完整版高考一轮复习教案函数的单调性.docx
《完整版高考一轮复习教案函数的单调性.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《完整版高考一轮复习教案函数的单调性.docx(19页珍藏版)》请在冰点文库上搜索。
![完整版高考一轮复习教案函数的单调性.docx](https://file1.bingdoc.com/fileroot1/2023-6/23/879538d3-78fb-4f37-803a-46319bfc1f65/879538d3-78fb-4f37-803a-46319bfc1f651.gif)
完整版高考一轮复习教案函数的单调性
函数的单调性与最值
x1-x2
、函数的单调性
1.单调函数的定义
增函数
减函数
定义
一般地,设函数f(x)的定义域为I.如果对于定义域I内某个区间A上的任意两个自变量的值x1,x2
当x1当x1f(x2),那么就说函数f(x)在区间A上是减少的
图象描述
自左向右看图象是逐渐上升
的
自左向右看图象是逐渐下降的
2.单调区间的定义
如果函数y=f(x)在区间A上是增加的或是减少的,那么称A为单调区间.
3求函数单调区间的两个注意点:
(1)单调区间是定义域的子集,故求单调区间应树立“定义域优先”的原则.
(2)单调区间只能用区间表示,不能用集合或不等式表示;如有多个单调区间应分别写,不能用并集符号“∪”联结,也不能用“或”联结.
4必记结论
1.单调函数的定义有以下若干等价形式:
设x1,x2∈[a,b],那么
fx1-fx2
①1-2>0?
f(x)在[a,b]上是增函数;
x1-x2
<0?
f(x)在[a,b]上是减函数.
fx1-fx2
②(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]>0?
f(x)在[a,b]上是增函数;
(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]<0?
f(x)在[a,b]上是减函数.
2.复合函数y=f[g(x)]的单调性规律是“同则增,异则减”,即y=f(u)与u=g(x)若具有相同的单调性,则y=f[g(x)]为增函数,若具有不同的单调性,则y=f[g(x)]必为减函数.
考点一函数单调性的判断
1.下列四个函数中,在(0,+∞)上为增函数的是(
解析:
当x>0时,f(x)=3-x为减函数;
32
当x∈0,2时,f(x)=x2-3x为减函数,
3
当x∈2,+∞时,f(x)=x2-3x为增函数;
1
当x∈(0,+∞)时,f(x)=-x+1为增函数;
当x∈(0,+∞)时,f(x)=-|x|为减函数.故选C.答案:
C
-2x
2.判断函数g(x)=在(1,+∞)上的单调性.
x-1
解:
法一:
定义法
任取x1,x2∈(1,+∞),且x1-2x1-2x22x1-x2
则g(x1)-g(x2)=x1-1-x2-1=x1-1x2-1,
因为1所以x1-x2<0,(x1-1)(x2-1)>0,
因此g(x1)-g(x2)<0,即g(x1)导数法
-2x-1+2x2
∵g′(x)=x-12=x-12>0,
∴g(x)在(1,+∞)上是增函数.
给出解析式函数单调性的两种判定方法
1.定义法(基本步骤为取值、作差或作商、变形、判断).*2.导数法(基本步骤为求定义域、求导、变形、判断).
考点二函数的单调区间的求法|
1求下列函数的单调区间:
(1)y=-x2+2|x|+1;
(2)y=log21(x2-3x+2).
[解]
(1)由于
2
-x+2x+1,x≥0,=2
-x2-2x+1,x<0,
画出函数图象如图所示,
单调递增区间为(-∞,-1]和[0,1],
单调递减区间为[-1,0]和[1,+∞).
1
(2)令u=x-3x+2,则原函数可以看作y=log2u与u=x2-3x+2的复合函数.
令u=x2-3x+2>0,则x<1或x>2.
12
∴函数y=log2(x2-3x+2)的定义域为(-∞,1)∪(2,+∞).23
又u=x2-3x+2的对称轴x=2,且开口向上.
∴u=x2-3x+2在(-∞,1)上是单调减函数,在(2,+∞)上是单调增函数.
1
而y=log2u在(0,+∞)上是单调减函数,
1
∴y=log2(x2-3x+2)的单调递减区间为(2,+∞),单调递增区间为(-∞,1).
函数单调区间的四种求法
(1)利用已知函数的单调性,即转化为已知函数的和、差或复合函数,求单调区间.
(2)定义法:
先求定义域,再利用单调性定义.
(3)图象法:
如果f(x)是以图象形式给出的,或者f(x)的图象易作出,可由图象的直观性写出它的单调区间.
*(4)导数法:
利用导数取值的正负确定函数的单调区间.
A.(-∞,0)
B.
0,12
C.[0,+∞)
D.
1
,+∞
2,+∞
解析:
y=|x|(1-x)
x1-xx≥0
-x1-xx<0
-x-212+41x≥0
121x--x-2-4
x<0
画出函数的草图,如图.
1
由图易知原函数在0,2上单调递增.
答案:
B
考点三函数单调性的应用函数单调性的应用比较广泛,是每年高考的重点和热点内容.见的命题探究角度有:
1.求函数的值域或最值.
2.比较两个函数值或两个自变量的大小.3.解函数不等式.
4.求参数的取值范围或值.
归纳起来,常
求函数的值域或最值
2
x+-3,x≥1,
1.已知函数f(x)=x
lgx2+1,x<1,
则f(f(-3))=
,f(x)的
最小值是
2比较两个函数值或两自变量的大小
1
2.已知函数f(x)=log2x+,若x1∈(1,2),x2∈(2,+∞),则()
1-x
A.f(x1)<0,f(x2)<0B.f(x1)<0,f(x2)>0
C.f(x1)>0,f(x2)<0D.f(x1)>0,f(x2)>0
3解函数不等式
x3,x≤0,2
3.已知函数f(x)=若f(2-x2)>f(x),则实数x的
lnx+1,x>0,
取值范围是()
A.(-∞,-1)∪(2,+∞)
B.(-∞,-2)∪(1,+∞)
C.(-1,2)
D.(-2,1)
4利用单调性求参数的取值范围
2-ax+1x<1,
4.已知f(x)=x满足对任意x1≠x2,都有ax≥1
fx1-fx2
1-2>0成立,那么a的取值范围是()
x1-x2
33
A.2,2B.1,2
C.(1,2)D.(1,+∞)
1.解析:
由题知,f(-3)=1,f
(1)=0,即f(f(-3))=0.又f(x)在(-∞,0)上单调递减,在(0,1)上单调递增,在(1,2)上单调递减,在(2,+∞)上单调递增,所以f(x)min=min{f(0),f
(2)}=22-3.
答案:
022-3
1
2.解析:
∵函数f(x)=log2x+在(1,+∞)上为增函数,且f
(2)=0,
1-x
∴当x1∈(1,2)时,f(x1)(2)=0,
当x2∈(2,+∞)时,f(x2)>f
(2)=0,
即f(x1)<0,f(x2)>0.
答案:
B
3.解析:
∵当x=0时,两个表达式对应的函数值都为零,∴函数的图象是一条连续的曲线.∵当x≤0时,函数f(x)=x3为增函数,当x>0时,f(x)=ln(x+1)也是增函数,且当x1<0,x2>0时,f(x1)f(x)等价于2-x2>x,即x2+x-2<0,解得-2答案:
D
2-a>0,
4.解析:
依题意,f(x)是在R上的增函数,于是有a>1,
1
2-a×1+1≤a.
3
解得2≤a<2,故选A.
答案:
A
函数单调性应用问题的四种类型及解题策略
(1)比较大小.比较函数值的大小,应将自变量转化到同一个单调区间内,然后利用函数的单调性解决.
(2)解不等式.在求解与抽象函数有关的不等式时,往往是利用函数的单调性将“f”符号脱掉,使其转化为具体的不等式求解.此时应特别注意函数的定义域.
(3)利用单调性求参数.
①视参数为已知数,依据函数的图象或单调性定义,确定函数的单调区间,与已知单调区间比较求参数;
②需注意若函数在区间[a,b]上是单调的,则该函数在此区间的任意子集上也是单调的.
(4)利用单调性求最值.应先确定函数的单调性,然后再由单调性求出最值.
1.确定抽象函数的单调性以及解含“f”的不等式
【典例】函数f(x)对任意a,b∈R,都有f(a+b)=f(a)+f(b)-1,当x>0时,有f(x)>1.
(1)求证:
f(x)是R上的增函数;
(2)若f(4)=5,解不等式f(2t-1)-f(1+t)<2.
[规范解答]
(1)证明:
设x1,x2∈R且x10,
∴f(x2-x1)>1.(2分)
根据条件等式有
2-
f(x2)-f(x1)=f(x2-x1+x1)-f(x1)=f(x2-x1)+f(x1)-1-f(x1)=f(xx1)-1>0,
∴f(x1)(2)由f(a+b)=f(a)+f(b)-1,得f(a+b)-f(a)=f(b)-1,
∴f(2t-1)-f(1+t)=f(t-2)-1,(8分)
∴f(2t-1)-f(1+t)<2,即f(t-2)-1<2,
∴f(t-2)<3.
又f(2+2)=f
(2)+f
(2)-1=5,
∴f
(2)=3,
∴f(t-2)<3=f
(2).(10分)
∵f(x)是R上的增函数,
∴t-2<2,∴t<4,故不等式的解集为(-∞,4).
1.
A.
下列函数中,定义域是
-x
y=e
C.
2.
y=lnx下列四个函数:
1
①y=3-x;②y=x2+1;
③y=x2+2x-10;④y=
练习A组
R且为增函数的是()
B.
D.
y=x
y=|x|
-x
-1
x
x≤0
x>0
其中值域为R的函数有(A.1个B.2个C.3个
2
3.若函数f(x)=-x+2ax
与函数g(x)
a
=x+1在区间[1,2]上都是减函数,
则实数a的取值范围为(
A.(0,1)∪(0,1)
B.(0,1)
C.(0,1)
D.(0,1]
2
x2-4x+3,x≤0,
4.已知函数f(x)
=2
-x-2x+3,x>0,
)
∪(0,1]
)
则不等式f(a2-4)>f(3a)的解
集为(
A.
(2,6)
B.(-1,4)
C.
(1,4)
D.(-3,5)
5.
如果函数y=f(x)
在区间I上是增函数,且函数y=
在区间
I上是减函数,那么称函数y=f(x)是区间I上的“缓增函
x
x
13
数”,区间I叫作“缓增区间”.若函数f(x)=12x2-x+32是区间I上的“缓增
函数”
,则“缓增区间”I为()
A.[1,+∞)
C.[0,1]
B.[0,3]
D.[1,3]
6.已知f(x)是定义在R上的偶函数,若对任意的x1,x2∈[0,+∞)(x1≠x2),fx2-fx1
有2-<0,则f(3),f(-2),f
(1)的大小关系为.
x2-x1
1,x>0,
7.设函数f(x)=0,x=0,g(x)=x2f(x-1),则函数g(x)的递减
-1,x<0,
区间是.
8.已知函数f(x)=|x+a|在(-∞,-1)上是单调函数,则a的取值范围是.
x9.已知f(x)=x-a(x≠a).
(1)若a=-2,试证f(x)在(-∞,-2)上单调递增;
(2)若a>0且f(x)在(1,+∞)上单调递减,求a的取值范围.
练习B组
1.下列函数中,在区间(0,+∞)上为增函数的是()
A.y=x+1B.y=(x-1)
C.y=2-xD.y=log0.5(x+1)
*2.“a≤0”是“函数f(x)=|(ax-1)x|在区间(0,+∞)内单调递增”的()
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件C.充分必要条件
D.既不充分也不必要条件
-x+6,x≤2,
3.若函数f(x)=(a>0,且a≠1)的值域是[4,+∞),3+logax,x>2
则实数a的取值范围是.
4.a为实数,函数f(x)=|x2-ax|在区间[0,1]上的最大值记为g(a).当a=时,g(a)的值最小.
答案
1.解析:
因为定义域是R,排除C,又是增函数,排除A、D,所以选B.
答案:
B
-xx≤0,
2.解析:
依题意,注意到y=3-x与函数y=1的值
-x>0
x
22a≤1,
3.解析:
注意到f(x)=-(x-a)2+a2;依题意得即0a>0,
选D.
答案:
D
4.解析:
作出函数f(x)的图象,如图所示,则函数f(x)在R上是单调递减的.由f(a2-4)>f(3a),可得a2-4<3a,整理得a2-3a-4<0,即(a+1)(a-4)<0,解得-1答案:
B
123
5.解析:
因为函数f(x)=2x-x+2的对称轴为x=1,所以函数y=f(x)在
fx131区间[1,+∞)上是增函数,又当x≥1时,x=2x-1+2x,令g(x)=2x-
313x2-3
1+2x(x≥1),则g′(x)=2-2x2=2x2,由g′(x)≤0得1≤x≤3,即函数
13
=2x-1+2x在区间[1,3]上单调递减,故“缓增区间”I
答案:
D
∴f(x)在(0,+∞)上为减函数.又f(-2)=f
(2),1<2<3,
∴f
(1)>f(-2)>f(3)
即f
(1)>f
(2)>f(3)
答案:
f
(1)>f(-2)>f(3)
2
x,x>1,
7.解析:
g(x)=0,x=1,
-x2,x<1.
是[0,1).
答案:
[0,1)
8.解析:
因为函数f(x)在(-∞,-a)上是单调函数,所以-a≥-1,解得a≤1.
答案:
(-∞,1]
9.解:
(1)证明:
任设x1x1x2
则f(x1)-f(x2)=x1+2-x2+2
2x1-x2
=x1+2x2+2.
∵(x1+2)(x2+2)>0,x1-x2<0,
∴f(x1)∴f(x)在(-∞,-2)上单调递增.
当a>0时,f(x)在(-∞,a),(a,+∞)上是减函数,又f(x)在(1,+∞)上单调递减,
∴010.
解:
(1)∵f(x)=g(x)·h(x)=(x+1)x+13=xx++31,
1
(2)函数f(x)的定义域为0,4,3
令x+1=t,则x=(t-1)2,t∈1,2,t1
f(x)=F(t)=t2-2t+4=4.
t+t-2
4334
∵t=t时,t=±2?
1,2,又t∈1,2时,t+t单调递减,F(t)单调递增,16
∴F(t)∈31,13.
16
即函数f(x)的值域为3,13.
1
1.解析:
y=(x-1)仅在[1,+∞)上为增函数,排除B;y=2-x=2x为减函数,排除C;因为y=log0.5t为减函数,t=x+1为增函数,所以y=log0.5(x+1)为减函数,排除D;y=t和t=x+1均为增函数,所以y=x+1为增函数,故选A.
答案:
A
2.解析:
由二次函数的图象和性质知f(x)=|(ax-1)x|在(0,+∞)内单调
1
递增,只需f(x)的图象在(0,+∞)上与x轴无交点,即a=0或<0,整理得a≤0,a
而当a≤0时,结合图象(图略)可知f(x)在(0,+∞)上为增函数.故a≤0是f(x)在(0,+∞)上单调递增的充要条件,故选C.
答案:
C
a>1,数f(x)的值域为[4,+∞),所以解得13+loga2≥4.
取值范围为(1,2].
答案:
(1,2]
aa2
4.解析:
f(x)=x-22-4,其在区间[0,1]上的最大值必在x=0,x=1,
2aaax=2处产生,即g(a)=maxf0,f1,f2=max0,|1-a|,4=
a2a2
max|1-a|,4,在同一坐标系中分别画出y=|1-a|,y=4的图象可知(图略),
例题
1.
列函数中,在区间(0,+∞)上单调递减的是()
值范围是()
1.解析:
根据函数的图象知,函数
f(x)=x1在(0,+∞)上单调递减,故选
x
A.答案:
A
1
2.解析:
要使y=log5(2x+1)有意义,则2x+1>0,即x>-2,而y=log5u
为(0,+∞)上的增函数,当x>-21时,u=2x+1也为R上的增函数,故原函数
11
的单调增区间是-2,+∞.答案:
-2,+∞
3.解析:
要使函数在R上是增函数,
a
-≥1,
-2≥1,则有
a<0,
-1-a-5≤a,
解得-3≤a≤-2,即a的取值范围是[-3,-2].答案:
B