辽宁省大连市中考物理试题解析版.docx
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辽宁省大连市中考物理试题解析版
大连市2018年中考物理试卷
一、选择题
1.1.鲁迅的《社戏》中有这样的描写：
“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了……”，其中“山向船尾跑去了”所选的参照物是
A.船B.山C.河岸D.岸边树木
【答案】A
【解析】
【详解】一个物体相对于另一个物体的位置随时间的变化叫做机械运动。
其中“山向船尾跑去了”是山相对于船发生了位置的改变，即是以船为参照物的。
而相对于山、河岸、树木都没有位置的改变，是静止的。
故A正确，BCD错误。
故选A。
【点睛】理解运动和静止的相对性，选择不同的参照物来描述同一个物体的运动状态，可能得出不同结论，所以运动和静止是相对的。
2.2.下列现象中，由光的反射形成的是
A.树荫下的光斑B.月光下人在地面上的影子
C.平静的河面映出桥的“倒影”D.注水后的游泳池看上去“变浅”
【答案】C
【解析】
【详解】A.树荫下的光斑，是小孔成像，由光的直线传播形成；
B.月光下人在地面上的影子，影子由光的直线传播形成；
C.平静的河面映出桥的“倒影”，是平面镜成像，由光的反射形成；
D.注水后的游泳池看上去“变浅”，是光从水中斜射入空气中时，发生折射而形成的；
故C符合题意。
【点睛】重点是光的直线传播、反射、折射所形成的现象，身边有很多例子，是比较容易区分的，注意理论联系实际，多总结。
3.3.下列实例中，通过热传递改变物体内能的是
A.铁锤锻打工件，工件受热B.锯条锯木头，锯条变热
C.双手互相摩擦，双手变热D.电水壶烧水，水变热
【答案】D
【解析】
【详解】A.铁锤锻打工件，工件受热，是做功改变了工件的内能；
B.锯条锯木头，锯条变热，是摩擦生热，属于做功改变物体的内能；
C.双手互相摩擦，双手变热，摩擦生热，属于做功改变物体的内能；
D.电水壶烧水，水变热，首先电流做功产生热量，再通过热传递使水的内能增加，温度升高；
故D符合题意。
【点睛】牢记改变物体内能的两种方式是解题的关键，即热传递和做功，两种方式对于内能的改变是等效的，两种方式很容易区分，做题不难。
4.4.发电机的原理是
A.电磁感应B.通电导体在磁场中受力
C.电流的磁效应D.电流的热效应
【答案】A
【解析】
【详解】A.电磁感应中机械能转化为电能，是发电机的原理，符合题意；
B.通电导体在磁场中受力，电能转化为机械能，是电动机的原理，不符合题意；
C.电流的磁效应，主要应用是电磁铁，不符合题意；
D.电流的热效应，即电能转化为内能，不符合题意；
故A正确；
【点睛】注意分清楚研究电磁感应和磁场对通电导线作用力的两个原理，从能的转化看，两者是相反的，即电磁感应现象中将机械能转化为电能，而磁场对通电导线的作用力，将电能转化为机械能。
5.5.四冲程汽油机工作时，主要将机械能转化为内能的冲程是
A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程
【答案】B
【解析】
【详解】四冲程汽油机工作时，一个工作循环由：
吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成；
吸气和排气冲程，都有气门打开，没有能的转化；
压缩冲程中，两气门关闭，活塞向上运动，压缩气体做功，机械能转化为内能；
做功冲程中，两气门关闭，燃料燃烧释放的内能推动活塞向下运动，内能转化为机械能；
故B符合题意。
【点睛】四冲程内燃机的一个工作循环，曲轴转过两周，由四个冲程组成，分别为吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中做功和压缩冲程有能的转化。
考题中常出现要牢记。
6.6.在抗震救灾中，要空投救灾物资。
物资在加速下落的过程中
A.动能不变，重力势能变小B.动能不变，重力势能不变
C.动能变大，重力势能变小D.动能变小，重力势能变小
【答案】C
【解析】
【详解】根据影响动能和势能大小的因素分析，空投物资在加速下落的过程中：
质量不变，速度增大，动能增大，高度降低，重力势能减小。
故ABD错误，C正确。
故选C。
【点睛】重点是影响动能和重力势能大小的因素，当质量不变时，速度增大，动能增大，速度减小，动能减小；高度增加，重力势能增大，高度降低，重力势能减小。
7.7.如图是电子体温计，它是通过感温头中电流的大小来反映人的体温。
感温头是用半导体材料制成的，这是应用了半导体的
A.单向导电特性
B.良好的绝缘特性
C.电阻随压力变化而变化的特性
D.电阻随温度变化而变化的特性
【答案】D
【解析】
【详解】电子体温计，利用了电阻随温度变化而变化的特性，当温度变化时，电阻变化从而改变探头中电流的大小来反映人的体温。
即感温头是用电阻随温度变化而变化的半导体材料制成的。
故ABC错误，D正确。
故选D。
【点睛】半导体，指常温下导电性能介于导体与绝缘体之间的材料。
半导体在各种电器中都有着广泛的应用，是很多诸如计算机、自动化设备的核心部件。
半导体是指一种导电性可受控制，范围可从绝缘体至导体之间的材料，如受温度、压力、光照、外部电压等多种因素影响，从而制成测温、测压、测光等多种半导体材料。
8.8.某同学利用身边的物品做实验，他通过吹气改变空气流速，其中不能揭示“流体压强与流速关系”的是
A.
B.
C.
D.
学。
科。
网...学。
科。
网...学。
科。
网...学。
科。
网...学。
科。
网...学。
科。
网...学。
科。
网...学。
科。
网...学。
科。
网...学。
科。
网...
【答案】B
【解析】
【详解】A、两张纸之间吹气时，中间空气流速快，压强小，故两张纸靠近，揭示了“流体压强与流速关系”，故A不符合题意；
B、如图在纸的下方吹气时，是气流将纸托了下来，不能说明“流体压强与流速关系”，故B符合题意；
C、在两个乒乓球中间吹气时，中间空气流速快，压强小，故两球靠近，揭示了“流体压强与流速关系”，故C不符合题意；
D、从漏斗向下吹气时，乒乓球上方空气流速快，压强小，所以乒乓球不会掉下来，揭示了“流体压强与流速关系”，故D不符合题意；
故选B。
【点睛】注意流体压强与流速关系的应用，是飞机产生升力的原因，牢记流速大的地方压强小的规律，中考中也是常出现的题目类型，且要能用此特点解释生活中的相关现象。
9.9.在做“凸透镜成像”的实验中，凸透镜焦距是10cm，当光屏距凸透镜16cm时，烛焰在光屏上成清晰的像。
若光屏不动，将凸透镜向光屏方向移动了2cm，要使光屏上再次得到清晰的像，下列说法正确的是
A.蜡烛不动，像变小
B.蜡烛靠近凸透镜，像变小
C.蜡烛远离凸透镜，像变大
D.蜡烛远离凸透镜，像变小
【答案】D
【解析】
【详解】根据题意，将凸透镜向光屏方向移动了2cm，即像距减小了，根据凸透镜成实像时物距和像距和变化规律知，此时物距应增大。
所以要使光屏上再次得到清晰的像，蜡烛应远离凸透镜，因为像距减小了，所以像也会变小。
故ABC错误，D正确。
故选D。
【点睛】凸透镜成像规律的实验是常考试的内容，要掌握成像时物距和像距变化的特点，当物距增大时，像距减小，像也会变小，这里的像变小，是与之前比变小，要比较像与物体的大小，要看像距和物距的比较，像距大于物距，像就放大。
10.10.某建筑工地需要架设临时供电线路，实现照明和电加热功能。
其简化电路如图所示，供电处电压U不变，从供电处到工地用长导线（有电阻）连接。
闭合开关S1、S2时，加热器和照明灯同时工作。
断开S2后与断开S2前相比较，下列说法正确的是
A.照明灯亮度不变
B.照明灯亮度变弱
C.单位时间内长导线上消耗的电能减少
D.单位时间内整个供电线路消耗的电能不变
【答案】C
【解析】
【详解】如图电路，闭合开关S1、S2时，加热器和照明灯同时工作，两者并联，电阻小，干路电流大，根据
知，此时功率大。
断开S2后，只有照明灯工作，干路电流变小，功率变小，根据
知，单位时间内整个供电线路消耗的电能减小，故D错误；
若长导线的电阻为R，由于电流变小，根据
知，导线分得电压减小，所以灯两端电压变大，根据
知，灯的功率变大，会变亮，故AB错误；
根据
知，电流变小，单位时间内长导线上消耗的电能减少，故C正确；
故选C。
【点睛】理解两开关都闭合时，功率大，电流大，而导线电阻不变，根据
，导线分得电压多，所以用电器两端的实际电压小，只有灯工作时，电流小，用电器两端的实际电压大，再根据相关公式即可解题。
11.11.在“富国强军”的时代要求下，大连造船厂建造了首艘国产航空母舰。
在建造过程中需要使用大型起重机“龙门吊”。
它主要由主梁和支架构成，可以提升和平移重物，其示意图如图所示。
在重物由主梁右端缓慢移到左端的过程中，右支架对主梁的支持力F与重物移动距离s的关系图象是
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】
【详解】根据题意，重物在主梁右端时，重物产生的拉力全部作用在右端支架，则右支架对主梁的支持力F最大；
重物由主梁右端缓慢移到左端的过程中，将主梁左端看作杠杆的支点，则重物对主梁的拉力为阻力，阻力不变，但阻力臂减小，且动力臂也不变，所以动力减小，即右支架对主梁的支持力F减小，关系为
，因为L2为变量，所以为一次函数关系。
故B图符合题意。
【点睛】注意理解移动过程中，应将主梁的左端看作支点，根据杠杆的平衡条件可得，右端的支持力会不断减小。
12.12.在探究“水沸腾时温度变化特点”的实验中，下列说法正确的是
A.实验中需要观察水中气泡的变化情况
B.记录水的温度的时间间隔不相等比相等好
C.读温度计示数时，视线要与温度计中液柱的液面相平
D.判断水沸腾的依据是水的温度保持不变
【答案】AC
【解析】
【详解】A.因为水沸腾时，气泡上升是变大的，到水面破裂开来，所以实验中可以根据水中气泡的变化情况判断水是否沸腾，故A正确；
B.记录水的温度的时间间隔相等时，更容易看出沸腾的特点，也更容易作出图像，故B错误；
C.根据温度计的使用读数方法可知，读温度计示数时，视线要与温度计中液柱的液面相平，故C正确；
D.判断水沸腾的依据是：
水中产生大量的气泡，并上升变大，到表面破裂开来，而要从水的温度保持不变来判断沸腾，缺少持续加热这一条件，故D错误；
故选AC。
【点睛】注意理解沸腾前后气泡的变化情况，水沸腾时，产生的气泡在上升过程中，周围的水会不断汽化，水蒸气不断补充到气泡中，所以气泡由小变大；沸腾前，水底产生的气泡，上升过程中，水温降低，所以气泡中的水蒸气又液化变成了水，气泡变小。
13.13.如图所示,两个相同容器中分别盛有体积相等的A、B两种不同液体。
将甲、乙两个完全相同的厚底玻璃杯杯口向下，沿竖直方向缓慢放入两种液体中，静止后，两玻璃杯杯口压在容器底部，甲杯内的液面低于乙杯内的液面，下列说法正确的是
A.甲杯内的气体压强大于乙杯内的气体压强
B.液体A的密度小于液体B的密度
C.容器底部上表面a点的压强小于b点的压强
D.甲杯对容器的压力大于乙杯对容器的压力
【答案】BCD
【解析】
【详解】A.根据题意，静止后，甲杯内的液面低于乙杯内的液面，两杯内原有的空气体积相同，乙液面高，则空气被压缩更厉害，则压强大，故A错误；
B.杯内空气增大的压强等于杯内外的液面高度差，乙杯肉外的液面高度差小，但压强大，根据
知，液体A的密度小于液体B的密度，故B正确；
C.B的密度大，且深度相等，根据
可知，容器底部上表面a点的压强小于b点的压强，故C正确；
D.乙杯内空气压强大，根据
知，乙杯受到的向上的压力大，所以甲杯对容器的压力大于乙杯对容器的压力，故D正确；
故选BCD。
【点睛】理解等质量的气体体积越小时，压强越大，解题的关键是明白此压强等于杯见外的液面高度差产生的压强，则可判断液体密度大小。
14.14.如图所示的电路中，电源电压保持不变。
闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从中点滑到b端，下列说法正确的是
A.电路中的总功率变小
B.电压表V2的示数变大
C.电压表V1示数的变化量与电流表示数的变化量之比变大
D.电压表V1示数的变化量大于电压表V2示数的变化量
【答案】A
【解析】
【详解】如图所示的电路，三个电阻串联，V1测量定值电阻R1和R2两端的电压，V2测量R2和R3两端的电压，电流表测量电路中的电流。
闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从中点滑到b端，接入电路的电阻变大，则电路总电阻变大，根据
可知，电路电流变小；
A.再根据
可知，电流变小时，电路中的总功率变小，故A正确；
B.定值电阻R1和R2的电阻不变，电流变小时，根据
可知，V2示数变小，故B错误；
C.因为电源电压不变，所以电压表V1示数的变化量等于电阻R1两端电压的变化量，因为电阻R1不变，电流与电压成正比，所以V1示数的变化量电流表示数的变化量之比为：
，即比值不变，故C错误；
D.同理，电压表V1示数的变化量等于电阻R1两端电压的变化量，电压表V2测量R2和R3两端的电压，而R2和R3两端的电压都是减小的，所以V2示数的变化量大于V1示数的变化量，故D错误；
故选A。
【点睛】重点是欧姆定律的应用和电路的动态分析，牢记串联电路的电压与电流特点，明确当滑片移动时接入电路的电阻变化情况，进而判断电流和电压的变化，另外要能读懂电路图，明确电路结构和两电压表都是测量哪些电阻的电压。
二、填空题
15.15.演奏会上，悠扬的小提琴声是由于琴弦的_______产生的；听众能分辨出钢琴声和小提琴声，主要是因为这两种声音的______不同。
【答案】
（1）.振动
（2）.音色
【解析】
【详解】声音由振动产生，所以演奏会上，悠扬的小提琴声是由于琴弦的振动产生的；
音色是发声体特有的品质特征，可以用来分辨声源；
所以听众能分辨出钢琴声和小提琴声，主要是因为这两种声音的音色不同。
【点睛】注意能正确区分声音的三个特征，即音调、响度、音色，其中音色是发声体特有的特征，由声源振动的材料、方式等决定，可以用来区分声源。
16.16.端午时节，空气中弥漫着粽子的香味，“粽叶飘香”是_____现象，这种现象说明了分子在不停地_____。
【答案】
（1）.扩散
（2）.运动
【解析】
【详解】两种不同的物质自发的进入对方的现象，叫扩散。
端午时节，空气中弥漫着粽子的香味，是香味分子运动分散到了空气中，所以“粽叶飘香”是扩散现象；
扩散现象是分子在不停地运动的结果。
【点睛】重点是分子动理论的相关知识，物质是由大量分子组成的，这些分子处于不停的无规律热运动之中，分子之间存在着相互作用的引力的斥力。
由于分子运动形成的扩散现象。
17.17.2018年6月5日，我国发射的风云二号气象卫星（H星）可以为“一带一路”沿线国家提供气象服务。
卫星将观测到的气象信息通过______波传递回地球（选填“超声”或“电磁”）。
【答案】电磁
【解析】
【详解】电磁波被广泛应用于信息的传递，特别是远距离和真空中的信息传递都要使用电磁波。
所以卫星将观测到的气象信息通过电磁波传递回地球。
而超声波是不能在真空中传播的。
【点睛】体会电磁波被广泛应用于传递信息的特点，想想我们身边充满了各种电磁波，如；手机信号、广播电视信号、卫星通信等，电磁波的使用方便了人们的通信和信息的获取，要知道远距离的无线通信都是使用的电磁波。
18.18.人的眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于_____镜，来自物体的光在视网膜上形成物体的缩小、_____的实像。
【答案】
（1）.凸透
（2）.倒立
【解析】
【详解】人的眼球好像一架照相机，都利用了凸透镜成倒立缩小的实像的原理。
所以晶状体和角膜的共同作用相当于凸透镜，物体在二倍焦距以外，像距位于一倍到二倍焦距之间，来自物体的光在视网膜上形成物体的缩小、倒立的实像。
【点睛】应牢记凸透镜的成像规律及主要的应用，有些同学总是记不住，要下点功夫，可以结合成像光路图进行练习、记忆。
19.19.目前核电站是利用核______发电的（选填“裂变”或“聚变”），家庭电路中电流过大的原因：
一是用电器总功率过大，二是发生了____路。
【答案】
（1）.裂
（2）.短
【解析】
【详解】获得核能的方式有核裂变和核聚变。
目前核电站是利用核裂变发电的，核聚变目前还不能被和平利用。
家庭电路中电流过大的原因：
一是用电器总功率过大，则干路电流大；二是发生了短路，电流会瞬间非常大。
【点睛】要牢记人类目前可以和平利用的核反应为裂变反应，而聚变反应虽然释放的能量更大，但人类目前还不能控制其反应速度，只能作用氢弹使用。
20.20.某品牌盒装牛奶，盒上标有“净含量250ml”，用天平测的牛奶的质量是260g，则这种牛奶的密度是____g/cm3;小明喝了半盒牛奶，剩下半盒牛奶的密度是____kg/m3。
【答案】
（1）.1.04
（2）.1.04×103
【解析】
【详解】根据
得这种牛奶的密度是：
；
密度是物质的属性，与质量或体积是无关的，所以喝了半盒牛奶，剩下半盒牛奶的密度不变，仍为：
。
【点睛】重点是理解密度的物理意义，密度表示单位体积内物体的质量，密度通常是不变的，与质量、体积无关。
21.21.如图是探究“通电螺线管外部的磁场方向”的实验装置。
实验中，用小磁针的___________极指向来判断通电螺线管外部某点的磁场方向；断开开关，将电源的正负极对调，再闭合开关，观察小磁针的指向是否改变，此操作探究的问题是“通电螺线管外部的磁场方向与___________方向是否有关”。
【答案】
（1）.N
（2）.电流
【解析】
【详解】人们规定放入磁场中的小磁针静止时，N极的指向为该点的磁场方向。
所以实验中，用小磁针的N极指向来判断通电螺线管外部某点的磁场方向；
断开开关，将电源的正负极对调，再闭合开关，则电流方向改变了，观察小磁针的指向是否改变，所以此操作探究的问题是“通电螺线管外部的磁场方向与电流方向是否有关”。
【点睛】人们规定小磁针的北极在磁场中某点所受磁场力的方向为该点磁场的方向，在磁体外部，磁感线从北极出发到南极。
22.22.漂浮在海面的潜水艇受到的浮力为F1，该艇下潜到海面下受到的浮力为F2，则F1___________F2；若该艇从海中潜行进入长江后，受到的浮力为F3，已知海水的密度大于江水的密度，则F3___________F2。
（均选填“＞”“＝”或“＜”）
【答案】
（1）.＜
（2）.＜
【解析】
【详解】根据阿基米德原理知，浮力等于排开液体的重。
漂浮在海面的潜水艇排开水的体积较小，下潜到海面下排开水的体积较大，所以下潜到海面下受到的浮力大，即F1若该艇从海中潜行进入长江后，受到的浮力为F3，已知海水的密度大于江水的密度,根据
可知，排开水的体积不变，密度变小，所以浮力变小，即：
F3【点睛】重点是阿基米德原理的应用，根据
，浮力的大小只与液体密度和排开的液体体积有关，与其它因素无关。
23.23.如图所示，一束光从空气斜射入玻璃中，请画出反射光线和折射光线。
【答案】
【解析】
【详解】根据反射和折射定律作图。
反射时，反射角等于入射角，据此画出反射光线如图；
根据折射定律知，光中空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，即折射光线向法线靠拢，如图：
【点睛】重点是根据光的反射和折射定律作图，关键是记清楚光由空气斜射入水或玻璃中时，折射角小于入射角，反之折射角大于入射角，可根据光路可逆的特征进行记忆。
24.24.将如图中的电灯和两个开关接入家庭电路中，要求：
同时闭合两个开关，电灯发光；只闭合一个开关，电灯不发光。
【答案】
【解析】
【详解】根据题意，同时闭合两个开关，电灯发光；只闭合一个开关，电灯不发光，则可以判断两开关应串联后控制灯；
再根据开关控制火线的要求连接电路，灯右端直接连接到零线上，两开关串联后连接火线与灯左端，如图；
【点睛】重点是家庭电路的连接，注意连接中的细节问题：
开关控制火线，灯泡的螺旋套连接零线，三孔插座的“左零、右火、上地”等，都是考查的重点。
三、计算题
25.25.用天然气灶给常温下4kg的水加热，消耗了0.07m3的天然气，已知天然气灶烧水的效率为40%，天然气的热值为3.6×107J/m3,水的比热容为4.25×103J/（kg·℃）,试求：
（1）0.07m3的天然气完全燃烧放出的热量是多少？
（2）水的温度升高了多少？
【答案】
（1）2.52×106J
（2）60℃
【解析】
【详解】
（1）根据
计算0.07m3的天然气完全燃烧放出的热量是：
；
（2）根据
得水吸收的热量为：
根据
得水升高的温度为：
【点睛】重点是吸热公式和热值公式的应用，注意公式应用时单位要统一，一般都使用主单位，特别是热值公式应用时，有时要用到体积，有时要用到质量，要统一单位后再计算。
26.26.如图是某电火锅加热器的简化电路图，电源电压是220V，R1、R2是发热电阻，开光接“1”时为低温挡，此时R1的功率是11W，R2的功率是99W，开关接“2”时为高温挡，试求：
（1）低温挡工作时，电路中的电流是多少？
（2）低温挡工作10min，消耗的电能是多少？
（3）高温挡的功率是多少？
【答案】
（1）0.5A；
（2）6.6×104J；（3）1100W。
【解析】
【详解】
（1）开关S接“1”时是低温挡，电路中的总功率P＝11W
由P＝UI可得，电路中的电流I＝
＝0.5A；
（2）低温挡工作10min，消耗的电能是，W＝Pt＝110W
10
60s＝6.6×104J;（3）低温挡工作,R1和R2串联时,由P＝
得，R1和R2串联的总电阻：
R1
R2＝
＝440Ω，由P＝I2R可得，
即R2＝
R1,则R1
R1＝440Ω,解得R1＝44Ω，开关S接“2”时只有R1连入，是高温挡，根据P＝
得高温挡的功率：
P高＝
＝1100W.
【点睛】1、开关S接“1”时是低温挡,根据I＝
求出电路中的电流;2、低温挡工作10min，消耗的电能W＝Pt可求；3.由P＝
求出低温挡工作时R1和R2串联的总电阻，据
，求出R1的阻值，再由P＝
求出高温挡的功率。
27.27.工人用如图所示的滑轮组提升建材，工人的重力是700N，双脚与地面的接触面积是500cm2。
他将540N的建材匀速提升了3m,滑轮组的机械效率是90%。
试求：
（1）提升建材所做的有用功是多少？
（2）工人对绳子的拉力是多少？
（3）提升建材时，工人对地面的压强是多少？
【答案】
（1）1620J
（2）300N（3）8000Pa
【解析】
【详解】
（1）提升建材所做的有用功是：
（2）根据
得总功为：
如图滑轮组有两段绳子承重，根据
得拉力为：
（3）人对地面的压力为：
根据
得工人对地面的压强是：
。
【点睛】涉及机械效率的问题时，关键是要清楚总功、有用功、额外功都在哪，理解效率是有用功与总功的比，所以知道有用功可以求出总功。
另外要理解人站在地面时，重力、支持力、绳子的拉力，三个力平衡。
四、简答题
28.28.夏天，有的人喜欢喝凉的饮料，往往会在常温的饮料中加几小块温度低于0℃的冰，请分析说明加冰块使饮料变凉的原因。
【答案】冰块的温度低于饮料温度，饮料放热温度降低，冰
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