫星都以相同的速度在同步轨道上运行，若同步通信卫星上的天线脱落，天线___________（选填“仍然”或“不会”）在同步轨道上运行。
解析：
同步通信卫星上的天线脱落，由于惯性天线仍然在同步轨道上运行。
答案：
仍然
（3）地面上的甲乙两人用卫星电话通过同步通信卫星联系，从甲发出信号到他收到乙自动回复的信号至少需要___________s。
解析：
离地面高度为3.6×107m，甲发出信号到他收到乙自动回复的信号，信号传的距离是4×3.6×107m=1.44×108m，由v=
可得，t=
=
=0.48s。
答案：
0.48
13.（8分）早期的风光互补发电巧妙利用太阳光强时风速小，光弱时风速大的自然特点，使风能、光能互补，从而基本保证发电功率稳定。
（1）风能和光能都来源于___________，属于___________能源。
若太阳光弱的时候风速小，___________（选填“能”或“不能”）实现风光互补发电。
解析：
本题考查的是：
太阳能的转化。
根据能源分类的标准可知，太阳能、风能都来源于太阳能，可以从自然界直接获得源源不断的获得，属于一次能源或可再生能源；
风光互补发电是利用太阳光强时风速小，光弱时风速大的自然特点，使风能、光能互补，如果太阳光弱的时候风速小，不能实现风光互补发电。
答案：
①太阳；②一次（可再生）；③不能
（2）风机功率和风速的三次方成正比，风速加倍，其功率增加到原来的___________倍。
光伏功率和光的辐射量有关，单位面积光能的功率叫光的辐射量，其单位是___________。
解析：
风机功率和风速的三次方成正比，风速加倍，其功率增加到原来的23=8倍；
单位面积光能的功率叫光的辐射量，即光的辐射量
，其中光能功率的单位是“W”，故光的辐射量的单位是W/m2。
答案：
①8；②W/m2
（3）用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电，风机功率为P1，光伏功率为P2，当P1+P2=___________，用电器正常工作。
如图乙是某风光互补发电系统一段时间内功率变化的图线，在___________（选填“9”或““11”）点钟左右，光伏功率最大。
对于额定功率为1kW的用电器，在13点～16点这段时间里，风光互补发的电___________（选填“能”或“不能”）满足其工作。
解析：
用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电，风机功率为P1，光伏功率为P2，当P1+P2=P，用电器正常工作；
根据图象知光伏功率最大的时间是11点；
根据图象知在13点～16点风光互补发的电能的和大于1kW，能满足额定功率为1kW的用电器工作。
答案：
①P；②11；③能
14.（6分）如图是某同学制作的简易温控装置，变阻器R的最大电阻为200Ω，Rt是热敏电阻，其阻值与温度t的关系如下表所示。
当电磁继电器（电阻不计）的电流超过18mA时，衔铁被吸合，加热器停止加热，实现温控。
加热器的功率是1000W，所用电源为家用交流电。
t/℃
30.0
40.0
50.0
60.0
70.0
Rt/Ω
219.5
164.5
128.1
101.8
82.9
（1）电磁继电器是利用___________（选填“电生磁”或“磁生电”）来工作的。
Rt的阻值随着温度的降低逐渐___________。
解析：
本题考查的是：
电磁继电器的组成、原理和特点；欧姆定律的应用；电功与热量的综合计算。
电磁继电器的核心部件是电磁铁，通电时有磁性，断电时无磁性，是根据电流的磁效应制成的，即利用电生磁来工作的。
由表格数据可知，温度t越低，热敏电阻Rt的阻值越大，即Rt的阻值随着温度的降低逐渐增大。
答案：
电生磁；增大
（2）闭合开关S后发现电路有断路的地方。
该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转，接到ac两点时指针偏转，断路处在___________之间（选填“ab“或“bc“）。
解析：
该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转，说明ab两点之间是连通的，断路在ab两点之外的位置；将电压表接到ac两点时指针偏转，说明电压表与电源两极是连通的，其断路处在bc之间。
答案：
bc
（3）为使该装置能对30℃～70℃之间任意温度进行控制，电源E用___________节干电池。
若在50℃时衔铁被吸合，应将滑动变阻器R的阻值调到___________Ω。
将调节好的装置（50℃衔铁被吸合）放在容积为100m3的密闭保温容器中，已知空气的比热容为1000J（/kg•℃），密度为1.3kg/m3，则容器中的空气从30℃加热到空气达到的最高温度至少需要___________s。
解析：
由于电磁继电器（电阻不计）的衔铁被吸合的电流I=18mA=0.018A不变，
当温度为30℃时，热敏电阻Rt的阻值最大，其阻值Rt=219.5Ω，
由I=
得，热敏电阻Rt两端的电压：
Ut=IRt=0.018A×219.5Ω=3.951V，
由于一节干电池的电压为1.5V，所以需要的干电池的节数：
n=
=2.634，
所以，n取3节，即电源E用3节干电池。
电源E的电压：
U=3×1.5V=4.5V，
此时电路总电阻：
R总=
=
=250Ω，
由表格数据可知，在温度为50℃时，热敏电阻Rt′=128.1Ω，
根据串联电路电阻特点可知，滑动变阻器R接入电路的阻值：
R=R总-Rt′=250Ω-128.1Ω=121.9Ω。
由ρ=
得，密闭保温容器中空气的质量：
m=ρV=1.3kg/m3×100m3=130kg，
则容器中的空气从30℃加热到空气达到的最高温度吸收的热量：
Q吸=cm（t-t0）=1000J（/kg•℃）×130kg×（50℃-30℃）=2.6×106J，
由题意知，加热器消耗的电能W=Q吸=2.6×106J，
由P=
得，需要的加热时间：
t′=
=
=2600s。
答案：
3；121.9；2600
三、作图题（每题2分，共6分）
15.（2分）如图所示，OC是折射光线，请画出入射光线AO和反射光线OB。
解析：
本题考查的是：
作光的反射光路图；作光的折射光路图。
当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射；由反射角等于入射角确定反射光线，当光从空气中斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角。
答案：
如下图所示：
16.（2分）如图所示，画出斜面上下滑的物体受到的重力和弹力示意图（O为两个力的作用点）。
解析：
本题考查的是：
弹力；重力示意图。
重力的方向竖直向下，弹力的方向垂直于斜面向上，作用点均在O点上。
答案：
如图所示：
17.（2分）如图所示，闭合电路中的一部分导线垂直于纸面放置，向右运动时能在电路中产生感应电流，请画出磁感线的大致方向。
解析：
本题考查的是：
电磁感应。
只有闭合电路的一部分导体在磁场中做导体切割磁感线运动时，电路中才会产生感应电流，故磁感线在竖直方向或稍为倾斜时，导体向右运动才会产生感应电流。
答案：
如图所示：
或
四、实验题（本题有3个小题，每空1分，共14分）
18.（4分）在探究光的反射规律的实验中，小明设计了如图所示的实验：
将平面镜放在水平桌面，硬纸板竖直地立在平面镜上，硬纸板上的直线ON垂直于镜面，右侧纸板可绕ON转动。
（1）如图甲，当硬纸板在同一平面上，使一束光贴着纸板沿某一方向射到O点，经平面镜反射，沿另一个方向射出。
当入射光EO向ON靠近的过程中，发现反射光OF___________（选填“靠近”或“远离”）ON。
为了精确探究反射规律，除了图中的器材，还需要刻度尺、___________和___________。
解析：
本题考查的是：
光的反射定律。
光反射时，反射角大小等于入射角，若将EO向ON靠近，则OF靠近ON；为了精确探究反射规律，需要测量角度，记录数据，列出表格，故除了图中的器材，还需要刻度尺、笔和量角器。
答案：
靠近；笔；量角器
（2）如图乙，保持左侧纸板和入射光的位置不变，将右侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由此可以得出反射光线、入射光线和法线___________的结论。
解析：
实验中使用可折转的硬纸板，除了能呈现光路外，将右侧纸板绕ON转动，此时在右侧纸板上不能看到反射光，由此可以得出反射光线、入射光线和法线在同一平面内的结论。
答案：
在同一平面内
19.（5分）绳子的抗断拉力是绳子能够承受的最大拉力，超过这个拉力，绳子就会断裂。
某实验小组用“加沙子法”测量一根细轻绳的抗断拉力，主要过程如下：
将小桶悬挂于细绳下，缓慢在桶中添加沙子，直到绳子断裂。
取下小桶，用弹簧测力计测小桶和沙子的重力。
（1）某次测量中，用弹簧测力计测得桶和沙子的重力如图所示，细绳的抗断拉力为___________N。
本实验的原理中用到了力的相互作用规律和___________的知识。
这种方法测量出的抗断拉力比绳子实际的抗断拉力___________。
解析：
本题考查的是：
二力平衡条件的应用；弹簧测力计的使用与读数。
图中弹簧测力计的分度值为2N，则细绳的抗断拉力为48N；
实验中，小桶和沙子受到的重力，与测力计对它的拉力是一对平衡力，故还用到了二力平衡的知识；
此方法中实际测量的力是将绳子拉断后的力，因此，测量出的抗断拉力比绳子实际的抗断拉力大。
答案：
48；二力平衡；大
（2）改变绳子的长度，其抗断拉力___________改变；用绳子拉着重物加速上升，其抗断拉力___________改变。
（均选填“会”或“不会”）
解析：
绳子的抗断拉力只与绳子本身的特点（即绳子的材料和粗细）有关，而与绳子的长度无关；同时，用绳子拉着重物加速上升，只是拉力大于重力，但其抗断拉力是不会改变的。
答案：
不会；不会
20.（5分）某实验小组的同学用铅笔芯探究导体的电阻与长度的关系，如图所示是该实验的电路图。
（1）闭合开关，向右移动铅笔芯上的滑片P1，电路中的电流___________（选填“变大”“变小、”或“不变”）。
解析：
本题考查的是：
影响电阻大小的因素。
由图知，铅笔芯和滑动变阻器串联，电压表测滑片P1左侧部分铅笔芯的电压，因电压表在电路中相当于断路，所以可知整个铅笔芯连入电路，则向右移动滑片P1时，不能改变电路中的电阻，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流不变。
答案：
不变
（2）如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时，电压表示数很小，应该将滑动变阻器的滑片P2向___________移动。
解析：
如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时，电压表示数很小，说明滑动变阻器分压太大，应该减小滑动变阻器两端的电压，减小滑动变阻器连入的电阻，即应该将滑动变阻器的滑片P2向右移动。
答案：
右
（3）移动铅笔芯上面的滑片P1，记录铅笔芯AP1之间的距离和电压表的示数，数据如下：
AP1/mm
0
30.0
60.0
90.0
120.0
150.0
180.0
U/V
0
0.4
0.8
1.2
1.6
2.0
2.4
通过数据反映出的规律和___________可以推出导体的电阻与导体的长度成___________比的结论。
若图示位置时电压表示数为0.9V，滑片P2向右移动一段距离，电压表示数变为1.2V，滑片P2再向右移动一段相同的距离，电压表示数为___________V。
解析：
由表中数据可知，电压表的示数（
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