届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)5.doc

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2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）5

1．下列关于实验中使用静电计的说法中正确的是（　　）

A．使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况

B．使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况

C．静电计可以用电压表替代

D．静电计可以用电流表替代

解析：

静电计是用来测量电容器两极板的电势差，从而研究电容器电容随电容器正对面积、两板距离、介电常数等因素的变化．如果用电压表、电流表来替代则构成电容器的放电回路，两电表都没有示数，故答案为A.

答案：

A

2．如下图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S.当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U，电容器两极板间场强

E的变化情况是（　　）

A．Q变小，C不变，U不变，E变小

B．Q变小，C变小，U不变，E不变

C．Q不变，C变小，U变大，E不变

D．Q不变，C变小，U变小，E变小

解析：

充电以后的电容器所带电荷量Q保持不变，故选项A、B错误；根据平行板电容器的电容公式C＝，d增大，C减小；又由C＝Q/U得，U＝Q/C，故U增大；再由公式C＝、C＝和E＝可得E＝，所以E不变，答案为C.

答案：

C

3.图（a）为示波管的原理图.如果在电极YY′之间所加的电压按图（b）所示的规律变化，在电极XX′之间所加的电压按图（c）所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是（）

4.如图所示，一个带电粒子从粒子源进入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中心线射入，A、B板长为L，相距为d，电压为U2.则带电粒子能从A、B板间飞出应该满足的条件是（）

A. B.

C. D.

5．如下图所示，L为竖直、固定的光滑绝缘杆，杆上O点套有一质量为m、带电荷量为－q的小环，在杆的左侧固定一电荷量为＋Q的点电荷，杆上a、b两点到＋Q的距离相等，Oa之间距

离为h1，ab之间距离为h2，使小环从图示位置的O点由静止释放后，通过a点的速率为.则下列说法正确的是（　　）

A．小环通过b点的速率为

B．小环从O到b，电场力做的功可能为零

C．小环在Oa之间的速度是先增大后减小

D．小环在ab之间的速度是先减小后增大

解析：

由动能定理：

O→a，mgh1－Uq＝mv，O→b，mg（h1＋h2）－Uq＝mv，解得vb＝.

答案：

A

6．如下图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2（v2

A．小物体上升的最大高度为

B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小

C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功

D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小

解析：

本题综合考查库仑力、电场力做功与电势能变化的关系、动能定理，意在考查考生的推理能力和分析综合能力．M、N两点在同一等势面上．从M至N的过程中，根据动能定理，－mgh－Wf＝0－mv，从N至M的过程中，mgh－Wf＝mv，由两式联立可得h＝，A项正确；从N至M，点电荷周围的电势先增大后减小，故小物体的电势能先增大后减小，B项错误；从M到N的过程中，电场力对小物体先做正功后做负功，C项错误；根据库仑定律，从N到M的过程中，小物体受到的库仑力先增大后减小，受力分析知，小物体受到的支持力先增大后减小，因而摩擦力也是先增大后减小，D项正确．

答案：

AD

7.如图所示，在绝缘光滑水平面上固定两个等量同种电荷A、B，在AB连线上的P点由静止释放一带电滑块，则滑块会在A、B之间往复运动，则以下判断正确的是（）

A.滑块一定带的是与A、B异种的电荷

B.滑块一定带的是与A、B同种的电荷

C.滑块在由P向B运动过程中，电势能一定是先减小后增大

D.滑块的动能与电势能之和一定减小

8.a、b、c三个α粒子由同一点同时垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，由此可以肯定（）

A.在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上

B.b和c同时飞离电场

C.进入电场时，c的速度最大，a的速度最小

D.动能的增量相比，c的最小，a和b的一样大

9．如下图所示，在xOy竖直平面内存在着水平向右的匀强电场．有一带正电的小球自坐标原点沿着y轴正方向以初速度v0抛出，运动轨迹最高点为M，与x轴交点为N，不计空气阻力，

则小球（　　）

A．做匀加速运动

B．从O到M的过程动能增大

C．到M点时的动能为零

D．到N点时的动能大于mv

解析：

带正电的小球自坐标原点沿着y轴正方向以初速度v0抛出后受到恒定的合力作用做匀变速运动，在运动开始的一段时间内合力与速度的夹角为钝角，速度减小，A、B都错；小球自坐标原点到M点，y方向在重力作用下做速度减小到零的匀变速运动，x方向在电场力作用下做初速度为零的匀加速运动，所以到M点时的动能不为零，C错；由动能定理有：

qEx＝mv－mv>0，D正确．

答案：

D

10．如下图所示，两块平行金属板竖直放置，两板间的电势差U＝1.5×103V（仅在两板间有电场），现将一质量m＝1×10－2kg、电荷量q＝4×10－5C的带电小球从两板的左上方距两板上端的高度h＝20cm的地方以初速度v0＝4m/s水平抛出，小球恰好从左板的上边缘进入电场，在两板间沿直线运动，从右板的下边缘飞出电场，求：

（1）金属板的长度L.

（2）小球飞出电场时的动能Ek.

解析：

（1）小球到达左板上边缘时的竖直分速度：

vy＝＝2m/s

设小球此时速度方向与竖直方向之间的夹角为θ，则tanθ＝＝2

小球在电场中沿直线运动，所受合力方向与运动方向相同，设板间距为d，则：

tanθ＝＝，L＝，解得L＝＝0.15m.

（2）进入电场前mgh＝mv－mv

电场中运动过程qU＋mgL＝Ek－mv

解得Ek＝0.175J.

答案：

（1）0.15m　

（2）0.175J

11．为研究静电除尘，有人设计了一个盒状容器，容器侧面是绝缘透明的有机玻璃，它的上下底面是面积A＝0.04m2的金属板，间距L＝0.05m，当连接到U＝2500V的高压电源正负两极时，能在两金属板间产生一个匀强电场，如下图所示．现把一定量均匀分布的烟尘颗粒密闭在容器内，每立方米有烟尘颗粒1013个，假设这些颗粒都处于静止状态，每个颗粒带电量为q＝＋1.0×10－17C，质量为m＝2.0×10－15kg，不考虑烟尘颗粒之间的相互作用和空气阻力，并忽略烟尘颗粒所受重力．求合上开关后：

（1）经过多长时间烟尘颗粒可以被全部吸附？

（2）除尘过程中电场对烟尘颗粒共做了多少功？

（3）经过多长时间容器里烟尘颗粒的总动能达到最大？

解析：

（1）当最靠近上表面的烟尘颗粒被吸附到下板时，烟尘就被全部吸附，烟尘颗粒受到的电场力F＝，L＝at2＝，t＝L＝0.02s.

（2）W＝NALqU＝2.5×10－4J.

（3）设烟尘颗粒下落距离为x

Ek＝mv2·NA（L－x），

当x＝时，Ek达到最大，x＝at.

t1＝＝L＝0.014s.

答案：

（1）0.02s　

（2）2.5×10－4J　（3）0.014s

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