广东中考数学总复习:第2部分-专题突破-专题十三-几何动态综合题.doc
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专题十三 几何动态综合题
考情分析 2013~2017年解答题第23题均为几何动态综合题,分值为9分.一般以特殊平行四边形或三角形为背景,考查线段长度、角度、点的坐标、菱形或平行四边形的判定、直角或等腰三角形的存在性、与面积有关的函数关系式及最值,涉及解直角三角形、三角形的面积公式、勾股定理、二次函数的性质及最值等.题目一般有3~4问,第一问较为简单,熟练运用基础知识即可;后几问综合性较强,经常用到分类讨论、数形结合思想.
类型点动型综合题
例1 如图1,正方形ABCD中,点A,B的坐标分别为(0,10),(8,4),点C在第一象限.动点P在正方形ABCD的边上,从点A出发沿A→B→C→D→A以每秒1个单位长度的速度匀速运动,同时动点Q以相同的速度从(1,0)出发在x轴正半轴上运动,当点P第一次回到A点时,两点同时停止运动,设运动的时间为t秒.
(1)求正方形边长及顶点C的坐标;
(2)当点P在AB上时,设△OPQ的面积为S,求S与t的函数关系式,并写出当t为何值时S最大;
(3)如果点P,Q保持原速度不变,当点P沿A→B→C→D匀速运动时,OP与PQ能否相等?
若能,写出所有符合条件的t的值;若不能,请说明理由.
图1
思路点拨 解决几何动态问题的关键是“化动为静”,找出几何图形中的自变量与时间t或线段长x的关系,并用函数关系式表示出来,再结合已知条件和图象性质求解.
训练 1.如图2,Rt△ABC中,∠C=90°,BC=8cm,AC=6cm.点P从B出发沿BA向A运动,速度为每秒1cm,点E是点B以P为对称中心的对称点,点P运动的同时,点Q从A出发沿AC向C运动,速度为每秒2cm,当点Q到达顶点C时,P,Q同时停止运动,设P,Q两点运动时间为t秒.
图2
(1)当t为何值时,PQ∥BC?
(2)设四边形PQCB的面积为y,求y关于t的函数关系式;
(3)当t为何值时,△AEQ为等腰三角形?
2.(2017宜昌)正方形ABCD的边长为1,点O是BC边上的一个动点(与B,C不重合),以O为顶点在BC所在直线的上方作∠MON=90°.
(1)当OM经过点A时,
①请直接填空:
ON__________(可能,不可能)过D点;(图3仅供分析)
②如图4,在ON上截取OE=OA,过E点作EF垂直于直线BC,垂足为点F,EH⊥CD于H,求证:
四边形EFCH为正方形.
(2)当OM不过点A时,设OM交边AB于G,且OG=1.在ON上存在点P,过P点作PK垂直于直线BC,垂足为点K,使得S△PKO=4S△OBG,连接GP,求四边形PKBG的最大面积.
图3 图4 备用图
类型线动型综合题
例2 如图5,在△ABC中,AB=AC=10cm,BD⊥AC于点D,BD=8cm.点M从点A出发,在AC上以每秒2cm的速度匀速向点C运动,同时直线PQ从点B出发,沿BA的方向以每秒1cm的速度匀速运动,运动过程中始终保持PQ∥AC,直线PQ交AB于点P、交BC于点Q、交BD于点F.连接PM,设运动时间为t秒(0<t≤5).
图5
(1)当t为何值时,四边形PQCM是平行四边形?
(2)设四边形PQCM的面积为ycm2,求y与t之间的函数关系式;
(3)连接PC,是否存在某一时刻t,使点M在线段PC的垂直平分线上?
若存在,求出此时t的值;若不存在,说明理由.
训练 3.如图6,在△ABC中,∠C=90°,∠A=60°,AC=2cm.长为1cm的线段MN在△ABC的边AB上沿AB方向以1cm/s的速度向点B运动(运动前点M与点A重合).过M,N分别作AB的垂线交直角边于P,Q两点,线段MN运动的时间为ts.
图6
(1)若△AMP的面积为y,写出y与t的函数关系式;(写出自变量t的取值范围)
(2)线段MN运动过程中,四边形MNQP有可能成为矩形吗?
若有可能,求出此时t的值;若不可能,说明理由;
(3)t为何值时,以C,P,Q为顶点的三角形与△ABC相似?
4.如图7,在△ABC中,AB=AC,∠BAC=90°,AD⊥BC于点D,BC=20cm,AD=10cm.点P从点B出发,在线段BC上以每秒2cm的速度向点C匀速运动,与此同时,垂直于AD的直线l从点A沿AD出发,以每秒1cm的速度沿AD方向匀速平移,分别交AB,AC,AD于M,N,E.当点P到达点C时,点P与直线l同时停止运动,设运动时间为t秒(t>0).
(1)在运动过程中(点P不与B,C重合),连接PN,求证:
四边形MBPN为平行四边形;
(2)如图8,以MN为边向下作正方形MFGN,FG交AD于点H,连接PF,PG,当0<t<时,求△PFG的面积最大值;
(3)在整个运动过程中,观察图8,9,是否存在某一时刻t,使△PFG为等腰三角形?
若存在,直接写出t的值;若不存在,请说明理由.
图7 图8 图9
类型形动型综合题
例3 已知:
把Rt△ABC和Rt△DEF按如图10摆放(点C与点E重合),点B,C(E),F在同一条直线上.∠ACB=∠EDF=90°,∠DEF=45°,AC=8cm,BC=6cm,EF=9cm.如图11,△DEF从图10的位置出发,以1cm/s的速度沿CB向△ABC匀速移动,在△DEF移动的同时,点P从△ABC的顶点B出发,以2cm/s的速度沿BA向点A匀速移动.当△DEF的顶点D移动到AC边上时,△DEF停止移动,点P也随之停止移动.DE与AC相交于点Q,连接PQ,设移动时间为t(s)(0<t<4.5).解答下列问题:
(1)当t为何值时,点A在线段PQ的垂直平分线上?
(2)连接PE,设四边形APEC的面积为y(cm2),求y与t之间的函数关系式;是否存在某一时刻t,使面积y最小?
若存在,求出y的最小值;若不存在,说明理由.
(3)是否存在某一时刻t,使P,Q,F三点在同一条直线上?
若存在,求出此时t的值;若不存在,说明理由.
图10 图11
训练 5.如图12所示,在▱ABCD中,AB=3cm,BC=5cm,AC⊥AB,△ACD沿射线AC的方向匀速平移得到△PNM,速度为1cm/s,同时,点Q从点C出发,沿射线CB方向匀速运动,速度为1cm/s,当△PNM停止平移时,点Q也停止运动,如图13所示,设运动时间为t(s)(0<t<4).
(1)当t=__________时,PQ∥MN;
(2)设△QMC的面积为y(cm2),求y与t之间的函数关系式;
(3)是否存在某一时刻t,使得PQ=QM,若存在,求出t的值;若不存在,请说明理由.
图12 图13
6.已知矩形OABC的顶点O(0,0),A(4,0),B(4,-3).动点P从O出发,以每秒1个单位的速度,沿射线OB方向运动.设运动时间为t秒.
(1)求P点的坐标;(用含t的代数式表示)
(2)如图14,以P为一顶点的正方形PQMN的边长为2,且边PQ⊥y轴.设正方形PQMN与矩形OABC的公共部分面积为S,当正方形PQMN与矩形OABC无公共部分时,运动停止.
①当t<4时,求S与t之间的函数关系式;
②当t>4时,设直线MQ,MN分别交矩形OABC的边BC,AB于D,E,是否存在这样的t,使得△PDE为直角三角形?
若存在,请求出所有符合条件的t的值;若不存在,请说明理由.
图14
参考答案
例1 解:
(1)如图1,过点B作BF⊥y轴于F,BE⊥x轴于E,过点C作CG⊥x轴于点G,与FB的延长线交于点H,
图1
∵A(0,10),∴OA=10.
∵B(8,4),∴BF=8,OF=4.
∴AF=10-4=6.
∴AB==10.
∵∠ABC=90°,∴∠ABF+∠CBH=90°.
∵∠BAF+∠ABF=90°,∴∠BAF=∠CBH.
又AB=BC,∠AFB=∠BHC=90°,
∴△ABF≌△BCH.
∴BH=AF=6,CH=BF=8.
∴OG=FH=8+6=14,CG=8+4=12.
∴点C的坐标为(14,12).
(2)如图1,过点P作PM⊥y轴于点M,PN⊥x轴于点N,
∴PM∥BF.
则△APM∽△ABF,∴==.
∴==.∴AM=t,PM=t.
∴PN=OM=10-t,ON=PM=t.
∴S=PN·OQ=×(1+t)=-t2+t+5=-2+(0≤t≤10).
∴当t=时,S取到最大值.
(3)OP与PQ可以相等,根据等腰三角形的相关性质可知,相等时P点的横坐标等于Q点的横坐标的一半.
①当P在AB上时,如图1,t=(t+1),t=;
②当P在BC上时,如图2,
图2
则PB=t-10,sin∠ABF=sin∠BPM==,
∴=.∴BM=(t-10).
∴ON=BF+BM=8+(t-10)=(t+1).解得t=-15(舍去);
③当P在CD上时,如图3,过点C作CR⊥PN于R,则PC=t-20,
图3
cos∠PCR=cos∠BCH==,
∴=.
∴CR=NG=(t-20).
∴ON=OG-NG=14-(t-20)=(t+1),
解得t=.
综上所述,当t=或时,OP与PQ相等.
训练 1.解:
(1)∵∠C=90°,BC=8cm,AC=6cm,
∴AB=10cm.
∵BP=t,AQ=2t,∴AP=AB-BP=10-t.
∵PQ∥BC,∴=.
∴=,解得t=.
即当t=时,PQ∥BC.
(2)∵S四边形PQCB=S△ACB-S△APQ=AC·BC-AP·AQ·sinA,
∴y=×6×8-×(10-t)·2t·=24-t(10-t)=t2-8t+24.
即y关于t的函数关系式为y=t2-8t+24.
(3)△AEQ为等腰三角形分三种情况讨论:
①如果AE=AQ,那么10-2t=2t,解得t=;
②如果AE=QE,如图4,过点E作EF⊥AQ于F,
图4
则F为AQ的中点,∴AF=AQ=t.
又AC⊥BC,∴EF∥BC.
∴sin∠AEF=sinB===.
即=,解得t=;
③如果AQ=QE,可作QM⊥AE于M,
同理可得cosA==,即=,解得t=.
故当t为秒或秒或秒时,△AEQ为等腰三角形.
2.
(1)①解:
不可能.
【提示】若ON过点D,则OA>AB,OD>CD,
∴OA2>AD2,OD2>AD2.∴OA2+OD2>2AD2≠AD2.
∴∠AOD≠90°,这与∠MON=90°矛盾,∴ON不可能过D点.
②证明:
∵EH⊥CD,EF⊥BC,∴∠EHC=∠EFC=90°,且∠HCF=90°.
∴四边形EFCH为矩形.
∵∠MON=90°,∴∠EOF=90°-∠AOB.
在正方形ABCD中,∠BAO=90°-∠AOB,∴∠EOF=∠BAO.
∵∠EFO=∠B,OE=OA,
∴△OFE≌△ABO.∴EF=OB,OF=AB.
又OF=CF+OC=AB=BC=OB+OC=EF+OC,∴CF=EF.
∴四边形EFCH为正方形.
(2)解:
如图5,∵∠POK+∠BOG=∠OGB+∠BOG=90°,
图5
∴∠POK=∠OGB.
∵∠PKO=∠OBG,∴△PKO∽△OBG.
∵S△PKO=4S△OBG,
∴=2=4.∴OP=2.
∴S△POG=OG·OP=×1×2=1.
∵S四边形PKBG=S△POG+S△PKO+S△OBG=1+5S△OBG,
∴只需求出S△OBG的最大值.
设OB=a,BG=b,则a2+b2=OG2=1,∴b=.
∴S△OBG=ab=a=
=.
∴当a2=时,△OBG有最大值为,此时S△PKO=4S△OBG=1.
∴四边形PKBG的最大面积为1+1+=.
例2 解:
(1)若四边形PQCM是平行四边形,则PM∥QC,
∴AP∶AB=AM∶AC.
∵AB=AC,∴AP=AM,即10-t=2t,解得t=.
∴当t=时,四边形PQCM是平行四边形.
(2)∵PQ∥AC,∴△PBQ∽△ABC.
∴△PBQ为等腰三角形,PQ=PB=t.
∴=,即=,解得BF=t.
∴FD=BD-BF=8-t.
∴y=S△ABC-S△APM-S△BPQ=×10×8-×2t×-×t×t=t2-8t+40.
(3)假设存在某一时刻t,使点M在线段PC的垂直平分线上,则MP=MC,
图6
过M作MH⊥AB,交AB于H,如图6所示,
∵∠A=∠A,∠AHM=∠ADB=90°,
∴△AHM∽△ADB.∴==.
又AD=6,∴==.
∴HM=t,AH=t.
∴HP=10-t-t=10-t.
在Rt△HMP中,
MP2=2+2=t2-44t+100,
又MC2=(10-2t)2=100-40t+4t2,MP2=MC2,
∴t2-44t+100=100-40t+4t2.
解得t1=,t2=0(舍去).
∴t=秒时,点M在线段PC的垂直平分线上.
训练 3.解:
(1)当点P在AC上时,
∵AM=t,∴PM=AM·tan60°=t.
∴y=t·t=t2(0当点P在BC上时,PM=BM·tan30°=(4-t),
∴y=t·(4-t)=-t2+t(1≤t<3).
(2)∵AC=2,∴AB=4.∴BN=AB-AM-MN=4-t-1=3-t.∴QN=BN·tan30°=(3-t).
若要四边形MNQP为矩形,需PM=QN,且P,Q分别在AC,BC上.
即t=(3-t),∴t=.
∴当t=s时,四边形MNQP为矩形.
(3)由
(2)知,当t=s时,
四边形MNQP为矩形,此时PQ∥AB,∴△PQC∽△ABC.
除此之外,当∠CPQ=∠B=30°时,
△QPC∽△ABC,此时=tan30°=.
∵=cos60°=,∴AP=2AM=2t.∴CP=2-2t.
∵=cos30°=,∴BQ==(3-t).
又BC=2,∴CQ=2-(3-t)=.
∴=,解得t=.
∴当t=s或s时,以C,P,Q为顶点的三角形与△ABC相似.
4.
(1)证明:
∵l⊥AD,BC⊥AD,∴l∥BC.∴=.
∵AB=AC,∴AM=AN.
∵∠BAC=90°,∴ME=NE.∴MN=2AE=2t.
∵BP=2t,∴MN=BP.
∴四边形MBPN为平行四边形.
(2)解:
∵四边形MFGN是正方形,
∴FG=MN=MF=2AE=2t.
∵EH=MF=2t,∴DH=AD-AH=10-3t.
∴S△PFG=FG·DH=×2t×(10-3t)=-32+.
∵-3<0,0<t<,
∴当t=时,S△PFG最大为.
(3)解:
存在,t=或.
【提示】如图7,过点F作FK⊥BC于K,过点G作GL⊥BC于L,
图7
则FK=GL=DH=10-3t,
PK=BD-BP-KD=10-3t,
PL=PD+DL=10-2t+t=10-t.
利用勾股定理得:
PF2=2(10-3t)2,
PG2=(10-3t)2+(10-t)2,FG2=(2t)2.
当PF=FG时,2(10-3t)2=(2t)2,解得t=;
当PF=PG时,2(10-3t)2=(10-3t)2+(10-t)2,
解得t=5,或t=0(舍去);
当t=5时,点P为BC中点,而F,P,G三点共线,舍去.
当FG=PG时,(2t)2=(10-3t)2+(10-t)2,
解得t=,或t=10(舍去);
综上所述,t=或时,△PFG为等腰三角形.
例3 解:
(1)∵点A在线段PQ的垂直平分线上,
∴AP=AQ.
∵∠DEF=45°,∠ACB=90°,∠DEF+∠ACB+∠EQC=180°,∴∠EQC=45°.∴∠DEF=∠EQC.∴CE=CQ.
由题意知CE=t,BP=2t,∴CQ=t.∴AQ=8-t.
在Rt△ABC中,由勾股定理得AB=10cm,则AP=10-2t.
∴10-2t=8-t,解得t=2.
(2)如图8,过点P作PM⊥BE于M,
图8
∴∠BMP=90°.
∴sinB==,即=.
解得PM=t.
∵BC=6cm,CE=t,∴BE=6-t.
∴y=S△ABC-S△BPE=×BC×AC-×BE×PM=×6×8-×(6-t)×t=t2-t+24=(t-3)2+.
∵>0,∴抛物线开口向上.
∴当t=3时,y最小=.
(3)假设存在某一时刻t,使点P,Q,F三点在同一条直线上,
如图9,过点P作PN⊥AC于N,
图9
∴∠ANP=∠ACB=∠PNQ=90°.
∵∠PAN=∠BAC,∴△PAN∽△BAC.
∴==,即==.
解得PN=6-t,AN=8-t.
∵NQ=AQ-AN,∴NQ=8-t-=t.
∵∠ACB=90°,B,C(E),F在同一条直线上,
∴∠QCF=90°,∠QCF=∠PNQ.
∵∠FQC=∠PQN,∴△QCF∽△QNP.
∴=,即=,解得t=1.
训练 5.解:
(1);
【提示】如图10,由题意得,CQ=AP=t,
图10
∵AB=3,BC=5,∴AC=4.∴CP=4-t.
由平移的性质可得MN∥AB,
∵PQ∥MN,∴PQ∥AB.
∴=,即=,解得t=.
(2)如图11,过点P作PF⊥BC于点F,过点A作AE⊥BC于点E,
图11
由S△ABC=AB×AC=AE×BC,
即×3×4=×5AE,可得AE=.
∴CE===.
∵PF⊥BC,AE⊥BC,∴AE∥PF.
∴△CPF∽△CAE.
∴==,即==.
∴PF=,CF=.
∵PM∥BC,
∴点M到QC的距离h=PF=.
∴y=CQ×h=×t×=-t2+t(0<t<4).
(3)如图12,过点Q作QK⊥PM于点D,QE交AC于点H.
图12
∵PQ=MQ,∴PK=KM=,且KQ⊥BC.
∵∠A=∠HQC,∠ACB=∠QCH,
∴△CQH∽△CAB,∴=,即=.
∴CH=t.∴PH=AC-AP-CH=4-t-t=4-t.
易证△PHK∽△CBA,∴=,即=,解得t=.
∴当t=时,PQ=QM.
6.解:
(1)设设PN与x轴交于点G,
∵OA=4,AB=3,∠OAB=90°,∴OB=5.
∵PG∥AB,∴△OPG∽△OBA.
∴==.∴==.
∴OG=t,PG=.
∴P点的坐标为.
(2)①当0<t≤时,S=t×t=t2;
当<t≤时,S=2×t=t;
当<t<4时,S=4.
②当QM运动到AB位置时,恰好无公共部分,t<4+2,
即t<.
(ⅰ)当4<t<5时,
∠DPE>∠DBE=90°,△PDE不可能为直角三角形;
(ⅱ)当t=5时,
∠DPE=∠DBE=90°,此时△PDE是直角三角形;
(ⅲ)当5<t<时,如图13,ME=MN-NE=2-=6-t,DM=MQ-QD=2-=5-t.
此时∠DPE<90°,有∠PDE=90°或∠PED=90°两种可能.
若∠PDE=90°,则=,
图13
可得=,
整理得9t2-160t+675=0,
解得t=,应取t=;
若∠PED=90°,则=,
可得=,
整理得8t2-115t+425=0,
注意到Δ<0,该方程无实数解.
综上所述,符合条件的t的值有两个,t=5或t=.