第33课圆与三角形的综合题.docx
《第33课圆与三角形的综合题.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《第33课圆与三角形的综合题.docx（15页珍藏版）》请在冰点文库上搜索。
第33课圆与三角形的综合题
第33课圆与三角形的综合题
方法指导
关于圆的综合性问题，往往是中考试题中的中等难度题，考查内容涉及到了方程、三角形全等与相似、特殊四边形性质及其圆的相关知识点，解决这类问题要求学生必须稳固各方面的数学知识，熟练把握有关推理证明、计算分析、动态变化、分类讨论等多方面的类型题。
这类问题在考查过程中往往涉及到方程思想、转化思想、数形结合思想，近年来有关圆的综合题综合的内容越来越广泛，解题技巧要求越来越高，因此解决此类问题往往采用的主要方法可以借助题意中的条件联想并运用所体现的知识点，从而探寻解题的突破口。
真题回顾
【例】（2016·内蒙古包头）如图，在Rt△ABC中，∠ABC=90°，AB=CB，以AB为直径的⊙O交AC于点D，点E是AB边上一点（点E不与点A、B重合），DE的延长线交⊙O于点G，DF⊥DG，且交BC于点F．
（1）求证：
AE=BF；
（2）连接GB，EF，求证：
GB∥EF；
（3）若AE=1，EB=2，求DG的长．
【考点】圆的综合题．
【分析】
（1）连接BD，由三角形ABC为等腰直角三角形，求出∠A与∠C的度数，根据AB为圆的直径，利用圆周角定理得到∠ADB为直角，即BD垂直于AC，利用直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，得到AD=DC=BD=
AC，进而确定出∠A=∠FBD，再利用同角的余角相等得到一对角相等，利用ASA得到三角形AED与三角形BFD全等，利用全等三角形对应边相等即可得证；
（2）连接EF，BG，由三角形AED与三角形BFD全等，得到ED=FD，进而得到三角形DEF为等腰直角三角形，利用圆周角定理及等腰直角三角形性质得到一对同位角相等，利用同位角相等两直线平行即可得证；
（3）由全等三角形对应边相等得到AE=BF=1，在直角三角形BEF中，利用勾股定理求出EF的长，利用锐角三角形函数定义求出DE的长，利用两对角相等的三角形相似得到三角形AED与三角形GEB相似，由相似得比例，求出GE的长，由GE+ED求出GD的长即可．
【解答】
（1）证明：
连接BD，
在Rt△ABC中，∠ABC=90°，AB=BC，
∴∠A=∠C=45°，
∵AB为圆O的直径，
∴∠ADB=90°，即BD⊥AC，
∴AD=DC=BD=
AC，∠CBD=∠C=45°，
∴∠A=∠FBD，
∵DF⊥DG，
∴∠FDG=90°，
∴∠FDB+∠BDG=90°，
∵∠EDA+∠BDG=90°，
∴∠EDA=∠FDB，
在△AED和△BFD中，
，
∴△AED≌△BFD（ASA），
∴AE=BF；
（2）证明：
连接EF，BG，
∵△AED≌△BFD，
∴DE=DF，
∵∠EDF=90°，
∴△EDF是等腰直角三角形，
∴∠DEF=45°，
∵∠G=∠A=45°，
∴∠G=∠DEF，
∴GB∥EF；
（3）∵AE=BF，AE=1，
∴BF=1，
在Rt△EBF中，∠EBF=90°，
∴根据勾股定理得：
EF2=EB2+BF2，
∵EB=2，BF=1，
∴EF=
=
，
∵△DEF为等腰直角三角形，∠EDF=90°，
∴cos∠DEF=
，
∵EF=
，
∴DE=
×
=
，
∵∠G=∠A，∠GEB=∠AED，
∴△GEB∽△AED，
∴
=
，即GE•ED=AE•EB，
∴
•GE=2，即GE=
，
则GD=GE+ED=
．
变式训练
1．（2015—咸宁）如图，在△ABC中，∠C=90°，以AB上一点O为圆心，OA长为半径的圆恰好与BC相切于点D，分别交AC、AB于点E、F．
（1）若∠B=30°，求证：
以A、O、D、E为顶点的四边形是菱形．
（2）若AC=6，AB=10，连结AD，求⊙O的半径和AD的长．
适应训练
2．（2015—潍坊）如图，在△ABC中，AB=AC，以AC为直径的⊙O交BC于点D，交AB于点E，过点D作DF⊥AB，垂足为F，连接DE．
（1）求证：
直线DF与⊙O相切；
（2）若AE=7，BC=6，求AC的长．
3.（2016·云南省昆明市）如图，AB是⊙O的直径，∠BAC=90°，四边形EBOC是平行四边形，EB交⊙O于点D，连接CD并延长交AB的延长线于点F．
（1）求证：
CF是⊙O的切线；
（2）若∠F=30°，EB=4，求图中阴影部分的面积（结果保留根号和π）
课外作业
4．（2015—武威）已知△ABC内接于⊙O，过点A作直线EF．
（1）如图①所示，若AB为⊙O的直径，要使EF成为⊙O的切线，还需要添加的一个条件是（至少说出两种）：
或者 ．
（2）如图②所示，如果AB是不过圆心O的弦，且∠CAE=∠B，那么EF是⊙O的切线吗？
试证明你的判断．
5．（2015—枣庄）如图，在△ABC中，∠ABC=90°，以AB的中点O为圆心、OA为半径的圆交AC于点D，E是BC的中点，连接DE，OE．
（1）判断DE与⊙O的位置关系，并说明理由；
（2）求证：
BC2=CD•2OE；
（3）若cos∠BAD=0.6，BE=6，求OE的长．
变式训练
1．解答：
（1）证明：
如图1，连接OD、OE、ED．
∵BC与⊙O相切于一点D，
∴OD⊥BC，
∴∠ODB=90°=∠C，
∴OD∥AC，
∵∠B=30°，
∴∠A=60°，
∵OA=OE，
∴△AOE是等边三角形，
∴AE=AO=0D，
∴四边形AODE是平行四边形，
∵OA=OD，
∴四边形AODE是菱形．
（2）解：
设⊙O的半径为r．
∵OD∥AC，
∴△OBD∽△ABC．
∴
，即8r=6（8﹣r）．
解得r=
，
∴⊙O的半径为
．
如图2，连接OD、DF．
∵OD∥AC，
∴∠DAC=∠ADO，
∵OA=OD，
∴∠ADO=∠DAO，
∴∠DAC=∠DAO，
∵AF是⊙O的直径，
∴∠ADF=90°=∠C，
∴△ADC∽△AFD，
∴
，
∴AD2=AC•AF，
∵AC=6，AF=
=
，
∴AD2=
×6=45，
∴AD=
=3
．
适应训练
2．解答：
（1）证明：
如图，
连接OD．
∵AB=AC，
∴∠B=∠C，
∵OD=OC，
∴∠ODC=∠C，
∴∠ODC=∠B，
∴OD∥AB，
∵DF⊥AB，
∴OD⊥DF，
∵点D在⊙O上，
∴直线DF与⊙O相切；
（2）解：
∵四边形ACDE是⊙O的内接四边形，
∴∠AED+∠ACD=180°，
∵∠AED+∠BED=180°，
∴∠BED=∠ACD，
∵∠B=∠B，
∴△BED∽△BCA，
∴
，
∵OD∥AB，AO=CO，
∴BD=CD=BC=3，
又∵AE=7，
∴
，
∴BE=2，
∴AC=AB=AE+BE=7+2=9．
3.【解答】
（1）证明：
如图连接OD．
∵四边形OBEC是平行四边形，
∴OC∥BE，
∴∠AOC=∠OBE，∠COD=∠ODB，
∵OB=OD，
∴∠OBD=∠ODB，
∴∠DOC=∠AOC，
在△COD和△COA中，
，
∴△COD≌△COA，
∴∠CAO=∠CDO=90°，
∴CF⊥OD，
∴CF是⊙O的切线．
（2）解：
∵∠F=30°，∠ODF=90°，
∴∠DOF=∠AOC=∠COD=60°，
∵OD=OB，
∴△OBD是等边三角形，
∴∠DBO=60°，
∵∠DBO=∠F+∠FDB，
∴∠FDB=∠EDC=30°，
∵EC∥OB，
∴∠E=180°﹣∠OBD=120°，
∴∠ECD=180°﹣∠E﹣∠EDC=30°，
∴EC=ED=BO=DB，
∵EB=4，
∴OB=OD═OA=2，
在RT△AOC中，∵∠OAC=90°，OA=2，∠AOC=60°，
∴AC=OA•tan60°=2
，
∴S阴=2•S△AOC﹣S扇形OAD=2×
×2×2
﹣
=2
﹣
．
课外作业
4．解答：
（1）①∠BAE=90°，②∠EAC=∠ABC，
理由是：
①∵∠BAE=90°，
∴AE⊥AB，
∵AB是直径，
∴EF是⊙O的切线；
②∵AB是直径，
∴∠ACB=90°，
∴∠ABC+∠BAC=90°，
∵∠EAC=∠ABC，
∴∠BAE=∠BAC+∠EAC=∠BAC+∠ABC=90°，
即AE⊥AB，
∵AB是直径，
∴EF是⊙O的切线；
（2）EF是⊙O的切线．
证明：
作直径AM，连接CM，
则∠ACM=90°，∠M=∠B，
∴∠M+∠CAM=∠B+∠CAM=90°，
∵∠CAE=∠B，
∴∠CAM+∠CAE=90°，
∴AE⊥AM，
∵AM为直径，
∴EF是⊙O的切线．
5．解答：
（1）证明：
连接OD，BD，
∵AB为圆O的直径，
∴∠ADB=90°，
在Rt△BDC中，E为斜边BC的中点，
∴CE=DE=BE=BC，
∴∠C=∠CDE，
∵OA=OD，
∴∠A=∠ADO，
∵∠ABC=90°，即∠C+∠A=90°，
∴∠ADO+∠CDE=90°，即∠ODE=90°，
∴DE⊥OD，又OD为圆的半径，
∴DE为⊙O的切线；
（2）证明：
∵E是BC的中点，O点是AB的中点，
∴OE是△ABC的中位线，
∴AC=2OE，
∵∠C=∠C，∠ABC=∠BDC，
∴△ABC∽△BDC，
∴
=
，即BC2=AC•CD．
∴BC2=2CD•OE；
（3）解：
∵cos∠BAD=0.6，
∴sin∠BAC=
=0.8，
又∵BE=6，E是BC的中点，即BC=12，
∴AC=15．
又∵AC=2OE，
∴OE=AC=
．
升级会员 