化学复习专题化学方程式知识点归纳word1.docx
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化学复习专题化学方程式知识点归纳word1
【化学】复习专题——化学方程式知识点归纳（word）1
一、化学方程式选择题
1．“绿色化学”的特点之一是“零排放”．在一定条件下，二氧化碳和氢气可以按照不同比例反应，生成下列有机物．其中二氧化碳和氢气反应，只生成一种产物就能实现“零排放”，该产物化学式是（）
A．CH4OB．CH2O2C．C2H6OD．C2H4O2
【答案】B
【解析】
【分析】
根据“二氧化碳和氢气反应，只生成一种产物”可判断所生成的有机物中C、O元素的原子个数比应与CO2中C、O元素的原子个数相同为1：
2；根据所生成有机物中C、O元素的原子个数比，判断四个选项中符合此特点的化学式即该物质的化学式。
【详解】
A、根据化学式CH4O，可知该物质中C、O元素的原子个数比为1：
1，不符合所生成有机物的特点，不符合题意；
B、根据化学式CH2O2，可知该物质中C、O元素的原子个数比为1：
2，符合所生成有机物的特点，符合题意；
C、根据化学式C2H5OH，可知该物质中C、O元素的原子个数比为2：
1，不符合所生成有机物的特点，不符合题意；
D、根据化学式C2H4O2，可知该物质中C、O元素的原子个数比为2：
2=1：
1，不符合所生成有机物的特点，不符合题意。
故选B。
2．某反应前后分子变化的微观示意图如下。
下列说法不正确的是
A．该反应中共有3种分子
B．该反应中分子数减少
C．甲和乙的相对分子质量之和与丙的相对分子质量相等
D．该反应属于化合反应
【答案】C
【解析】
【分析】
根据质量守恒定律可知，甲、乙、丙的分子个数比为1:
3:
2
+3
2
【详解】
A、根据微观示意图，该反应中共有甲、乙、丙3种分子，故A正确，不符合题意；
B、甲、乙、丙的分子个数比为1:
3:
2，所以该反应中分子数减少，故B正确，不符合题意；
C、根据质量守恒定律，甲和乙的总质量等于生成丙的总质量，结合分子个数关系可知，甲和乙的相对分子质量之和与丙的相对分子质量不相等，故C错误，符合题意；
D、该反应中反应物两种，生成物一种，属于化合反应，故D正确，不符合题意。
故选B。
3．“神舟号”系列火箭的成功发射，标志着我国载人航天技术达到了世界先进水平．化学学科在其中也作出了巨大贡献，其中火箭使用的一种燃料是偏二甲肼，其化学式为C2H8N2，燃烧时发生如下反应，C2H8N2+2X
2CO2+4H2O+3N2，则X的化学式是（ ）
A．NOB．NO2C．N2OD．N2O4
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】
由反应的化学方程式C2H8N2+2X
2CO2+4H2O+3N2，生成的2个CO2分子、4个H2O分子和3个N2分子中共含有C、O、H、N四种原子的个数依次为2、8、8、6，而反应前1个C2H8N2分子中所含有C、O、H、N四种原子的个数依次为2、0、8、2，根据质量守恒定律化学变化前后原子种类、个数不变的原则，可判断2个X分子中共含有4个N原子和8个O原子，则物质X的化学式为N2O4；故选D．
4．下图为某反应的部分微观示意图，其中不同的球代表不同元素的原子。
下列说法正确的是（ ）
A．该反应属于置换反应
B．参加反应的两种分子个数比为1:
1
C．1个X分子中含有3个原子
D．1个X分子中含有3种不同的原子
【答案】C
【解析】
【分析】
由图可知，不同球代表不同元素的原子，两种化合物反应生成单质与化合物，由原子守恒可知，X中含1个大黑球和2个小白球，以此来解答。
【详解】
A．反应物无单质，不属于置换反应，故A错误；
B．由图可知，参加反应的两种分子个数比为1：
2，故B错误；
C．原子守恒可知，X中含1个大黑球和2个小白球，即1个X分子中含有3个原子，故C正确；
D．X中含1个大黑球和2个小白球，有2种不同原子，故D错误；
故选：
C。
5．某仓库工作人员违章操作，在雨天转运“保险粉”引起爆炸。
“保险粉”化学名为连二亚硫酸钠（Na2S2O4），主要用于印染工业。
该化学品在潮湿空气中极不稳定，易分解并引起燃烧，反应的化学方程式为：
2Na2S2O4＝Na2S2O3＋Na2SO3＋X。
下列有关说法错误的是
A．X的化学式为SO2
B．连二亚硫酸钠与水能剧烈反应，化学性质很活泼
C．Na2SO3是一种盐，其中硫元素的化合价为+3价
D．Na2S2O4通常要在干燥阴凉处密闭贮存
【答案】C
【解析】
【详解】
A、由反应的化学方程式为2Na2S2O4=Na2S2O3+Na2SO3+X，Na原子个数前后相等，由S、O原子个数守恒，则X的化学式为SO2，说法正确，不符合题意；
B、连二亚硫酸钠在潮湿空气中极不稳定，易分解并引起燃烧，说法正确，不符合题意；
C、Na2SO3中Na元素为+1价，O元素为-2价，则由化合物中正负化合价的代数和为0可知，S元素的化合价为+4价，说法错误，符合题意；
D、由该化学品在潮湿空气中极不稳定，易分解并引起燃烧可知，该物质应在干燥阴凉处密闭贮存，说法正确，不符合题意。
故选C。
6．油画上的白色含铅颜料经过一段时间会变为黑色的硫化铅（PbS）。
使其恢复为白色的方法是蘸涂双氧水（H2O2），发生如下反应：
PbS+4H2O2
X+4H2O，其中X的化学式是（）
A．PbSO4B．PbSO2
C．PbSO3D．PbHSO3
【答案】A
【解析】
试题分析∶油画上的白色含铅颜料经过一段时间会变为黑色的硫化铅（PbS）。
使其恢复为白色的方法是蘸涂双氧水（H2O2），发生如下反应：
PbS+4H2O2=X+4H2O，其中X的化学式是A．PbSO4
考点∶考查质量守恒定律的应用。
7．将一定量xFeSO4•y（NH4）2SO4•6H2O晶体加入到过量NaOH溶液中，加热生成NH30.85g（假如生成NH3的全部逸出），过滤、洗涤、灼烧，得Fe2O3固体2.0g．则x，y的关系正确的是（）
A．x：
y=1：
1B．x：
y=1：
2C．x：
y=1：
4D．x：
y=2：
1
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】
据质量守恒定律可以知道，晶体中的氮元素和氨气中的氮元素的质量相等，而晶体中的铁元素的质量和生成的氧化铁中的铁元素的质量相等，即：
56x：
（14×2）y=（2.0g×
×100%）：
（0.85g×
×100%）
解得：
x：
y=1：
1，故选A．
8．为了防止煤气中毒，常在煤气中加入少量的有特殊气味的乙硫化醇（C2H5SH）。
乙硫化醇在煤气燃烧过程中可以充分燃烧，其化学方程式2C2H5SH+9O2
4CO2+2X+6H2O,则X的化学式为（ ）
A．CO2B．SO3C．H2SO4D．SO2
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】
根据2C2H5SH+9O2
4CO2+2X+6H2O可知，反应物中碳、氢、硫、氧原子个数分别为4、12、2、18，反应后的生成物中碳、氢、硫、氧原子个数分别为4、12、0、14，根据反应前后原子种类、数目不变，则2X中含有2个硫原子、4个氧原子，则每个X分子由1个硫原子、2个氧原子构成，则X是二氧化硫，化学式是SO2。
故选D。
9．将一定质量的氧化铜和氧化铁混合粉末与足量的CO充分反应后，测得质量减少了4.0g。
另取等质量的该粉末用适量的稀硫酸完全溶解后，再加入足量的氢氧化钠溶液，得到了20.5g的沉淀。
则粉末中的氧化铜的质量分数为
A．20%B．40%C．50%D．80%
【答案】C
【解析】
【分析】
分别假设氧化铜和氧化铁的质量，进而结合化学方程式、关系式及对应的数据求解，进而求出粉末中氧化铜的质量分数。
【详解】
设粉末中氧化铜的质量为x，氧化铁的质量为y，
氧化铜与稀硫酸反应生成硫酸铜和水，硫酸铜与氢氧化钠反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钠；氧化铁和稀硫酸反应生成硫酸铁和水，硫酸铁和氢氧化钠反应生成氢氧化铁沉淀和硫酸钠，根据元素守恒列关系式：
结合题干，列出方程：
解得x=8g，y=8g
则粉末中氧化铜的质量分数为：
，故选C。
【点睛】
本题难度不大，但是需要根据方程式、关系式进行大量计算，根据方程式计算时应注意：
书写方程式正确，使用数据准确，计算过程完整。
10．工业上用甲和乙反应制备燃料丙。
根据下列微观示意图得出的结论中，正确的是（）
A．甲的化学式为CH2
B．反应中甲、乙、丙的分子个数比为2：
1：
1
C．甲、乙、丙都可能是氧化物
D．丙中C、H、O元素的质量比12：
3：
8
【答案】D
【解析】
【详解】
A、根据甲物质的分子微观示意图可知，该物质的化学式为C2H4；结论错误；故不符合题意；
B、根据三种物质的分子微观示意图可知，用甲和乙反应制备丙的化学方程式为C2H4+H2O═C2H6O，反应中甲、乙、丙的分子个数比为1：
1：
1；结论错误；故不符合题意；
C、根据三种物质的分子微观示意图可知，甲物质的化学式为C2H4、乙物质的化学式为H2O、丙物质的化学式为C2H6O，甲物质不含氧元素，不是氧化物；丙物质中含有三种元素，也不是氧化物，只有乙物质是氧化物，结论错误；故不符合题意；
D、根据丙物质的分子微观示意图可知，该物质的化学式为C2H6O，则该物质的中C、H、O元素的质量是：
（12×2）：
（1×6）：
16＝12：
3：
8．结论正确；故符合题意；
故选D
11．在密闭容器中有甲、乙、丙、丁四种物质、在一定条件下反应，测得反应前及反应过程中的两个时刻各物质的质量分数如下图所示。
图中a、b、c、d分别表示相应物质的质量分数。
下列数据正确的是
A．a=56%B．b=6%C．c=17%D．d=8%
【答案】A
【解析】
对比图1、图2和图3得，反应后甲和乙质量减少了，丙质量增加了，丁反应前后质量没有变化，则甲＋乙
丙。
A、甲由70→42，减少了28，图2应减少14，a＝70％-14％＝56%；B、乙由14％→11％，减少了3％，图3应减少6％，b＝14％－6％＝8％；C、丙由6％→40％，增加了34，图2应增加17，c＝6％＋17％＝23％；D、对比图1和图3得，丁反应前后质量分数没有改变，d＝10％。
故选A。
12．如图是某化学反应的微观模型，“
”、“
”分别表示不同元素的原子，下列各项中对图示模型理解正确的是（）
A．该反应属于分解反应
B．反应中共有两种元素参加
C．反应物和生成物中只有一种单质
D．参加反应的两种物质分子个数之比为2：
3
【答案】B
【解析】
试题分析：
A、由图示可知，该反应的反应物是两种、生成物是一种，该反应是化合反应，不属于分解反应，故A错误；B、由反应中原子的种类可知，该反应中共有两种元素，故B正确；C、单质的分子由一种原子构成，化合物的分子由多种原子构成，由图示可知看出反应物是两种单质，而生成物是一种化合物，故C错误；D、由反应的图示结合质量守恒定律可知，参加反应的两种物质分子个数之比为1：
3，故D错误。
故选B。
考点：
微粒观点及模型图的应用；单质和化合物的判别；反应类型的判定
13．红磷在密闭容器（含有空气）内燃烧，容器内有关的量随时间变化的图像正确的是
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【解析】
【分析】
化学反应的过程是反应物的分子分成原子，原子再重新组合成新的分子的过程。
在化学反应中，反应前后原子的种类、数目、质量都不变。
【详解】
A、根据化学反应的实质和质量守恒定律，化学反应过程中原子的种类不变，原子的种类反应开始时不可能为0，也不可能随反应时间而增加，选项A不正确；
B、因为红磷在密闭容器（含有空气）内燃烧，根据质量守恒定律，反应开始前、反应过程中、反应结束后，只要处在同一密闭容器内，物质的总质量是不变的，选项B不正确；
C、根据化学反应的实质和质量守恒定律，化学反应过程中原子的个数不变，原子个数不可能随反应的进行而减少，选项C不正确；
D、根据化学反应的实质和质量守恒定律，化学反应过程中原子的种类不变，因此元素的种类也不变，选项D正确。
故选D。
14．煤的气化是提高煤的利用率、减少环境污染的有效措施。
煤的气化过程中发生了化学反应C+H2O（气）
H2+CO，反应前后，发生了变化的是
A．元素的种类B．分子的种类C．原子的数目D．物质的总质量
【答案】B
【解析】
试题分析：
在化学反应中元素的种类、原子的数目和物质的总质量都不发生改变，分子的种类发生了变化.
考点：
化学变化的实质；
点评：
参加反应的各种物质的质量总和等于反应后各种物质的质量总和，理解质量守恒定律的特征和本质是解题的关键.
15．浓硝酸易挥发，在光照条件下会发生如下反应：
4HNO3
4X↑+O2↑+2H2O，下列分析不正确的是
A．X的化学式为NO2B．HNO3中氮元素的化合价为+5价
C．该反应为分解反应D．硝酸中氢和氧元素的质量比为4：
3
【答案】D
【解析】
【详解】
A、根据质量守恒定律，反应前：
氢原子：
4，氮原子：
4，氧原子：
12；反应后除X外，氢原子：
4，氮原子：
0，氧原子：
4，4X中应含有氮原子的个数为：
4-0=4，应含有氧原子的个数为：
12-4=8，应含有氢原子的个数为4-4=0，X的化学式为NO2，选项A正确；
B、在HNO3中，氢元素显+1价，氧元素显-2价，设：
氮元素的化合价是x，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：
（+1）+x+（-2）×3=0，则x=+5，选项B正确；
C、该反应由一种物质生成三种物质，属于分解反应，选项C正确；
D、硝酸中氢和氧元素的质量比=1：
（16×3）=1：
48，选项D错误。
故选D。
16．下图表示治理汽车尾气所涉及反应的微观过程。
下列说法不正确的是（）
A．图中单质的化学式为N2
B．该反应使有毒气体转化为无毒气体
C．反应物都属于氧化物
D．反应中原子、分子个数都不变
【答案】D
【解析】
试题分析：
根据该化学反应的微观模拟示意图可知，该反应的反应物是CO和NO，生成物是CO2和N2，故该反应可表示为2CO+2NO=N2+2CO2。
A、由微粒的微观模拟示意图可知，只有生成物的N2分子是由2个同种原子构成的，故属于单质，正确；
B、由该化学反应的微观模拟示意图可知，该反应是将有毒气体CO和NO转化为无毒气体CO2和N2，正确；
C、由微粒的微观模拟示意图可知，反应物是CO和NO，它们都是由两种元素组成，且其中一种是氧元素的化合物，故属于氧化物，正确；
D、根据反应的微观模拟示意图可知，反应前后分子的个数发生改变，错误。
故选D
考点：
微粒观点及模型图的应用，单质和化合物的判别，从组成上识别氧化物
点评：
分子是由原子构成的，且同种原子构成的分子是单质分子，不同种原子构成的分子是化合物分子。
试题通过给出微粒的模型，考查学生的观察能力和对基本概念的理解与运用能力，以检测考生从微观角度认识化学的意识和能力。
17．铜能与硝酸反应，但不产生H2．根据反应方程式：
3Cu+8HNO3（稀）═3Cu（NO3）2+2X↑+4H2O，推测X的化学式是（ ）
A．N2O3B．NO2C．NOD．N2O
【答案】C
【解析】
【详解】
由质量守恒定律：
反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式3Cu+8HNO3（稀）═3Cu（NO3）2+2X↑+4H2O可知，反应前铜、氢、氮、氧原子个数分别为3、8、8、24，反应后的生成物中铜、氢、氮、氧原子个数分别为2、8、6、22，根据反应前后原子种类、数目不变，则2X分子中含有2个氮原子和2个氧原子，则每个X分子由1个氮原子和1个氧原子构成，则物质X的化学式为NO。
故选C。
18．下图是“尾气催化转换器”将汽车尾气中有毒气体转变为无毒气体的微观示意图，其中不同的圆球代表不同原子。
下列说法错误的是
A．此反应有单质生成
B．原子在化学变化中是不可分的
C．图中生成物全部是化合物
D．参加反应的两种分子的个数比为1∶1
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】
A、反应后生成了一种由同种原子构成的单质分子，因此此反应有单质生成；故A正确；
B、反应前共有三种原子，而反应后仍然是这三种原子，说明反应中原子不变，可推断得出化学变化中原子不可分；故B正确；
C、反应的生成物为一种单质的分子和一种化合物的分子，生成物一种为化合物一种为单质；故C不正确；
D、反应前的两种分子各有2个分子参加反应，因此参加反应的两种分子的个数比为
1：
1，故D正确。
故选C。
19．下列物质中均含有氯元素，它们按下列顺序排列：
①KCl②Cl2③HClO④X⑤NaClO4。
根据氯元素化合价的排列规律，X不可能是（）
A．AgClB．KClO3C．HClO2D．Cl2O5
【答案】A
【解析】
【分析】
化合物中元素化合价的代数和为零，单质中元素化合价为零。
【详解】
根据化合价的有关知识可知，①KCl、②Cl2、③HClO、⑤NaClO4中Cl的化合价分别为：
-1、0、+1、+7，化合价依次升高，故X的化合价应在+1和+7之间。
KClO3、HClO2、Cl2O5中的Cl的化合价分别为：
+5、+3、+5，只有AgCl中Cl的化合价是-1价，不在+1和+7之间。
故选A。
20．用下列装置来验证质量守恒定律（托盘天平未画出），能达到目的是（）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【解析】
试题分析：
A、生成物中有气体生成，装置也不是密闭容器，不能验证；B、两种物质不反应，不能验证；C、镁带在空气中燃烧，反应后固体质量会明显增大，因为有氧气参加，另外该装置也不是在密闭容器中进行，不能验证；D、铁与硫酸铜反应生成铜与硫酸亚铁，反应物中没有气体参加生成物中也没有气体生成，装置可不密闭，可以验证。
故选D。
考点：
质量守恒定律及其应用
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