滑轮.docx

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滑轮

简单

1.小明利用如图的装置探究滑轮组的特点，他将重为5N的物体匀速提高了lm，每个滑轮重均为lN，不计绳重及摩擦，则有关绳端移动距离S，绳端拉力F，悬挂定滑轮处拉力Fa的大小正确的是（　　）

A．S＝3m，F＝2N，Fa＝7NB．S＝3m，F＝1.7N，Fa＝5N

C．S＝2m，F＝3N，Fa＝10ND．S＝2m，F＝2.5N，Fa＝7.5N

答案：

C

解析：

从图中可以看出，n＝2；则s＝2h＝2×1m＝2m；F＝1/2（G＋G动）＝1/2（5N＋1N）＝3N；Fa＝n′F＋G定＝3×3N＋1N＝10N．

故选C．

2.关于滑轮，下列说法中错误的是（　　）

A．使用定滑轮不省力但能改变动力方向

B．使用动滑轮能省一半力，还能改变动力的方向

C．定滑轮实质是个等臂杠杆

D．动滑轮实质是个动力臂为阻力臂两倍的杠杆

答案：

B

解析：

A、定滑轮不省力也不费力，但可以改变作用力方向，选项说法正确，不符合题意；

B、使用动滑轮能省一半力，但不能改变力的方向，选项说法错误，符合题意；

C、定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向，选项说法正确，不符合题意；

D、动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，使用动滑轮能省一半力，但费距离，选项说法正确，不符合题意；

故选B．

3.使用滑轮组肯定不能做到的是（　　）

A．既省力又改变力的方向

B．既省力又省距离

C．省力，但没有改变力的方向

D．不省力，但可以改变力的方向

答案：

B

解析：

使用滑轮组可以省力和改变用力的方向，但是要费距离．

故选B．

4.如图所示，物体A的重力是100牛，沿竖直方向用力拉绳使物体A匀速上升．若不计摩擦和滑轮本身的重力，则所需拉力F的大小为（　　）

A．50牛B．100牛C．150牛D．200牛

答案：

A

解析：

不计摩擦和滑轮本身的重力，所以拉力为：

F＝1/2G＝1/2×100N＝50N．

故选A．

5.某同学设计了一种如图所示的简易电梯，由图可知（　　）

A．A是动滑轮

B．B是定滑轮

C．如果电动机向下拉动绳子．电梯厢将上升

D．电梯厢运动的速度与电动机拉绳的速度相等

答案：

C

解析：

A、图中A滑轮固定不动，因此它是定滑轮，故A错误；

B、图中B滑轮和电梯厢一块运动，因此它是动滑轮，故B错误；

C、如果电动机向下拉动绳子．通过定滑轮改变了力的方向，所以电梯厢将上升，正确；

D、此滑轮组的绳子股数为2股，因此绳子自由端移动的速度为电梯厢运动速度的2倍．故D错误．

故选C．

6.如图所示，在竖直向上大小为10N的力F的作用下，重物A沿竖直方向匀速上升，已知重物A上升速度为0.2m/s，不计滑轮重、绳重及绳与滑轮间的摩擦，则物体的重力大小和滑轮上升的速度分别为（　　）

A．20N0.4m/sB．20N0.1m/s

C．5N0.4m/sD．5N0.1m/s

答案：

D

解析：

根据题干中图可知：

该滑轮动滑轮的特殊使用方法，根据动滑轮的特点可知：

F＝2G＝10N，则G＝5N；

F移动的距离是物体移动距离的二分之一，故重物A上升速度为0.2m/s，F上升的速度就是0.1m/s．

故选D．

7.如图所示，健身员向下摆动脚踝使细绳拉着物体缓慢提升时，图中的滑轮是（　　）

A．定滑轮，可省力

B．动滑轮，可省力

C．定滑轮，可改变力的方向

D．动滑轮，可改变力的方向

答案：

C

解析：

由图知，图中用的是定滑轮，可以改变力的方向，但不省力．所以ABD错误，C正确．

故选C．

8.将甲、乙两砝码以细线相连并跨过定滑轮，使两砝码距离地面相同高度，如图1所示．当由静止自由释放后，甲砝码下降，乙砝码上升，如图2，假设细线及定滑轮的重量不计，且细线与定滑轮间无摩擦力，在砝码运动的过程中，下列推论何者最适当（　　）

A．甲的动能增加，乙的重力势能减少

B．甲的动能减少，乙的重力势能增加

C．甲的动能增加，乙的重力势能增加

D．甲的动能减少，乙的重力势能减少

答案：

C

解析：

当由静止自由释放后，甲砝码下降，乙砝码上升，甲所处的位置下降，速度变大，因此甲的重力势能减小，动能增大；乙所处的位置升高，速度变大，因此乙的重力势能增大，动能增大．

故选C．

9.如图是胖子和瘦子两人用滑轮组锻炼身体的简易装置（不考虑轮重和摩擦）．使用时：

（1）瘦子固定不动，胖子用力FA拉绳使G匀速上升．

（2）胖子固定不动，瘦子用力FB拉绳使G匀速上升．

下列说法中正确的是（　　）

A．FA＜GB．FA＞FB

C．FB＝2GD．以上说法都不对

答案：

B

解析：

（1）瘦子固定不动，胖子拉绳使G匀速上升，此时中间滑轮为动滑轮，上下两个滑轮为定滑轮，FA＝2G，故A错；

（2）胖子固定不动，瘦子拉绳使G匀速上升，三个滑轮都是定滑轮，FB＝G，故C错；

综合考虑

（1）

（2）FA＞FB，故B正确、D错．

故选B．

10.如图所示，用力F匀速提起重为4牛的物体A．若不计滑轮重及摩擦，关于所用滑轮的种类和力F的大小，正确的判断是（　　）

A．定滑轮，F＝4牛B．定滑轮，F＝2牛

C．动滑轮，F＝2牛D．动滑轮，F＝4牛

－－

解析：

如图所示，提升物体时，滑轮一起上升，为动滑轮，

∵不计滑轮重及摩擦，

∴F＝1/2G＝1/2×4N＝2N．

故选C．

11.用一个动滑轮将重120N的物体匀速提起（动滑轮重、摩擦忽略不计），所用拉力为（　　）

A．120NB．60NC．240ND．30N

答案：

B

解析：

由题知，动滑轮重、摩擦忽略不计，

∵使用动滑轮，能省一半力，

∴F＝1/2G＝1/2×120N＝60N．

故选B．

12.学校升国旗的旗杆顶上有一个滑轮，升旗时往下拉动绳子，国旗就会上升．对这滑轮的说法，正确的是（　　）

A．这是一个动滑轮，可省力

B．这是一个定滑轮，可省力

C．这是一个动滑轮，可改变力的方向

D．这是一个定滑轮，可改变力的方向

答案：

D

解析：

因为滑轮的轮轴固定在旗杆上，所以该滑轮是个定滑轮，使用定滑轮的优点是可以改变拉力的方向；

故选D．

13.小明同学利用圆珠笔杆、钢丝、细绳制成了如图所示的滑轮组用其匀速提升重物下列说法正确的是（　　）

A．拉细绳的力F等于钩码重力G的1/3

B．拉细绳的力F等于钩码重力G的1/7

C．用该滑轮组提起不同的钩码，机械效率相同

D．用该滑轮组提起不同的钩码，机械效率不同

答案：

D

解析：

图中的滑轮组的物重是由6根绳子承担，故拉细绳的力F等于钩码重力G的六分之一；

影响滑轮组的机械效率的因素是物重的大小和动滑轮的重力的大小，故用该滑轮组提起不同的钩码，机械效率不同．

故选D．

14.关于滑轮和滑轮组，下列说法正确的是（　　）

①使用定滑轮既可以省力，又可以改变用力的方向

②使用定滑轮不能省力，但可以改变用力的方向

③使用动滑轮能省力，但不能省距离

④使用一个动滑轮和一个定滑轮组成滑轮组最多省一半力．

A．②③B．①③C．③④D．①④

答案：

A

解析：

根据杠杆的平衡条件可知，动力臂等于阻力臂，动力就等于阻力，使用定滑轮不省力，但能改变用力方向，故①错、②正确；

用动滑轮能省一半的力，但要移动2倍的距离、不能省距离，故③正确；

使用一个动滑轮和一个定滑轮组成滑轮组，如图所示，F＝1/3G，故④错．

故选A．

15.下列各种器材中，不是轮轴的有（　　）

A．收音机上选台用的旋钮B．录音机的功能键

C．自行车的车轮和轴D．拧螺丝用的螺丝刀

答案：

B

解析：

录音机的功能键相当于杠杆，所以B选项不是轮轴．

A选项中选台用的按钮、自行车的车轮和轴、拧螺丝用的螺丝刀具有共同的特点，在使用时需要绕共同的轴线转动，所以都是轮轴．故选B．

16.图中是一种有把手的门锁，则门锁的把手实质上是一个（　　）

A．定滑轮B．动滑轮C．轮轴D．斜面

答案：

C

解析：

A、定滑轮的两个力作用在轮的两侧，且为等臂杠杆，不能省力，所以不合题意；

B、动滑轮的轴会随着动力的作用而随物体移动，所以不合题意；

C、轮轴的实质是可以连续的杠杆，这种门锁恰好符合了这一特点，所以符合题意；

D、门锁无论形状上还是运动轨迹上与斜面相去甚远，所以不合题意．

故选C．

17.一位同学双手的最大拉力为500N，现在他用一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，若不计滑轮重和摩擦，最多能提起的物重为（　　）

A．500NB．1000NC．1500ND．250N

答案：

C

解析：

一定一动组成的滑轮组，最多由3段绳子承担物重．

双手的最大拉力是500N，根据滑轮组的省力特点，G＝3F＝3×500N＝1500N．

故选C．

18.使用滑轮组时，拉起重物所用力大小决定于（　　）

A．定滑轮的个数B．动滑轮的个数

C．定滑轮和动滑轮的个数D．连接动滑轮绳子的条数

答案：

D

解析：

若不计摩擦，使用滑轮组时，拉力F＝1/n（G物＋G轮），其中n为承担物重的绳子股数，即直接从动滑轮上引出的绳子股数．

故选D．

19.如图所示，放在水平地面上的物体所受重力为G，系着它的一根竖直轻绳绕过光滑滑轮，它的另一端受的拉力为F，地面对物体的支持力为N，下面关于这三个力大小的关系正确的是（　　）

A．F＝GB．G＝NC．F＝ND．F＋N＝G

答案：

D

解析：

竖直轻绳系着它给它一个竖直上升的拉力，由于使用的是一个光滑的定滑轮，轻绳的另一端受的拉力为F，所以物体还受到绳子施加的向上的拉力．

因为处于静止状态，所以物体所受合力为零，则物体受到向上的拉力和支持力大小之和等于向下的重力的大小；即F＋N＝G；A、B、C选项不符合题意．

故选D．

20.同一物体沿相同水平地面被匀速移动，如图所示，拉力分别为F甲、F乙、F丙，不记滑轮与轻绳间的摩擦，比较它们的大小，则（　　）

A．F甲＜F乙＜F丙B．F甲＞F乙＞F丙

C．F甲＞F乙＝F丙D．F甲＝F乙＞F丙

答案：

B

解析：

甲的拉力等于物体所受的摩擦力，F甲＝f，乙的拉力等于摩擦力的一半，F乙＝f/2，丙的拉力等于摩擦力的1/3，F丙＝f/3，

所以F甲＞F乙＞F丙．

故选B．

难

1.如图所示，健身员向下摆动脚踝使细绳拉着物体缓慢提升时，图中的滑轮是（　　）

A．定滑轮，可省力

B．动滑轮，可省力

C．定滑轮，可改变力的方向

D．动滑轮，可改变力的方向

答案：

C

解析：

由图知，图中用的是定滑轮，可以改变力的方向，但不省力．所以ABD错误，C正确．

故选C．

2.小李的质量为50kg，可以举起80kg的杠铃；小胖的质量为70kg，可以举起60kg的杠铃．他们两人通过如图所示的装置来比赛，双方都竭尽全力，看谁能把对方拉起来．比赛结果应是（　　）

A．小胖把小李拉起B．小李把小胖拉起

C．两个都拉不起D．两个都拉起

答案：

A

解析：

小李和小胖虽然他们能举起的杠铃重力不一样，但向下拉动定滑轮上的绳子的拉力与他们的胳膊的举力无关，对绳子的拉力最大能达到自身的重力的大小，由于装置是定滑轮，只改变力的方向，不能省力，所以绳子上的作用力最大只能等于重力较小的小李的重力，则绳子上的作用力小于小胖的重力，即小胖把小李拉起．　

故选A．

3.如图是滑轮的两种用法，以下说法中正确的是（　　）

A．甲是动滑轮，使用时不能省力

B．乙是动滑轮，使用时可以省力

C．甲是定滑轮，使用时可以省力

D．乙是定滑轮，使用时不能省力

答案：

B

解析：

根据定滑轮和动滑轮的特点可知：

甲是定滑轮，不省力，但能改变力的方向；乙是动滑轮，能省一半的力，但不能改变力的方向．

故选B．

4.在“探究动滑轮的特点”的实验中，下列说法正确的是（　　）

A．当物体匀速运动和静止时弹簧测力计的读数相等

B．当物体匀速运动时，弹簧测力竖直向上拉和斜着向上拉的读数相等

C．弹簧测力计对细线的拉力和细线对弹簧测力计的拉力是一对平衡力

D．此滑轮省力、省距离，还省功

答案：

A

解析：

A、在实验中若拉物体上升，不计摩擦力时，物体处于平衡状态，可据此做出判断．

B、分析出斜着拉和竖直向上拉时动力臂的大小关系，便可判断出来．

C、掌握作用力和反作用力与平衡力的区别．一对相互作用力作用在相互作用的两个物体上；而平衡力作用在同一物体上．

D、使用动滑轮可以省一半的力，但费距离，求解做功时需要利用公式W＝Fs进行求解分析．解答：

解：

A、当物体匀速运动或静止时，物体都处于平衡状态，不计摩擦力时，弹簧测力计的示数会相等，所以A正确；

B、因为此滑轮是动滑轮，当物体匀速运动时，若绳子竖直向上拉，其力臂为滑轮的直径，若斜着拉，则其力臂小于滑轮的直径，所以两次的拉力会不同，两个拉力方向夹角越小，所用的拉力越小，所以竖直向上的拉力始终小于斜着向上拉的力，所以排除B；

C、弹簧测力计对绳子的拉力和细线对弹簧测力计的拉力是作用力与反作用力，不是平衡力的关系，所以排除C；

D、动滑轮省力，但动滑轮要费一半的距离，所以费距离，根据W＝FS，因为费力、费距离，从而导致费功，所以排除D；

故选A．

5.使用一个动滑轮匀速提升一个物体时，若分别沿如图所示的方向用力F1、F2和F3，则这三个力的大小（　　）

A．F1＝F2＝F3B．F1＞F2＞F3C．F3＞F2＞F1D．F2＞F3＞F1

考点：

动滑轮及其工作特点．专题：

应用题．分析：

找出支点，分析三个力的力臂的大小后，由杠杆平衡条件分析．解答：

解：

固定绳子的一端与动滑轮接触的地方为支点，各力臂如下：

可知，F1的力臂为直径，力臂最大，F2的力臂较大，F3的力臂最小，由杠杆平衡条件知，当阻力与阻力的力臂的积固定时，力臂越大，力越小．故三个力的关系为：

F1＜F2＜F3．

故选C．

6.如图所示，用三种方法拉动同一物体在相同的水平地面上做匀速直线运动，使物体以相等速度移动相同的距离．所用拉力分别是F1、F2、F3，这三个力的作用点移动距离分别是S1、S2、S3，移动速度分别为V1、V2、V3，不计滑轮摩擦，则（　　）

A．F1：

F2：

F3＝2：

1：

4S1：

S2：

S3＝2：

1：

4

B．F1：

F2：

F3＝2：

1：

4S1：

S2：

S3＝2：

4：

1

C．F1：

F2：

F3＝2：

4：

1V1：

V2：

V3＝2：

1：

4

D．F1：

F2：

F3＝2：

1：

4V1：

V2：

V3＝4：

2：

1

答案：

B

解析：

由图可见，本题中三个滑轮都是克服摩擦力做功，假设物体与水平面的摩擦力f，物体移动的速度为V0，运动的时间为t，则对这三个图分析可得：

（1）甲图：

滑轮为定滑轮，因为定滑轮相当于一个等臂杠杆，不能省力，所以根据二力平衡，此时拉力F1＝f；拉力的作用点移动的速度V1＝V0，作用点移动的距离S1＝V0t．

（2）乙图：

滑轮为动滑轮，因为动滑轮相当于一个动力臂是阻力臂2倍的杠杆，省一半的力，所以根据二力平衡，此时拉力F2＝1/2f；但是费2倍的距离，拉力的作用点移动的速度V2＝2V0，作用点移动的距离S2＝2V0t．

（3）丙图：

滑轮为动滑轮，拉力的作用点在动滑轮的轴上，因此是个费力杠杆，费2倍的力，省2倍的距离，因此F3＝2f，

拉力的作用点移动的速度V3＝1/2V0，作用点移动的距离S3＝1/2V0t．

综上分析可知：

①F1：

F2：

F3＝f：

1/2f：

2f＝2：

1：

4；

②V1：

V2：

V3＝V0：

2V0：

1/2V0＝2：

4：

1；

③S1：

S2：

S3＝V0t：

2V0t：

1/2V0t＝2：

4：

1．

故选B．

7.把质量相等的A、B两物体挂在如图滑轮组下面，不计绳子、滑轮的重力和摩擦，放手后（　　）

A．A上升B．A下降C．A、B均静止D．无法判断

答案：

B

解析：

B所在的滑轮为动滑轮，动滑轮省一半的力，A所在的滑轮为定滑轮，定滑轮不省力；A与B质量相等，重力相等，将B拉起只需A重力的一半即可，所以A下降，B上升．

故选B．

8.某同学设计了一种如图所示的简易电梯，由图可知（　　）

A．A是动滑轮

B．B是定滑轮

C．如果电动机向下拉动绳子．电梯厢将上升

D．电梯厢运动的速度与电动机拉绳的速度相等

答案：

C

解析：

A、图中A滑轮固定不动，因此它是定滑轮，故A错误；

B、图中B滑轮和电梯厢一块运动，因此它是动滑轮，故B错误；

C、如果电动机向下拉动绳子．通过定滑轮改变了力的方向，所以电梯厢将上升，正确；

D、此滑轮组的绳子股数为2股，因此绳子自由端移动的速度为电梯厢运动速度的2倍．故D错误．

故选C．

9.如图，甲、乙两个滑轮组都是由相同的滑轮组合而成．如图丙：

大轮重10N，小轮重5N，连杆重1N．先后用甲、乙两种方式提起同样重的物体（G＝500N），如果忽略摩擦力和绳的重力，则下列说法正确的是（　　）

A．F1＝129N，F2＝133NB．F1＝129N，F2＝129N

C．F1＝133N，F2＝133ND．F1＝133N，F2＝129N

答案：

B

解析：

因为甲图中连在动滑轮上的绳子有4段，所以重物由4段绳子承担，

再分别加上一个大轮重10N，小轮重5N，连杆重1N．共重516N，

则F＝1/4G＝1/4×516N＝129N，

同理，乙两图中也是4段绳子承担总重，所以F＝1/4G＝1/4×516N＝129N，

故选B．

10.在水平桌面上放一个200N的物体，物体与桌面的摩擦力为40N，现用如图所示的装置匀速移动物体，不计滑轮重力的情况下，水平拉力F是（　　）

A．200NB．100NC．20ND．80N

答案：

C

解析：

∵物体在水平面上做匀速运动，

∴物体所受拉力F拉＝f＝40N，

由图知，n＝2，

∴绳子末端拉力：

F＝1/2F拉＝1/2×40N＝20N．

故选C．

11.如图所示，在水平地面上放一个重300N，底面积为100cm2的物体，不考虑绳的重力和绳与滑轮间的摩擦，匀速拉动物体时，物体与地面的摩擦力为60N，则水平拉力F和物体对地面的压强P分别是（）

A．30N60000PaB．60N30000Pa

C．30N30000PaD．60N60000Pa

答案：

C

解析：

（1）由图可见，该滑轮组是克服物体的摩擦阻力做功，与动滑轮相连的绳子有2段，

则水平拉力F＝1/2f＝1/2×60N＝30N；

（2）物体放在水平地面上时，对地面的压力等于重力，即F＝G＝300N，

受力面积为物体的底面积S＝100cm2＝100×10－4m2．＝10－2m2，

因此物体对地面的压强：

P＝F/S＝300N/10－2m2＝30000Pa．

故选C．

12.如图所示，A物体在大小为10N的拉力F作用下，以0.3m/s的速度向右匀速运动（不计滑轮与细绳的摩擦及重力），若A物体与桌面间的摩擦力为1N（g取10N/kg），下列说法正确的是（　　）

A．拉力F做功的功率是1W

B．B物体的质量是2.7kg

C．B物体上升的速度是0.2m/s

D．A物体被拉动1s的过程中，B物体克服重力做功3J

答案：

B

解析：

A、拉力的功率P＝Fv＝10N×0.3m/s＝3W，故A错误；

B、物体A做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：

F＝f＋F绳，F绳＝F－f＝10N－1N＝9N，

由图示可知，滑轮组承重绳子的有效股数n＝3，则物体B的重力GB＝3F绳＝3×9N＝27N，

由GB＝mBg可得，mB＝GB/g＝27N/10N/kg＝2.7kg，故B正确；

C、B物体上升的速度vB＝1/3vA＝1/3×0.3m/s＝0.1m/s，故C错误；

D、1s内物体B上升的高度：

h＝vBt＝0.1m/s×1s＝0.1m，则物体B克服重力做的功：

W＝GBh＝27N×0.1m＝2.7J，故D错误；

故选B．

13.如图所示，对物体B施加一个水平向左的拉力F＝6N，使物体B在光滑的水平面上向左做匀速直线运动，则物体B对物体A的摩擦力为________N．（不计绳重及滑轮摩擦）

答案：

3

解析：

物体B在水平面上做匀速运动，所以F＝f＋F右＝2f，所以物体A对它向右的摩擦力f＝F/2＝6N/2＝3N，

物体A对物体B向右的摩擦力就等于物体B对物体A的摩擦力．

故答案为：

3．

14.如图是胖子和瘦子两人用滑轮组锻炼身体的简易装置（不考虑轮重和摩擦）．使用时：

（1）瘦子固定不动，胖子用力FA拉绳使G匀速上升．

（2）胖子固定不动，瘦子用力FB拉绳使G匀速上升．

下列说法中正确的是（　　）

A．FA＜GB．FA＞FB

C．FB＝2GD．以上说法都不对

答案：

B

解析：

（1）瘦子固定不动，胖子拉绳使G匀速上升，此时中间滑轮为动滑轮，上下两个滑轮为定滑轮，FA＝2G，故A错；

（2）胖子固定不动，瘦子拉绳使G匀速上升，三个滑轮都是定滑轮，FB＝G，故C错；

综合考虑

（1）

（2）FA＞FB，故B正确、D错．

故选B．

15.如图所示装置，杆的两端A、B离支点O的距离之比OA：

OB＝1：

2．A端接一重为GA的物体，B端连一滑轮，滑轮上挂有另一重为GB的物体．现杠杆保持平衡，若不计滑轮重力，则GA与GB之比应是（　　）

A．1：

4B．1：

2C．1：

1D．2：

1

答案：

C

解析：

由杠杆的平衡条件可知，GA×OA＝F×OB；

即F＝1/2GA；

由滑轮的特点可知，2F＝GB；

即F＝1/2GB；

则可知，GA＝GB；

故选C．

16.如图所示，杠杆在水平位置处于平衡状态，细绳AC沿竖直方向并系于正方体上表面的中央．若上移玻璃杯使小球没入水中，杠杆AB仍在水平位置平衡．在杠杆所处的前后两个状态中，正方体对水平地面的压强变化了400Pa．已知正方体的边长为10cm，小球的体积是2×10－4m3，则：

AO：

OB为（）

A．1：

1B．1：

2C．1：

4D．2：

1

答案：

B

解析：

如图，杠杆原来平衡，当小球浸没水中时，杠杆仍平衡，由此可知杠杆两端减小的拉力和力臂的乘积相等，

即：

△FA×OA＝△FB×OB，－－－－－①

杠杆右端减小的拉力：

△FB＝F浮＝ρ水V排g＝ρ水V球g＝1×103kg/m3×2×10－4m3×10N/kg＝2N，

∵p＝F/s，s＝0.1m×0.1m＝0.01m2，

∴地面增加的压力：

△FA＝△ps＝400Pa×0.01m2＝4N，

代入①式得：

OA：

OB＝1：

2．

故选B．

17.如图所示，在竖直向上大小为10N的力F的作用下，重物A沿竖直方向匀速上升．已知重物A上升速度为0.2m/s，不计滑轮重、绳重及绳与滑轮间的摩擦，则物体的重力大小和滑轮上升的速度分别为（　　）

A．20N；0.4m/sB．20N；0.1m/s

C．5N；0.4m/sD．5N；0.1m/s

答案：

D

解析：

根据题干中图可知：

该滑轮动滑轮的特殊使用方法，根据动滑轮的特点可知：

F＝2G，则G＝5N；

F移动的距离是物体移动距离的二分之一，故重物A上升速度为0.2m/s，F上升的速度就是0.1m/s．

故选D．

18.如图所示，定滑轮分别在F1、F2、F3的作用下，重物C都处于平衡状态．那么下列判断中，正确的是（　　）

A．F1＝F2＝F3B．F1＞F2＞F3C．F3＞F2＞F1D．F1＝F2＜F3

考点：

定滑轮及其工作特点．专题：

实验题；简单机械．分析：

使用定滑轮不省力，但能改变用力方向，据此分析回答．解答：

解