河北省唐山市古冶区九年级一模理综物理试题解析版.docx

河北省唐山市古冶区九年级一模理综物理试题解析版.docx

《河北省唐山市古冶区九年级一模理综物理试题解析版.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河北省唐山市古冶区九年级一模理综物理试题解析版.docx（22页珍藏版）》请在冰点文库上搜索。

河北省唐山市古冶区九年级一模理综物理试题解析版

河北省唐山市古冶区九年级一模理综物理试题

一、选择题

1.物理学家在科学发展的历程中，做出了杰出的贡献，下列叙述符合历史事实的是

A.伽利略最早推理得出一个运动的物体如果不受外力，将会永远运动下去

B.法拉第首先发现了通过导体的电流与电压和电阻的关系

C.奥斯特首先发现了电磁感应现象

D.帕斯卡实验最早比较精确地测出了大气压的数值

【答案】A

【解析】

【详解】最早推理得出一个运动的物体如果不受外力，将会永远运动下去，这一结论是物理学家伽利略得出来的，故A符合历史事实；

德国物理学家欧姆首先发现了通过导体的电流与电压和电阻的关系，被后人命名为欧姆定律，故B不符合历史事实；

丹麦科学家奥斯特最早发现电流周围存在磁场；英国物理学家法拉第最早发现电磁感应现象，故C不符合历史事实；

意大利科学家托里拆利最早比较精确地测出了大气压的数值，故D不符合历史事实．

2.下列有关实验探究的说法中正确的是

A.在探究“压力的作用效果与哪些因素有关”时，只运用了控制变量法

B.在探究“滑动摩擦力与压力的关系”时，应保持受力面积不变，改变压力

C.在探究“物体动能与速度的关系”时，要把质量不同的钢球放到斜面同一高度由静止滚下

D.在探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”时，要保持通电时间、电流相同，改变电阻的大小

【答案】D

【解析】

【详解】探究“压力的作用效果与哪些因素有关”时，通过观察泡沫塑料凹陷深度比较压力的作用效果，采用的是转换法，故A错误；

探究“滑动摩擦力与压力的关系”时，控制接触面的粗糙程度相同，改变压力，故B错误；

物体动能的大小与物体的质量和速度有关，探究“物体动能与速度的关系”时，应控制钢球的质量相同，把钢球放在斜面的不同高度，以改变速度，故C错误；

在探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”时，要保持通电时间、电流相同，改变电阻的大小，故D正确．

3.如图所示，以下分析中不正确的是

A.甲图：

以受油机为参照物，加油机是静止的

B.乙图：

小钢球的运动轨迹发生改变，说明力可以改变物体的运动状态

C.丙图：

水从小孔中喷出的远近不同，说明液体的压强与液体的深度有关

D.丁图：

若小球A带正电，则小球B一定带负电

【答案】D

【解析】

【详解】在空中加油时，以受油机为参照物，加油机与受油机的位置关系保持不变，故是静止的，即A正确；

小钢球在磁铁引力的作用下，运动轨迹发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；

由图知道，图中液体的深度不同，所以从小孔中喷出的水柱的远近不同，越深处喷得越远，说明了液体压强大小与液体的深度有关，深度越深、压强越大，故C正确；

若小球A带正电，由图知道，A与小球B相互吸引，故B球有两种可能，小球B可能带负电，也可能不带电，故D错误，符合题意．

4.下列估测最接近实际情况的是

A.一支普通2B铅笔的质量约为200g

B.中学生正常行走时一步的长度约为0.5m

C.普通绿叶蔬菜保鲜的适宜温度约为40℃

D.播放一遍中学生眼保健操音乐的时间约为20min

【答案】B

【解析】

【详解】一只大苹果的质量接近200g，铅笔的质量很小，一般不超过20g，故A不合实际；

中学生正常行走时一步的长度约为半米，即0.5m，故B符合实际；

普通绿叶蔬菜保鲜要求温度较低，适宜温度约为4℃，故C不合实际；

播放一遍中学生眼保健操音乐的时间约为5min，达不到20min，故D不合实际．

5.下列关于声和电磁波的说法正确的是

A.固定电话、移动电话、广播和电视都是利用电磁波传递信息

B.超声波、电磁波都具有能量，它们的传播都不需要介质

C.道路两旁的隔音板能在传播过程中减弱噪声

D.发声体的振动频率越高，响度就越大

【答案】C

【解析】

【详解】固定电话是靠电流来传递信息的；电视、移动电话、广播电台都是利用电磁波来传递信息的，故A错误；

声音的传播都需要介质，电磁波的传播不需要介质，超声波、电磁波都具有能量，故B错误；

在道路两旁隔音板是在传播过程中减弱噪声的，故C正确；

发声体的振动频率越高，音调越高，故D错误．

6.甲、乙两物体同时同地向东做匀速直线运动，它们的s﹣t图象如图所示．由图象可知下列说法正确的是

A.甲的速度小于乙的速度

B.经过6s，甲在乙前面1.2m处

C.以甲为参照物，乙向东运动

D.以乙为参照物，甲向东运动

【答案】D

【解析】

【详解】由于甲乙的s-t图象是一条倾斜的直线，所以甲乙都做匀速直线运动，由图象知道，

，

，v甲＞v乙，故A错误；

由图象知道，当t=6s时，甲运动了1.2m，乙运动了0.6m，又因为甲、乙两物体同时同地向东做匀速直线运动，所以经过6s，甲在乙前面1.2m-0.6m=0.6m处，故B错误；

因为v甲＞v乙，甲、乙两物体同时同地向东做匀速直线运动，所以甲在乙车的前面向东运动，两物体的相对位置不断变化，以甲为参照物，乙向西运动，以乙为参照物，甲是向东运动的，故C错误，D正确．

7.下列关于物态变化的说法中正确的是

A.擦在皮肤上

酒精很快变干，这是升华现象，需要吸热

B.夏天，揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象，需要吸热

C.秋天的早晨，花草上出现小露珠，这是液化现象，需要放热

D.冬天的早上，有时地面上会出现白色的霜，这是凝固现象，需要放热

【答案】C

【解析】

【详解】擦在皮肤上的酒精变干，是属于汽化现象，汽化过程吸热，故A错误；

夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棒凝结成的小水滴，属于液化现象，故B错误；

秋天的早晨花草上出现小露珠，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故C正确；

初冬的早晨地面上出现白色的霜，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故D错误．

8.下列关于惯性的说法中正确的是

A.行驶的汽车突然刹车，乘客前倾，说明车有惯性

B.骑电动车戴头盔，可减小摔倒时惯性带来的伤害

C.跳绳时加大摇绳的速度，可以增大绳的惯性提高成绩

D.足球在草地上越滚越慢，它的惯性越来越小

【答案】B

【解析】

【详解】车上的人开始随车一起向前运动，当车突然停止或减速时，人的下部由于摩擦力与车一起停止，上部由于惯性仍保持原来的运动状态，所以人会向前倾，故A错误；

骑电动车戴头盔，可减小摔倒时，人由于惯性向前运动，与其他物体发生碰撞带来的伤害，故B正确；

惯性的大小只与物体的质量有关，所以跳绳时加大摇绳的速度，绳的惯性不变，故C错误；

足球离开脚后在草地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦力的作用，而不是惯性越来越小，因为惯性的大小只与物体的质量有关，其大小不变，故D错误．

9.在“探究凸透镜成像规律的实验”中，小明调节蜡烛，凸透镜和光屏的位置，在光屏上成清晰的像如图所示，下列说法正确是

A.照相机是利用了图中的成像规律

B.换上焦距小一些的凸透镜，只将蜡烛向右适当移动就能在光屏上接收到清晰的像

C.如果使蜡烛向左移动，光屏需要向右移动才能接收到清晰的像

D.如果把蜡烛与光屏对调，光屏上将会出现清晰的像

【答案】AD

【解析】

【详解】由图知道，物距大于像距，凸透镜成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机，故A正确；

换上焦距小一些的凸透镜，相当于增大物距，由于凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小，所以，只将蜡烛向右适当移动一定不能在光屏上接收到清晰的像，还需要移动光屏才行，故B错误；

将物体向左移动，物距增大，像距减小，要在光屏上得到清晰的像，光屏要向左移动，故C错误．

由图知道，u＞v，此时成倒立缩小的实像；将蜡烛和光屏的位置对换后，由于光路可逆知道，能成清晰的像，且成的是倒立、放大的实像，故D正确．

10.如图所示，甲、乙两个滑轮组中，所有滑轮的质量都相同，在FA和FB的作用下，重物A、B分别以相同的速度匀速上升．已知FA：

FB=3：

2，不计绳重和摩擦．则下列说法正确的是

A.两重物A、B所受的重力之比为2：

3

B.拉力FA和FB做功的功率之比为3：

2

C.在相同的时间内，拉力所做的额外功相同

D.甲、乙滑轮组的机械效率之比为1：

1

【答案】CD

【解析】

由图知：

n甲＝2，n乙＝3；根据题意可知，动滑轮的重力相同；A、已知FA：

FB＝3：

2，则可得2FA＝3FB﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；不计绳重和摩擦，由F＝

（G

G动）得，两物体的重力分别为：

GA＝2FA﹣G动﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，GB＝3FB﹣G动﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③；由①②③可知GA＝GB，即GA：

GB＝1：

1，故A错误；B、由题知重物A、B上升的速度v相同，则拉力FA移动速度vA＝2v，拉力FB移动速度vB＝3v，由P＝

＝Fv得，拉力FA和FB做功的功率之比：

PA：

PB＝FAvA：

FBvB＝3×2v：

2×3v＝1：

1，故B错误；C、重物A、B分别以相同的速度匀速上升，相同时间内上升高度h相同（即动滑轮上升高度h相同），不计绳重和摩擦，由W额＝G动h可知，拉力所做额外功相等，故C正确；D、由η＝

可得，甲、乙滑轮组的机械效率之比：

η甲：

η乙＝

：

＝1：

1，故D正确．故选CD．

点睛：

（1）利用拉力关系，根据F＝

（G

G动）比较物重关系；

（2）利用P＝Fv分析功率大小关系；（3）不计绳重和摩擦，对动滑轮做功为额外功；（4）利用η＝

分析机械效率关系．

11.如图所示电路，电源电压保持不变，R1为滑动变阻器，R2、R3是定值电阻，当开关S1闭合，S2、S3断开时，滑片P向右移动一段距离，电流表的变化量为△I，电压表V1变化量为△U1，电压表V2的变化量为△U2，下列分析正确的是

A.

B.若开关S2、S3闭合，S1由断开到闭合时，电流表的示数变大，电压表V1示数变小，V2示数不变

C.只闭合S2，向右移动滑片P，电压表V1示数变小，V2示数变大

D.当S1、S2、S3都闭合时，电路消耗的总功率最大

【答案】ACD

【解析】

【详解】A.当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电路在只有R2，电压表V1、V2分别测量R2与R1的电压，滑片P向右移动一段距离，滑动变阻器接入电路电阻增大，由于串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以，滑动变阻器两端电压增大，又因为电源电压一定，所以，定值电阻R2两端电压减小，并且滑动变阻器两端电压的增加值与定值电阻两端电压的减小值是相同的，即△U1=△U2；此过程中，电流表的变化量为△I，所以

，故A正确；

B.当开关S2、S3闭合，S1断开时，电路中只有定值电阻R3有电流通过，电路电流是：

，电压表V1示数等于电源电压，V2示数为0；当S1、S2、S3都闭合时，电路电流为

，因为

，所以电流表示数增大；电压表V1示数等于电源电压，V2示数为0，故B错误；

D.此时电路电阻最小，电源电压一定，由公式P=

知道，电路总功率最大，故D正确；

C.只闭合S2，S1、S3都断开时，向右移动滑片，滑动变阻器接入电路电阻增大，两端电压增大，电压表V2示数增大；电源电压一定，滑动变阻器两端电压增大，所以定值电阻R3两端电压减小，即电压表V1示数变小，故C正确．

二、填空及简答题

12.如图所示，小明同学家今年某月的两次抄表情况，他家这一个月用电____kw·h．他家新购进一套用电设备，为测试该设备电功率大小，仅让该用电器工作10min，表盘转过100r，此用电设备的功率为______W．

【答案】90；240

【解析】

试题分析：

消耗的电能：

W=5432．1kW•h-5342．1kW•h=90kW•h，

转过100r消耗电能：

W=100/2500kW•h=0．04kW•h

通过该设备的功率：

P=W/t=0．04kW•h/10/60h=0．1kW=240W

考点：

电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算

13.搬运砖头的独轮车，车厢和砖头所受的总重力G=1400N．独轮车有关尺寸如图所示．该独轮车是一个_____杠杆，动力F=_______N．为了省力，工人师傅可以采取的措施是______．（写一条即可）

【答案】

（1）.省力

（2）.420（3）.将砖块靠近车轮

【解析】

图中的独轮车使用时动力臂大于阻力臂，故独轮车是一个省力杠杆；根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2；得F×1m=1400N×0.3m；解得F=420N，为了更省力，可采取减少阻力臂或增大动力臂，具体做法是：

将砖块靠近车轮或受远离车轮．

14.雨后晴朗的夜晚，为了不踩到地上的积水，人们根据生活经验判断：

迎着月光走，地上发亮的是水．这是因为月光照在地面上发生_________反射，月光照在水面上发生_________反射的缘故．请在如图所示的示意图中作图证明迎着月光走，地上发亮的是水．

（）

【答案】

（1）.漫

（2）.镜面（3）.见解析所示

【解析】

【详解】平静的水面，能发生镜面反射，地面凹凸不平，地面发生漫反射．迎着月光走，月光经水面发生镜面反射，进入人的眼睛反射光线多，人感觉水面亮；地面发生漫反射，有很少的光线进入人的眼睛，人感觉地面黑，光路如下图：

15.在探究“不同物质吸热能力”的实验中：

在两个相同的烧杯中分别加入初温相同、质量相同的a、b两种液体，液面位置如图甲所示，则可判断密度较大的液体是______（选填“a”或“b”）；选用相同电加热器的目的是_____；a、b两种液体的温度随时间变化的图象如图乙所示，则可判断出______（选填“a”或“b”）吸热能力强．

【答案】

（1）.a

（2）.使液体在相同时间内吸收的热量相同（3）.a

【解析】

【详解】根据题意知道，在两个相同的烧杯中分别加人初温相同、质量相同的a、b两种液体，液面位置如图甲，由

知道，当两种物质质量相等时密度大的体积小，则可判断出a液体密度较大；选用相同电加热器的目的是：

使液体在相同时间内吸热相同；由图乙知道，在相同的加热时间时，a物质的温度变化慢，由

知道，相同质量的不同物质吸收相同的热量，温度变化小的吸热能力强，则可判断出a吸热能力强．

16.在探究“二力平衡条件”的实验中：

（1）甲、乙两组同学分别选择器材后，设计组装的实验装置如图所示．老师指出乙组同学选择的器材更加合理，其原因是：

_____________．

（2）在探究力的大小对二力平衡的影响时，利用了定滑轮能够_________的特点，并通过调整______来改变F1和F2的大小．

（3）保持F1与F2相等，将小车扭转一定角度后松手，小车将无法在此位置平衡．实验中设计这一步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须满足哪个条件？

___________．

【答案】

（1）.变滑动为滚动，减小摩擦，使实验效果更明显

（2）.改变力的方向（3）.钩码质量（4）.作用在同一直线上

【解析】

【详解】

（1）由图知道，甲图使用的是木块，它与桌面之间的摩擦是滑动摩擦，而乙图使用的是小车，它与桌面之间是滚动摩擦，其摩擦力较小可以忽略，实验更准确些；

（2）实验过程中，利用定滑轮的好处是可以改变力的方向，且可以通过改变砝码的质量改变两个拉力的大小；

（3）保持F1与F2相等，将小车扭转一定角度后松手，小车发生转动，不能平衡，通过实验中设计这一步骤知道，探究二力平衡时，两个力必须作用在同一直线上．

三、实验探究题

17.如图所示，将A管插入装有水

杯中，用嘴衔住A管的上端能将水吸上来是利用了________；把另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端，往B管中轻轻吹气，可以看到A管中的水面___________；若从B管中用力吸气，可以看到A管中的水面_______,（两空均填“上升”、“下降”或“不变”）后两个实验现象都说明：

____________．

【答案】

（1）.大气压

（2）.上升（3）.上升（4）.流速大的位置，压强小

【解析】

【详解】将A管插入装有水的杯中，用嘴衔住A管的上端能将水吸上来是因为吸水时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下水被压入吸管；为了往B管中吹气还是吸气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体都会受到向上的压强大于向下的压强，液面上升；即后两个实验现象都说明：

流速大的位置，压强小．

18.小明同学在“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中：

（已知ρ水＝1.0×103kg/m3）

（1）如图甲、乙，先用弹簧测力计吊着石块，弹簧测力计的示数为l.8N，然后让石块完全浸没在水中，弹簧测力计的示数变为1N．则石块受到水的浮力为_________N；

（2）如图丙，用弹簧测力计缓慢将石块拉出水面，随着石块露出水面的体积越来越大，观察到弹簧测力计的示数也越来越大，则石块受到水的浮力越来越____（选填“大”或“小”）．说明浮力的大小与_____有关；

（3）通过比较图乙和图______，可以探究浮力大小跟液体密度

否有关；

（4）他通过上述实验又计算出该小石块的密度为___________g/cm3．

【拓展】同组的小红同学，继续用如图所示的方法测出了物块B的密度，她的具体操作如下：

将物块B放入漂浮于水面的小烧杯中，小烧杯杯底距水面高度h1=25cm；将物块B取出后系在烧杯底静止后，小烧杯杯底距水面高度h2=15cm；剪断细绳后物块B沉入杯底，此时小烧杯杯底距水面高度h3=10cm，则物块B的密度为____________kg/m3．

【答案】

（1）.0.8

（2）.小（3）.石块浸入水中的体积（或排开液体的体积）（4）.丁（5）.2.25（6）.1.5×103

【解析】

【详解】

（1）由称重法知道，石块受到的浮力是：

F浮=G-F=1.8N-1N=0.8N；

（2）由于石块受到的浮力是F浮=G-F，而石块的重力G不变，所以，随着用弹簧测力计缓慢将石块拉出水面，测力计示数F越来越大，即石块受到的浮力越来越小；由此说明浮力的大小与石块浸入水中的体积有关；

（3）由图乙和丁知道，物体都浸没在液体中，所排开液体的体积相同，但液体的密度不同，所以可以探究浮力与液体密度的关系；

（4）根据基米德原理F浮=ρ液gV排知道，

，又因为当石块浸没在水中时，V石=V排，G=mg=ρVg，所以石块密度是：

=2.25×103kg/m3=2.25g/cm3

【拓展】由下图甲知道，金属块B和小烧杯做为一个整体，由于处于静止状态，故受到的重力与受到的浮力为一对平衡力，即G杯+GB=ρ水gV排=ρ水gSh1-----①，

由图乙知道，金属块B和小烧杯做为一个整体，由于处于静止状态，故受到的重力与受到的浮力为一对平衡力，即G杯+GB=ρ水gVB+ρ水gSh2-----②，

由图丙知道，以杯为研究对象，由于处于静止状态，故受到的重力与受到的浮力为一对平衡力，G杯=ρ水gV排′=ρ水gSh3----③

由①②③解得：

，ρ水gSh1=ρ水gVB+ρ水gSh2，即

，

所以，金属块B的密度是：

=1.5×103kg/m3．

19.在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电源电压恒定为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω，所用滑动变阻器的最大阻值为40Ω．

（1）请用笔画线代替导线把甲图中未完成的实物电路连接完整；

（）

（2）小明同学进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是_________；

（3）排除故障后，闭合开关又发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的操作是_____（选填序号）；

A．更换小灯泡B.检查开关是否闭合

C．移动滑动变阻器滑片D.检查电压表是否断路

（4）某次实验中，小明同学看到电压表示数为1.8V，要使灯泡L正常发光应向________（选填“A”或“B”）端移动滑片P，同时视线应注意观察_______（选填“电流表”或“电压表”）示数，当灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电功率是______W；

【拓展】小明同学还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图的小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，他更换的定值电阻R的阻值不能大于_______Ω．

【答案】

（1）.见解析所示

（2）.小灯泡断路（3）.C（4）.A（5）.电压表（6）.0.6（7）.20Ω

【解析】

【详解】

（1）由于小灯泡的额定电压是UL=2.5V，由欧姆定律知道，此时电路电流约为

=0.25A，所以电流表的量程应选0～0.6V，电压表应选择0～3V的量程，将电压表并联在灯泡两端，电路图连接如图所示：

（2）根据题意知道试触时，灯泡不亮，电流表无示数，说明电路有断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，所以应是与电压表并联的电路断路，即灯泡断路；

（3）闭合开关又发现小灯泡不亮，但电流表有示数，则可能是滑动变阻器在最大值处，小灯泡两端电压太低，电路中电流太小，所以，按要求应先移动滑动变阻器的滑片；

（4）根据题意知道，电压表示数为1.8V，说明小灯泡两端的电压太小，应减小滑动变阻器两端的电压，所以应向A端移动滑片，使灯泡两端的电压为额定电压2.5V；由乙图知道，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，其读数为0.24A，所以小灯泡的额定功率是：

P=UI=2.5V×0.24A=0.6W；

【拓展】由于电源电压为6V，电阻两端电压为U定=2V，所以滑动变阻器分

电压是U滑=6V-2V=4V，由分压原理知道，滑动变阻器接入电路的阻值为定值电阻阻值的

=2倍，又因为滑动变阻器最大阻值为40欧姆，所以，定值电阻最大阻值为20Ω，即定值电阻R的阻值不能大于20Ω．

四、计算应用题

20.如图所示，边长为0.2m、质量为24kg的实心正方体A，以及边长为0.1m，质量为4.5kg的实心正方体B分别放置在水平地面上．（g取10N/kg）求：

（1）实心正方体A的密度；

（2）实心正方体B对地面的压强；

（3）为使A、B对水平地面的压强相等，将正方体A沿水平方向切下厚度h1一块后叠放到正方体B上方，或将正方体A沿竖直方向切下厚度h2一块后叠放到正方体B上方都可以达到目的，求h1与h2的值．

【答案】

（1）3×103kg/m3；

（2）4.5×103Pa；（3）0.01m，0.0125m

【解析】

【详解】

（1）根据题意知道，实心正方体A的体积是：

VA=（0.2m）3=8×10-3m3，所以，A的密度是：

=3×103kg/m3；

（2）实心正方体B对地面的压力是：

FB=GB=mBg=4.5kg×10N/kg=45N；实心正方体B对地面的压强是：

=4.5×103Pa；

（3）将正方体A沿水平方向切时，则SA：

SB=（0.2m）2：

（0.1m）2=4：

1，根据A、B对水平地面的压强相等知道，

，即

，代入数据知道，

，由此解得h1=0.01m；

将正方体A沿竖直方向切时，

，代入数据得：

，由此解得：

h2=0.0125m．

21.如图所示，电源电压为18V且保持不变，电阻R1为定值电阻，灯泡标有“6V3W”字样，滑动变阻器R2上标有“30Ω1A”字样，电流表量程为“0～0.6A”和“0～3A“，电压表量程为“0～3V