与名师对话文等差数列及其前n项和.docx
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与名师对话文等差数列及其前n项和
第二节 等差数列及其前n项和
高考概览:
1.理解等差数列的概念;2.掌握等差数列的通项公式与前n项和公式;3.能在具体的问题情境中识别数列的等差关系,并能用有关知识解决相应的问题;4.了解等差数列与一次函数、二次函数的关系.
[知识梳理]
1.等差数列的有关概念
(1)等差数列的定义
一般地,如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的差等于同一个常数,那么这个数列就叫做等差数列,这个常数叫做等差数列的公差,通常用字母d表示,定义表达式为an-an-1=d(常数)(n∈N*,n≥2)或an+1-an=d(常数)(n∈N*).
(2)等差中项
若三个数a,A,b成等差数列,则A叫做a与b的等差中项,且有A=.
2.等差数列的有关公式
(1)等差数列的通项公式
如果等差数列{an}的首项为a1,公差为d,那么它的通项公式是an=a1+(n-1)d(n∈N*).
(2)等差数列的前n项和公式
设等差数列{an}的公差为d,其前n项和Sn=na1+d或Sn=(n∈N*).
3.等差数列的常用性质
(1)通项公式的推广:
an=am+(n-m)d(n,m∈N*).
(2)若{an}为等差数列,且k+l=m+n(k,l,m,n∈N*),则ak+al=am+an.
(3)若{an}是等差数列,公差为d,则{a2n}也是等差数列,公差为2d.
(4)若{an},{bn}是等差数列,公差为d,则{pan+qbn}也是等差数列.
(5)若{an}是等差数列,公差为d,则ak,ak+m,ak+2m,…(k,m∈N*)是公差为md的等差数列.
(6)数列Sm,S2m-Sm,S3m-S2m,…也是等差数列.
[辨识巧记]
1.两个重要技巧
(1)若奇数个数成等差数列,可设中间三项为a-d,a,a+d.
(2)若偶数个数成等差数列,可设中间两项为a-d,a+d,其余各项再依据等差数列的定义进行对称设元.
2.三个必备结论
(1)若等差数列{an}的项数为偶数2n,则①S2n=n(a1+a2n)=…=n(an+an+1);②S偶-S奇=nd,=.
(2)若等差数列{an}的项数为奇数2n+1,
则①S2n+1=(2n+1)an+1;②=.
(3)在等差数列{an}中,若a1>0,d<0,则满足的项数m使得Sn取得最大值Sm;若a1<0,d>0,则满足的项数m使得Sn取得最小值Sm.
[双基自测]
1.判断下列结论的正误.(正确的打“√”,错误的打“×”)
(1)数列{an}为等差数列的充要条件是对任意n∈N*,都有2an+1=an+an+2.( )
(2)等差数列{an}的单调性是由公差d决定的.( )
(3)数列{an}为等差数列的充要条件是其通项公式为n的一次函数.( )
(4)等差数列的前n项和公式是常数项为0的二次函数.( )
[答案]
(1)√
(2)√ (3)× (4)×
2.(2019·云南大理统测)在等差数列{an}中,若a3+a4+a5+a6+a7=45,那么a5等于( )
A.4B.5C.9D.18
[解析] 根据等差数列的性质可知a3+a4+a5+a6+a7=5a5=45,所以a5=9,故选C.
[答案] C
3.(2019·安徽皖西南十校联考)已知等差数列{an}中,a5=9,且2a3-a2=6,则a1等于( )
A.-2B.-3C.0D.1
[解析] 由2a3-a2=6得a4=6,∵a5=9,∴d=3,∴a1=a5-4d=-3.故选B.
[答案] B
4.(2018·广东东莞一模)设{an}是等差数列,若a2=3,a7=13,则数列{an}前8项和为( )
A.128B.80C.64D.56
[解析] 在等差数列{an}中,S8=4(a1+a8)
=4(a2+a7)=4×(3+13)=64.故选C.
[答案] C
5.(必修5P38例1改编)已知等差数列-5,-2,1,…,则该数列的第20项为________.
[解析] a20=-5+(20-1)×3=52.
[答案] 52
考点一 等差数列的基本运算
【例1】
(1)(2018·福州一模)在等差数列{an}中,若a2=1,a8=2a6+a4,则a5的值是( )
A.-5B.-C.D.
(2)(2017·全国卷Ⅰ)记Sn为等差数列{an}的前n项和.若a4+a5=24,S6=48,则{an}的公差为( )
A.1B.2C.4D.8
[思路引导] →
→
[解析]
(1)设等差数列{an}的公差为d,由a2=1,a8=2a6+a4,可得
解得
则数列{an}的通项公式为an=a1+(n-1)d
=-n+2,
∴a5=-×5+2=-.故选B.
(2)设等差数列{an}的公差为d,
∴∴d=4,故选C.
[答案]
(1)B
(2)C
等差数列运算的解题思路
由等差数列的前n项和公式及通项公式可知若已知a1,d,n,an,Sn中三个便可求出其余两个,即“知三求二”,“知三求二”的实质是方程思想,即建立方程组求解.
[对点训练]
1.(2019·山东聊城期末)已知{an}是公差为2的等差数列,前5项和S5=25,若a2m=15,则m=( )
A.4B.6C.7D.8
[解析] S5=5a1+×2=25,解得a1=1.
所以a2m=a1+(2m-1)×2=1+4m-2=15,解得m=4.故选A.
[答案] A
2.已知等差数列{an}前9项的和为27,a10=8,则a100=( )
A.100B.99C.98D.97
[解析] 设{an}的首项为a1,公差为d,则S9=9a1+36d=9(a1+4d)=27,∴a1+4d=3.又∵a10=a1+9d=8,∴a1=-1,d=1.∴a100=a1+99d=98.故选C.
[答案] C
考点二 等差数列的性质
数列的性质是解决数列问题的基础,解法不同,求解的运算量也不同,养成“多思、少算”的习惯,注重“优化解题”的原则.
常见的命题角度有:
(1)等差数列项的性质及应用;
(2)等差数列和的性质及应用.
角度1:
等差数列项的性质及应用
【例2-1】
(1)(2019·德阳模拟)设等差数列{an}的前n项和为Sn,且a2+a7+a12=24,则S13=( )
A.52B.78C.104D.208
(2)设等差数列{an}的前n项和为Sn,若a5=5a3,则=________.
[解析]
(1)∵a2+a7+a12=24,∴3a7=24,即a7=8,
∴S13==13a7=104,故选C.
(2)∵S9==9a5,
S5==5a3,
∴==9.
[答案]
(1)C
(2)9
[拓展探究] 若本例
(2)改为:
“等差数列{an}和{bn}的前n项式和分别为Sn和Tn,且=”,则=________.
[解析] 由S13=13a7,T13=13b7,得===.
[答案]
角度2:
等差数列和的性质及应用
【例2-2】
(1)已知等差数列{an}的公差为2,项数是偶数,所有奇数项之和为15,所有偶数项之和为25,则这个数列的项数为( )
A.10B.20C.30D.40
(2)已知等差数列{an}的前n项和为Sn,且S10=10,S20=30,则S30=________.
[解析]
(1)设该数列有2n项,
S偶-S奇=nd,得2n=25-15=10,
故该数列的项数为10,故选A.
(2)∵S10,S20-S10,S30-S20成等差数列,
∴2(S20-S10)=S10+S30-S20,
∴40=10+S30-30,∴S30=60.
[答案]
(1)A
(2)60
[拓展探究] 若本例
(2)中的条件不变,则S100=________.
[解析] ∵S10=10,S20-S10=20,且S10,S20-S10,S30-S20…成等差数列,
∴S100可转化为以10为首项,10为公差的等差数列的前10项和.
∴S100=10×10+×10=550.
[答案] 550
等差数列的性质的3个应用规律
(1)等差数列项的性质的运用,如m+n=p+q,则am+an=ap+aq(m,n,p,q∈N*),只有当序号之和相等、项数相同时才成立.
(2)等差数列前n项和的性质要注意等差数列“片断和”的整体利用.
(3)两个等差数列{an}、{bn}的前n项和Sn、Tn之间的关系:
=.
[对点训练]
1.(2019·洛阳市高三第一次统一考试)等差数列{an}为递增数列,若a+a=101,a5+a6=11,则数列{an}的公差d等于( )
A.1B.2C.9D.10
[解析] 依题意得(a1+a10)2-2a1a10=(a5+a6)2-2a1a10=121-2a1a10=101,∴a1a10=10,又a1+a10=a5+a6=11,a1[答案] A
2.(2018·江苏南京、盐城一模)设Sn为等差数列{an}的前n项和,若{an}的前2017项中的奇数项和为2018,则S2017的值为________.
[解析] ∵{an}的前2017项中的奇数项和为2018,即(a1+a2017)=2018,∴a1+a2017=4,∴S2017=
(a1+a2017)=4034.
[答案] 4034
考点三 等差数列的判定与证明
【例3】 (2018·德州调研)若数列{an}的前n项和为Sn,且满足an+2SnSn-1=0(n≥2),a1=.
(1)求证:
成等差数列;
(2)求数列{an}的通项公式.
[思路引导]
(1)→
→
(2)→→→→
[解]
(1)证明:
当n≥2时,由an+2SnSn-1=0,
得Sn-Sn-1=-2SnSn-1,所以-=2,
又==2,故是首项为2,公差为2的等差数列.
(2)由
(1)可得=2n,∴Sn=,
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=-
==-.
当n=1时,a1=不适合上式.
故an=
等差数列的判定与证明方法
[对点训练]
(2019·宁夏石嘴山三中第三次适应性考试)设数列{an}满足当n>1时,an=,且a1=.
(1)求证:
数列为等差数列.
(2)a1a2是否是数列{an}中的项?
如果是,求出是第几项;如果不是,说明理由.
[解]
(1)证明:
根据题意a1=及递推关系得an≠0.
因为an=,
取倒数得=+4,即-=4(n>1).
所以数列是首项为5,公差为4的等差数列.
(2)由
(1)得=5+4(n-1)=4n+1,an=.
又a1a2=×==,解得n=11.
所以a1a2是数列{an}中的项,是第11项.
考点四 等差数列前n项和的最值问题
【例4】
(1)设等差数列{an}的前n项和为Sn,若a1=-11,a4+a6=-6,则当Sn取最小值时,n等于( )
A.6B.7C.8D.9
(2)已知数列{an}为等差数列,若<-1,且它们的前n项和Sn有最大值,则使Sn>0的n的最大值为________.
[思路引导]
(1)解法一:
→
解法二:
→→
(2)→→
[解析]
(1)解法一:
设该数列的公差为d,则a4+a6=2a1+8d=2×(-11)+8d=-6,解得d=2,所以Sn=-11n+×2=n2-12n=(n-6)2-36,所以当n=6时,Sn取最小值.故选A.
解法二:
由an=2n-13知,n≤6时,an<0;n≥7时,an>0,故S6最小.故选A.
(2)∵<-1,且Sn有最大值,
∴a10>0,a11<0,且a10+a11<0,
∴S19==19·a10>0,
S20==10(a10+a11)<0,
故使得Sn>0的n的最大值为19.
[答案]
(1)A
(2)19
求等差数列{an}的前n项和Sn的最值的2种方法
方法一:
直接求出Sn的表达式,从二次函数的角度考虑,注意n∈N*,Sn在n最靠近二次函数图象对称轴的整数处取得最值.
方法二:
求出通项公式an,若a1>0且d<0,则Sn有最大值,是所有正数项的和,令an>0,即可求出所有正数项,从而解决问题;如果a1<0且d>0,则Sn有最小值,是所有负数项的和,令an<0,即可求出所有负数项,从而解决问题.
[对点训练]
1.(2019·浙江绍兴二模)设等差数列{an}的前n项和为Sn,若a1>0,3a8=5a13,则Sn中最大的是( )
A.S10B.S11C.S20D.S21
[解析] 由{an}为等差数列,所以设an=a1+(n-1)d.由3a8=5a13,得2a1+39d=0,即a20+a21=0.又a1>0,所以a20>0,a21<0,即S20最大.故选C.
[答案] C
2.(2019·湖南郴州二模)在等差数列{an}中,a1=3,公差为d,前n项和为Sn,当且仅当n=6时,Sn取得最大值,则d的取值范围为________.
[解析] 由题意知d<0且即
解得-[答案]
课后跟踪训练(三十四)
基础巩固练
一、选择题
1.(2018·全国卷Ⅰ)记Sn为等差数列{an}的前n项和.若3S3=S2+S4,a1=2,则a5=( )
A.-12B.-10C.10D.12
[解析] 设等差数列{an}的公差为d,则S3=3a1+3d=6+3d,S2=2a1+d=4+d,S4=4a1+6d=8+6d.
由题知3S3=S2+S4,
∴3(6+3d)=4+d+8+6d.
解得d=-3,∴a5=a1+4d=2-12=-10.
故选B.
[答案] B
2.(2019·西藏拉萨模拟考试)已知等差数列{an}的前n项和为Sn,若a3=8,S6=54,则数列{an}的公差为( )
A.2B.3C.4D.
[解析] 设等差数列{an}的首项为a1,公差为d,则a3=a1+2d=8,S6=6a1+15d=54,解得a1=4,d=2.故选A.
[答案] A
3.(2018·吉林月考)设等差数列{an}的前n项和为Sn,若S4=8,S8=20,则a13+a14+a15+a16=( )
A.12B.8C.20D.16
[解析] ∵S4,S8-S4,S12-S8,S16-S12成等差数列,S4=8,S8-S4=12,∴S12-S8=16,∴S16-S12=20,即a13+a14+a15+a16=20.故选C.
[答案] C
4.(2019·江西抚州质量检测)已知等差数列{an}的前n项和为Sn(n∈N*),若=,则=( )
A.4B.2C.D.
[解析] 设等差数列{an}的公差为d,则=,可得a1=d,故===.故选D.
[答案] D
5.(2018·天津滨海新区期中)在等差数列{an}中,若a1>0,且3a8=5a13,则Sn中的最大项是( )
A.S19B.S20C.S21D.S22
[解析] 设等差数列{an}的公差为d.
解法一:
∵3a8=5a13,
∴3a1+21d=5a1+60d,∴a1=-d>0,∴d<0,
∴Sn=na1+n(n-1)d=n2-20nd,
∴当n=20时,Sn取最大值.故选B.
解法二:
∵3a8=5a13,∴3a1+21d=5a1+60d,
∴a1=-d>0,∴d<0,
∴an=a1+(n-1)d=d,由得≤n≤,∴当n=20时,Sn取最大值.故选B.
[答案] B
二、填空题
6.(2019·四川南充一诊)数列{an}满足log2an+1=1+log2an,若a3=10,则a8=________.
[解析] 根据题意得log2an+1-log2an=1,所以{log2an}是公差为1的等差数列.因为log2a8=log2a3+5=log210+log225=log2320,所以a8=320.
[答案] 320
7.(2018·云南昆明适应性月考)数列{an}的首项为3,数列{bn}为等差数列,且bn=an+1-an(n∈N*),若b1=-6,b10=12,则a10=________.
[解析] 设等差数列{an}的公差为d,则b10=b1+9d=-6+9d=12,∴d=2,则bn=-6+2(n-1)=2n-8,∴a10=a1+(a2-a1)+(a3-a2)+(a4-a3)+…+(a10-a9)=3+b1+b2+…+b9=3+×(-6+10)=3+18=21.
[答案] 21
8.(2019·山东烟台模拟)在等差数列{an}中,若a1<0,Sn为其前n项之和,且S7=S17,则Sn为最小时n的值为________.
[解析] 解法一:
由S7=S17,知a8+a9+…+a17=0,根据等差数列的性质,a8+a17=a9+a16=…=a12+a13,因此a12+a13=0,又因为a1<0,从而a12<0,a13>0,故当Sn为最小时n为12.
解法二:
∵{an}是等差数列,Sn为n的二次函数,故Sn在对称轴处取得最值.
∵S7=S17,∴n==12时,Sn最小.
[答案] 12
三、解答题
9.(2018·辽宁凌源月考)已知Sn是等差数列{an}的前n项和,且S2=2,S3=-6.
(1)求数列{an}的通项公式和前n项和Sn.
(2)是否存在n,使Sn,Sn+2+2n,Sn+3成等差数列?
若存在,求出n,若不存在,请说明理由.
[解]
(1)设数列{an}的公差为d.
则解得
所以an=4-6(n-1)=10-6n,Sn=na1+d=7n-3n2.
(2)由
(1)知,Sn+Sn+3=7n-3n2+7(n+3)-3(n+3)2=-6n2-4n-6,
2(Sn+2+2n)=2(-3n2-5n+2+2n)=-6n2-6n+4.
若存在n使得Sn,Sn+2+2n,Sn+3成等差数列,
则-6n2-4n-6=-6n2-6n+4,解得n=5,
所以存在n=5,使Sn,Sn+2+2n,Sn+3成等差数列.
10.数列{an}满足a1=1,a2=2,an+2=2an+1-an+2.
(1)设bn=an+1-an,证明{bn}是等差数列;
(2)求{an}的通项公式.
[解]
(1)证明:
由an+2=2an+1-an+2,得
an+2-an+1=an+1-an+2,即bn+1=bn+2.
又b1=a2-a1=1,
所以{bn}是首项为1,公差为2的等差数列.
(2)由
(1)得bn=1+2(n-1),
即an+1-an=2n-1.
于是(ak+1-ak)=(2k-1),所以an+1-a1=n2,即an+1=n2+a1.
又a1=1,所以{an}的通项公式an=n2-2n+2.
能力提升练
11.(2019·山西省级联考)已知Sn为等差数列{an}的前n项和.给出下列两个命题:
命题p:
若S3,S9都大于9,则S6大于11;
命题q:
若S6不小于12,则S3,S9中至少有1个不小于9.
那么,下列命题为真命题的是( )
A.綈qB.(綈p)∧(綈q)
C.p∧qD.p∧(綈q)
[解析] 由等差数列的性质知2(S6-S3)=S3+(S9-S6),则S6=>=12,命题p为真,若S3,S9都小于9,则S6=<=12,
因此命题q为真,所以p∧q为真.故选C.
[答案] C
12.(2019·安徽淮南一模)已知等差数列{an},{bn}的前n项和分别为Sn,Tn,若对于任意的自然数n,都有=,则+=( )
A.B.C.D.
[解析] ∵等差数列中,若m+n=p+q,则am+an=ap+aq,
等差数列的前n项和为Sn=.
∴==,
∴+=+
=+==
====.
故选A.
[答案] A
13.(2019·江西九江一模)等差数列{an}中,a1=,am=,an=(m≠n),则数列{an}的公差d=________.
[解析] ∵am=+(m-1)d=,an=+(n-1)d=,∴(m-n)d=-,∴d=,∴am=+(m-1)=,解得=,即d=.
[答案]
14.已知数列{an}满足2an+1=an+an+2(n∈N*),它的前n项和为Sn,且a3=10,S6=72,若bn=an-30,设数列{bn}的前n项和为Tn,求Tn的最小值.
[解] ∵2an+1=an+an+2,∴an+1-an=an+2-an+1,
故数列{an}为等差数列.
设数列{an}的首项为a1,公差为d,由a3=10,S6=72得,
解得a1=2,d=4.
∴an=4n-2,则bn=an-30=2n-31,
令即解得≤n≤,
∵n∈N*,∴n=15,
即数列{bn}的前15项均为负值,∴T15最小.∵数列{bn}的首项是-29,公差为2,
∴T15==-225,
∴数列{bn}的前n项和Tn的最小值为-225.
拓展延伸练
15.(2019·河南洛阳统考)设等差数列{an}的前n项和为Sn,且a1>0,a3+a10>0,a6a7<0,则满足Sn>0的最大自然数n的值为( )
A.6B.7C.12D.13
[解析] 设等差数列{an}的公差为d,则an=a1+(n-1)d.∵a6+a7=a3+a10>0,即2a1+11d>0,且a6a7<0,a1>0,∴a6>0,a7<0.∴d=a7-a6<0.又∵a7=a1+6d<0,∴2a1+12d<0.当Sn==>0时,2a1+(n-1)d>0.
由2a1+11d>0,2a1+12d<0知n-1最大为11,即n最大为12.故选C.
[答案] C
16.(2019·安徽合肥模拟)已知数列{an}是各项为正且首项为1的等差数列,Sn为其前n项和,若数列{}也为等差数列,则的最小值是________.
[解析] 设数列{an}的公差为d(d>0),
即有an=1+(n-1)d,Sn=n+n(n-1)d,
=,由于数列{}也为等差数列,
可得1-d=0,即d=2,
即有an=2n-1,Sn=n2,
则==≥·2·=2,当且仅当n=2取得等号,
由于n为正整数,即有n=2或3取得最小值.当n=2时,取得3;n=3时,取得.故最小值为.
[答案]