最新安徽省合肥市实验学校中考一模物理试题.docx

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最新安徽省合肥市实验学校中考一模物理试题

物理试题

1．战斗机在空中加油时的情景如图所示，已知加油机的速度是720km/h，则此时战斗机的速度应尽可能为____________m/s。

2．为阻断新型冠状病毒肺炎的传播，多地防疫站用洒水车在水平路面上喷洒消毒液，消毒车匀速前进喷洒过程中它的动能将___________（选填“变大”“变小”或“不变”）。

3．2019年5月17日，我国用火箭将第45颗北斗导航卫星成功发射。

火箭在穿越大气层时剧烈升温，通过_______的方式增大了它的内能。

4．如图所示，“虚拟试衣镜”解决了购物者很难看到自己衣服背面的情况，摄像头能够监测顾客的移动，并将衣服的背面展现给她们，摄像头相当于凸透镜。

若镜头的焦距为8cm，为了能成清晰的像，人到镜头的距离应大于_______cm。

5．2019年全国光伏发电季度发电总量约为3×1010kW·h，这些电能相当于完全燃烧____kg烟煤释放出的热量。

（烟煤的热值为3×107J/kg）

6．如图所示，15L的圆柱形塑料桶装满水，水的高度为0.5m，在高为0.75m桶的顶部安装一个直流电动抽水器（额定功率为3.8W，额定电压为3.8V），抽水器正常工作，平均10s能抽出500mL的水，将这桶水全部抽出，抽水器克服水的重力做功的功率为________W。

（水的密度ρ水=1.0×103kg/m3）

7．一个重300Ｎ的物体Q放在水平地面上，如图所示，现将物体Q挂在杠杆的B端，在A端悬挂一个重为100N的物体P，使杠杆在水平位置平衡，忽略杠杆自重的影响，若OA∶OB=2∶5，那么地面对物体Q的支持力为______N。

8．用动滑轮水平匀速拉动物体沿水平面运动，物体运动的s-t图像如图所示。

已知物体重50N，在0~6s内，弹簧测力计示数为8.4N，作用在绳子末端的拉力F为5N，此时动滑轮的效率是__________

9．某照明灯额定电压是36V，正常发光时灯丝电阻为24Ω，如果电源电压是54V，为使照明灯正常发光，可以在电路中串联一个阻值为___________Ω的电阻。

10．如图所示，将规格相同的小灯泡按照甲、乙两种连接方式接入电压均为U且保持不变的电路中，通过分别调节滑动变阻器R1和R2使所有灯泡均正常发光，则甲、乙两电路的总功率之比P甲∶P乙=_____________

11．五千年的华夏文明，创造了无数的诗词歌赋，其中包含了大量的自然现象与物理规律。

下面是某位同学对词句中蕴涵的物理知识的理解，其中正确的是（）

A．“不敢高声语，恐惊天上人”——“高”是指声音的特征“音调”

B．“露似珍珠月似弓”——“露”实际是小水珠，是熔化形成的

C．“绿树浓荫夏日长”——“浓荫”是光的反射形成

D．“孤帆一片日边来”——“孤帆”的运动是以江岸为参照物的

12．图所示，是同学们所画的几种情况下的示意图，其中正确的是（）

A．

一光线与平面镜成30°角射在平面镜上，其反射光线和反射角的示意图

B．

潜水艇在上浮时所受重力和浮力的示意图

C．

使杠杆在图示位置静止的最小力F及其力臂l

D．

通电螺线管两端极性的标注

13．如图所示为滑雪运动员自由滑雪时的情景（不计空气阻力）。

下列说法正确的是（　　）

A．运动员从平台上飞出后有水平方向的速度，说明力是维持物体运动的原因

B．运动员站立在水平雪面上时，运动员对雪面的压力和雪面对运动员的支持力是一对平衡力

C．运动员在斜坡上下滑过程中，速度越来越大，惯性越来越大

D．若水平雪面光滑且足够长，运动员从斜坡上冲下后，在水平雪面上滑行时的速度将保持不变

14．在粗糙程度相同的水平面上，手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置；松手后，木块最终静止在图乙所示位置．下列说法正确的是

A．弹簧被压缩过程中，长度变短，弹簧的弹性势能减小

B．木块被弹簧弹离的瞬间，如果它受到的力全部消失，木块将静止

C．木块从被弹簧弹离至最终静止的过程中，速度减小，摩擦力不变

D．图乙中，木块受到的重力和木块对水平面的压力是一对平衡力

15．如图所示，×表示磁场方向垂直纸面向里，金属棒MN在水平导轨abcd上无摩擦向右滑动时，金属棒MN中电流方向为：

从N流向M。

则下列说法不正确的是

A．增大MN的速度，通过R的电流会变大

B．该图反映了电动机原理

C．MN左、右运动时，切割了磁感线

D．若MN向左滑动，电阻R中电流方向为：

从c流向a

16．如图所示是一个玩具汽车上的控制电路，小明对其进行测量和研究发现：

电动机的线圈电阻为1Ω，保护电阻R为4Ω，当闭合开关S后，两电压表的示数分别为6V和2V，则（）

A．电路中的电流为4A，电源电压为6V

B．电动机的功率为16W，它两端的电压为4V

C．1min在电阻R上产生的热量是60J，电动机线圈产生的热量是120J

D．电动机工作时将电能转化为机械能，若将儿阻R换成滑动变阻器，可调节电动机的转速

17．如图所示，电源电压保持不变，S闭合后，当滑片P向右滑动时（　　）

A．灯L1变亮，灯L2变暗，电流表示数变大

B．灯L1变暗，灯L2变亮，电流表示数变小

C．灯L1亮度不变，灯L2变暗，电流表示数变大

D．灯L1亮度不变，灯L2变暗，电流表示数变小

18．在探究光的折射规律实验中，某小组将光从空气分别射入水和玻璃中，并记录了如下数据：

空气中的入射角i

0°

30°

45°

60°

水中的折射角r

0°

22°

32°

40°

玻璃中的折射角θ

0°

17°

24°

30°

分析表中数据，可以得到一些规律：

（1）分析表中数据猜想，光从空气射入其他介质时，折射角____________（选填“可能”或“不可能”）达到90°；

（2）当光线以32°入射角从水中射向空气时，折射角等于____________°；

（3）根据表中数据分析，用塑料薄膜和水制成一个“水凸透镜”，与外观尺寸相同的玻璃凸透镜相比，“水凸透镜”的焦距更________（选填“大”或“小”）。

19．小明找来了烧杯、天平、量筒等进行了“测量液体密度的实验”，具体如下：

（1）小明先用天平测量烧杯和液体的总质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码质量和游码的位置如图甲所示。

小明将烧杯中的液体全部倒入量筒中，液面达到的位置如图乙所示。

由甲、乙、丙图可知，该液体的密度为____________kg/m3。

（2）尽管体积测量方法正确，但大家在对实验过程及结果进行评估时，发现测出液体的密度比实际密度要___________（选填“偏大”或“偏小”）。

（3）他们对测量方法进行修正后，测出了几组实验数据，并根据测量结果作出了m-V图像，如图丙所示。

小明分析图像后感到困惑，由

可知该液体的m-V图像应该是经过坐标原点的直线，请你帮助小明解释：

______________。

20．某同学利用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值，已知滑动变阻器的最大阻值为R

（1）如图甲所示、闭合开关，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，则电阻Rx=_____；

（2）在实验操作中，发现电流表已损坏，电压表完好，该同学设计了如图丙所示的电路图也完成了实验，请你把下列实验步骤填写完整：

①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，当滑片位于最左端时，读出此时电压表的示数，记为U1；

②_________，读出此时电压表的示数，记为U2；

③未知电阻Rx=_________。

（用已知量和测量量表示）

21．随着科技的飞速发展，人们的生活已趋于自动化，扫地机器人已进入普通家庭。

如图甲所示是某款扫地机器人及铭牌上的部分参数。

如图乙所示是扫地机器人所受阻力与速度的关系图像。

某次扫地过程中，机器人匀速前进10m用时25s，求：

（1）若扫地机器人与地面的接触面积约为0.01m2，它静止时对水平地面压强的大小；

（2）扫地机器人的功率；

（3）充满电的扫地机器人以50W的功率工作时可以工作的时间。

（电池电量=电压×电流×时间）

22．“创新”小组的同学们调查发现，雨雪天气里汽车后视镜会变模糊，影响行车安全。

同学们设计了给后视镜除雾、除霜的加热电路。

如图是加热电路原理图，电源电压100V，加热电阻R1与R2阻值均为100Ω，电路低温挡除雾，高温挡除霜。

同学们对电路进行模拟测试，开启除霜模式加热后视镜lmin，用温度传感器测得其温度升高了6℃。

[查资料得：

后视镜玻璃质量约0.5kg，玻璃的比热容约0.8×103J/（kg·℃）]求：

（1）除霜模式下，电路中的电流；

（2）除霜模式下，电路的加热效率。

23．如图，密度为0.6×103kg/m3、体积为8×10-3m3的正方体木块，用一条质量可忽略不计的细绳系住，绳的两端分别系于木块底部中心和容器底部中心．绳子的长度为25cm，细绳可承受的最大拉力为32N，开始时，容器内有一定量的水，木块处于漂浮状态，但细绳仍然松软．求：

（1）此时木块受到的浮力；

（2）当向容器中注水，直到细绳对木块的拉力达到最大值，在细绳断裂前的一瞬间停止注水，则此时木块浸入水中的体积为多大？

（3）绳子断开瞬间容器底部受到水的压强是多大？

参考答案

1．200

【解析】

【分析】

【详解】

空中加油时战斗机与加油机应保持相对静止的状态，因此此时战斗机的速度应尽可能与加油机相同为720km/h即200m/s。

2．变小

【解析】

【分析】

【详解】

匀速前进的洒水车在水平路面上喷洒消毒液，质量减小，速度不变，因此动能变小。

3．做功

【解析】

【分析】

【详解】

火箭在穿越大气层时克服摩擦做功剧烈升温，是通过做功的方式增大了它的内能。

4．16

【解析】

【分析】

【详解】

摄像头的成像原理与照相机相同，成像时

u＞2f

即人到镜头的距离应大于

2×8cm=16cm

5．3.6×109

【解析】

【分析】

【详解】

根据Q=mq可得

相当于完全燃烧3.6×109kg烟煤释放出的热量。

6．0.25

【解析】

【分析】

【详解】

抽水器提升水的高度为

水的体积为

V=15L=15000mL=0.015m3

水的重力为

G=mg=ρVg=1.0×103kg/m3×0.015m3×10N/kg=150N

抽水器克服水的重力做的功

W=Gh=150N×0.5m=75J

消耗总时间是

抽水器克服水的重力做功的功率为

7．260

【解析】

【分析】

【详解】

因为

，所以物体Q对杠杆的拉力为

由于力的作用是相互的，所以杠杆对物体Q的拉力为

F拉=F2=40N

对于物体Q，有

GQ=F拉+F支持

所以地面对物体Q的支持力为

F支持=GQ-F拉=300N-40N=260N

8．84%

【解析】

【分析】

【详解】

由图像可知0~6s内物块移动的距离为3m，因此有用功为

由图像可知该装置为动滑轮，因此可得

总功为

此时动滑轮的效率是

9．12

【解析】

【分析】

【详解】

照明灯的额定电流

如果电源电压U=54V，为使照明灯正常发光，应串联一个电阻R分压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，串联电阻R两端电压

UR=U-UL=54V-36V=18V

因串联电路中各处的电流相等，所以，串联电阻R的阻值

10．2∶1

【解析】

【分析】

【详解】

由题知，甲乙两图中小灯泡规格相同，且两电路中灯泡都正常发光，若灯泡正常发光时的电流为I，甲图中两灯并联后与变阻器串联，所以干路电流I1=2I，乙图中两灯以及变阻器串联，所以电路中电流I2=I，所以

I1∶I2=2I∶I=2∶1

两电路的电源电压相等，由P=UI可得电路的总功率之比

P甲∶P乙=UI1∶UI2=I1∶I2=2∶1

11．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．“不敢高声语，恐惊天上人”，“高”是指声音响度大，故错误；

B．“露”实际是小水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故错误；

C．“浓荫”是树的影子，是光的直线传播形成的，故错误；

D．“孤帆一片日出来”，研究的对象是“孤帆”，运动状态是“来”，以“江岸”为参照物，“孤帆”与“江岸”之间的位置发生了变化，说明“孤帆”是运动的，故正确。

故选D。

12．A

【解析】

【分析】

作图类选择题。

【详解】

A．在光的反射中入射角为入射光线与法线的夹角，反射角为反射光线与法线的夹角，入射光线指向入射点射入，反射光线从入射点射出，反射角等于入射角等于60°，故A正确；

B．潜水艇在上浮时，浮力大于重力，故力的示意图中浮力F的长度应该大于重力G的长度，故B错误；

C．由杠杆平衡条件可知，要使动力最小，其力臂应该最长，图中最长的力臂应为杠杆末端到支点的距离，故C错误；

D．用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流方向，大拇指所指的那端就是螺线管的N极，可知右端为N极，故D错误．

【点睛】

中等题．失分原因：

对于一些常见的作图步骤，及注意事项掌握不牢；对安培定则掌握不牢。

13．D

【解析】

【详解】

A．运动员在平台上飞出后，有水平方向的速度，但是在水平方向上不受力的作用，这说明力不是维持物体运动的原因，A错误；

B．运动员站立在水平雪面上时，运动员对雪面的压力和雪面对运动员的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，B错误；

C．物体的惯性只与质量有关，与物体运动的速度无关，C错误；

D．若雪面光滑且足够长，运动员从斜坡上冲到水平雪面上后，在水平方向将不受力的作用，在水平雪面上滑行的速度将不再变化，D正确。

14．C

【解析】

【详解】

A、弹簧被压缩过程中，长度变短，形变变大，所以弹簧的弹性势能增大，故A错误；

B、木块被弹簧弹离的瞬间具有一定的速度，如果它受到的力全部消失，由牛顿第一定律可知，木块将做匀速直线运动；故B错误；

C、木块从被弹簧弹弹离至最终静止的过程中，在水平方向上受到摩擦阻力和空气阻力的作用，导致其速度减小，但木块对水平地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，所以摩擦力的大小是不变的，故C正确；

D、图乙中，木块受到的重力和木块对水平面的压力方向相同，且作用在不同物体上，所以不是一对平衡力，故D错误．

15．B

【解析】

【详解】

A．当磁场强弱一定时，导线切割磁感线的速度越大，感应电流越大，所以增大MN的速度，通过R的电流会变大，故A正确，不符合题意；

B．该图反映了发电机原理，故B错误，符合题意；

C．磁场方向垂直纸面向里，所以金属棒MN左、右运动时，切割了磁感线，故C正确，不符合题意；

D．当磁感线的方向不变，只改变导线运动的方向为原来的反方向，感应电流的方向改为原来的反方向，所以若MN向左滑动，电阻R中电流方向为：

从c流向a，故D正确，不符合题意。

16．D

【解析】

【分析】

【详解】

由电路图中可知，电动机与保护电阻串联，电压表V1测量电源电压；电压表V2测量保护电阻R两端的电压

A.由题意可知，闭合开关后，电阻R两端的电压为2V，则通过电阻R的电流

因为串联电路电流处处相等，电路中的电流为0.5A，故A不符合题意；

B．电压表V1测量电源电压，则结合题中数据可知，电源电压为6V，因为串联电路总电压电压各用电器电压之和，所以电动机的电压为

UM=U-UR=6V-2V=4V

电动机的功率为

PM=UMI=4V×0.5A=2W

故B不符合题意；

C．1分钟在电阻R上产生的热量

Q=I2Rt=（0.5A）2×4Ω×60s=60J

1分钟电动机线圈产生的热量是

故C不符合题意；

D．电动机工作时把电能转化成机械能，将电阻R换成滑动变阻器，可以调节电路中电流的大小，从而起到调节电动机转速的作用，故D符合题意。

故选D。

17．D

【解析】

【分析】

这是一个混联电路的动态分析问题，L1是一个支路，L2和滑动变阻器串联是另一个支路，各支路两端的电压都等于电源电压，干路电流等于各支路电流之和。

【详解】

滑动变阻器的滑片向右滑动，电阻变大，这一支路的电流变小，所以L2变暗；滑动变阻器的变化对L1支路的电流没有影响，所以L1灯亮度不变；L1支路电流不变，L2支路电流变小，干路电流等于各支路电流之和，所以电流表示数变小。

故选D。

18．不可能45大

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]由表格中的数据可知：

当空气中的入射角i逐渐增大时，折射角也随之增大；但折射角始终小于入射角，故光从空气射入其它介质时，折射角不可能达到90°。

（2）[2]光的折射中，光路是可逆的，由表格可知，当光线以32°入射角从水中射向空气时，则折射角是45°。

（3）[3]由表格可知，入射角为45°时，光射入玻璃的折射角为24°，光射入水中时折射角为32°，玻璃对光的偏折能力更强，所以两个外形完全一样的水凸透镜和玻璃凸透镜，玻璃凸透镜的焦距应更短，水凸透镜的焦距更大。

19．0.8

偏大该图像不是液体的m-V图像，而是烧杯和液体的m-V图像

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]由图像知，液体体积为0时，质量25g是烧杯的质量，当烧杯和液体的质量为45g时，液体的体积为25cm3，液体的质量为

m=m2-m1=45g-25g=20g

液体的密度为

（2）[2]烧杯中的液体不能全部倒入量筒中，这样测得液体的体积会偏小，质量不变，由

可知，测出液体的密度比实际密度要偏大。

（3）[3]图像中的质量不是液体的质量，而是液体和烧杯的总质量，即便液体的体积为零时，质量是不为零的，所以图像不过原点。

该图像是烧杯和液体的总质量与液体体积的“m-V”图像。

20．4.8将滑动变阻器的滑片移到最右端

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]由实物图可知电流表选择0~0.6A量程，因此电流为0.5A，则电阻

（2）[2][3]闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，当滑片位于最左端时，只有Rx接入电路，读出此时电压表的示数即为电源电压，记为U1；再将滑动变阻器的滑片移到最右端，此时两电阻串联，电压表测Rx接两端电压，读出此时电压表的示数，记为U2，由串联电路电压比等于电阻比可得

即

21．

（1）2500Pa；

（2）56W；（3）

【解析】

【分析】

【详解】

（1）机器人受到的重力

G=mg=2.5kg×10N/kg=25N

机器人静止在水平地面上时，对地面的压力

F压=G=25N

对水平地面的压强

（2）扫地机器人的速度为

则此时对应的摩擦阻力为140N，因为匀速直线运动，所以动力等于阻力，因此扫地机器人的功率为

（3）由图像可知电池电量为

以50W的功率工作时可以工作的时间

答：

（1）静止时对水平地面压强的大小为2500Pa；

（2）扫地机器人的功率为56W；

（3）以50W的功率工作时可以工作

。

22．

（1）1A

（2）40%

【解析】

【详解】

（1）由图知，只闭合开关S时，两电阻串联；当开关S、S1都闭合时，R2被短路，只有R1工作，此时电阻最小，根据P＝

可知此时电路的功率最大，处于高温除霜模式，除霜模式下，电路中的电流：

I＝

＝

＝1A；

（2）除霜模式下1min消耗的电能：

W＝UIt＝100V×1A×60s＝6000J，后视镜玻璃吸收的热量：

Q＝cm△t＝0.8×103/（kg•℃）×0.5kg×6℃＝2400J，除霜模式下，电路的加热效率：

η＝

×100%＝

×100%＝40%。

23．

（1）48N

（2）8×10-3m3（3）4500Pa

【解析】

【详解】

（1）．开始时，容器内有一定量的水，木块处于漂浮状态，但细绳仍然松软，说明木块此时自由漂浮，根据漂浮条件，此时木块受到的浮力为：

F浮=G=mg=ρVg=0.6×103kg/m3×8×10-3m3×10N/kg=48N．

（2）．当向容器中注水，直到细绳对木块的拉力达到最大值时，此时木块受到的浮力等于细绳的拉力与木块重力之和，即：

F浮′=F最大+G=32N+48N=80N，

根据阿基米德原理，则此时木块浸入水中的体积为：

V排=

=

=8×10-3m3．

（3）．由以上计算可知，当绳子断开瞬间，木块浸入水中的体积等于木块的体积，说明此时容器中水面刚好与木块上表面相平，则此时容器中水的深度等于细绳子的长度l加木块的高度h木．木块为正方体，则的高度（边长）为：

h木=

=0.2m．

所以容器中水的深度为：

h=l+h木=0.25m+0.2m=0.45m，

则容器底部受到水的压强是：

p=

=

=4500Pa．

答：

（1）．木块处于漂浮状态，但细绳仍然松软时受到的浮力为48N．

（2）．当向容器中注水，直到细绳对木块的拉力达到最大值，在细绳断裂前的一瞬间停止注水，则此时木块浸入水中的体积为8×10-3m3．

（3）．绳子断开瞬间容器底部受到水的压强是4500Pa．