徐州市中考物理试题word版含答案解析.docx

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徐州市中考物理试题word版含答案解析

徐州市2018年初中学业水平考试

物理试题

一、选择题

1.打开电冰箱门时，常会看到电冰箱门的附近出现一股“白气”．“白气”形成过程属于

A.液化B.汽化C.升华D.熔化

【答案】A

【解析】因为冰箱内的温度低，打开电冰箱门时，冰箱内的冷空气流出，制造了低温的环境；

外面的水蒸气遇冷液化而形成小水珠，即我们看到的“白气”。

所以“白气”是液化而形成的，故选A。

点睛：

需要注意的是，我们看到的“白气”其实是小水珠，而不是水蒸气，水蒸气是看不到的，所以“白气”是由水蒸气液化而形成的。

2.在商场里，当你站在上升的自动扶梯上时，关于你是运动还是静止的说法中正确的是

A.运动的B.静止的

C.相对自动扶梯是静止的D.相对商场地面是静止的

【答案】C

【解析】运动和静止具有相对性，选择不同的参照物来描述同一个物体的运动状态，可能得出不同结论，所以运动和静止都是相对的。

站在上升的自动扶梯上时，以自动扶梯为参照物时，没有发生位置的变化是静止的；

以商场地面为参照物时，位置发生了变化，所以是运动的。

故C正确。

点睛：

注意理解参照物和相对运动的概念，在研究机械运动时，人们事先选定的、假设不动的，作为基准的物体叫做参照物，选择不同的参照物来描述同一个物体的运动状态，可能得出不同结论。

3.1911年，卢瑟福建立了原子的核式结构模型．下列关于这个模型的说法中正确的是

A.原子核位于原子的中心B.原子核带负电

C.电子静止在原子核周围D.原子核占据了原子内大部分空间

【答案】A

【解析】A.核式结构模型中，原子核位于原子的中心，电子在原子核的四周，且高速绕原子核旋转，故A正确；

B.原子核中的质子带正电，中子不带电，所以原子核整体带正电，故B错误；

C.电子在原子核周围高速旋转，故C错误；

D.原子核位于原子的中心，占有原子的绝大部分质量，但体积非常小，所以原子中非常的空旷，故D错误；

故选A。

点睛：

重点是原子的核式结构特点，原子核的质量大，居于中心，电子质量很小绕原子核旋转，且原子核带正电，电子带负电。

4.用橡皮筋、回形针、棉线、小瓶盖、牙膏盒、铁丝、钩码和刻度尺等，做一个如图所示的橡皮筋测力计．下列说法中错误的是

A.刻度可以标在牙膏盒上

B.可以把回形针上端当作指针

C.可以利用钩码拉伸橡皮筋标注刻度

D.不同橡皮筋做的测力计量程都相同

【答案】D

【解析】A.如图橡皮筋固定在牙膏盒上，竖直放置，测量物体重时，橡皮筋竖直向下伸长，所以刻度可以标在牙膏盒上，故A正确；

B.回形针与托盘固定在一起，橡皮筋伸长时随托盘一起向下运动，所以可以把回形针上端当作指针，故B正确；

C.因为钩码的重一定，即每个钩码的重相同，所以可以利用悬挂不同钩码时，拉伸橡皮筋的不同长度，来标注刻度，故C正确；

D.材质或粗细不同的橡皮筋，其弹力不同，所以做成测力计后，其量程也不同，故D错误；

故D错误，符合题意。

点睛：

可以结合弹簧测力计的原理进行判断，但要注意的是橡皮筋做成的测力计，其示数不均匀，这点与弹簧测力计是不同的，要特别注意。

5.如图所示，一个玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，弹簧沿斜面向下翻滚．弹簧在运动过程中，有哪些机械能发生了转化

A.只有动能和重力势能

B.只有动能和弹性势能

C.只有重力势能和弹性势能

D.动能、重力势能和弹性势能都发生了转化

【答案】D

【解析】根据题意，玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，弹簧沿斜面向下翻滚。

首先将弹簧作为一个简单对象考虑，向下翻滚过程中，质量不变，但高度降低了，所以重力势能会减小；

弹簧弹起后，另一端接触斜面时，动能减小，弹性势能增大，且减小的重力势能，会转化弹簧的弹性势能，即弹簧的弹性形变变大；

弹簧弹起时，弹性势能又转化为动能。

所以这个过程中，动能、重力势能和弹性势能都发生了转化，故D正确。

点睛：

重点是牢记影响机械能大小的因素及其转化过程，当质量不变时，速度增大，动能增大；高度增加，重力势能增大，高度降低，重力势能减小；形变增大，弹性势能增大，形变减小，弹性势能减小。

6.关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是

A.火线和零线之间的电压为36VB.各用电器之间是并联的

C.开关接在零线上D.电冰箱不需要用三线插座

【答案】B

【解析】A.火线和零线之间的电压为220V，故A错误；

B.家族电路中，各用电器要能独立工作，互不影响，所以家电之间是并联的，故B正确；

C.为了安全，开关应接在火线上，这样开关断开时用电器与火线断开，更安全，故C错误；

D.具有金属外壳的用电器，为了防止漏电时产生危险，应使用三线插座，故D错误；

故选B。

7.今年3月30日，我国成功发射第30、31颗北斗导航卫星．北斗卫星向地面传递信息是通过

A.超声波B.次声波C.电磁波D.红外线

【答案】C

【解析】电磁波可以在真空中传播，所以北斗卫星向地面传递信息使用电磁波，故C正确；

超声波和次声波不能在真空中传播，故不能用作卫星通信，故AB错误；

红外线主要用于取暖、遥控器、夜视仪等，不适合远距离的通信使用，故D错误；

故选C。

点睛：

体会电磁波被广泛应用于传递信息的特点，想想我们身边充满了各种电磁波，如；手机信号、广播电视信号、卫星通信等，电磁波的使用方便了人们的通信和信息的获取，要知道远距离的无线通信都是使用的电磁波。

8.在“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验中，用木块被小车撞击后移动的距离来反映小车动能的大小，下列研究问题的方法中与之相同的是

A.保持电阻不变，探究通过导体的电流与电压的关系

B.通过小方桌陷入沙中的深度来研究压力的作用效果

C.通过水流来初步认识电流

D.用磁感线来描述磁体的磁场

【答案】B

【解析】用木块被小车撞击后移动的距离来反映小车动能的大小，是转换法的应用；

A.保持电阻不变，探究通过导体的电流与电压的关系，是控制变量法的应用；

B.通过小方桌陷入沙中的深度来研究压力的作用效果，是转换法的应用；

C.通过水流来初步认识电流，是类比法的应用；

D.用磁感线来描述磁体的磁场，是模型法的应用；

故B符合题意。

点睛：

注意理解转换法的思想，即对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，用一些非常直观的现象或易测量的物理量去间接的研究或测量，注意总结初中物理实验中所用到的转换法。

9.如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，电流表和电压表的都有示数．如果某时刻电路出现故障，两表的示数都变大了，那么故障可能是

A.电阻R1短路B.电阻R1断路

C.电阻R2短路D.电阻R2断路

【答案】C

【解析】A.如图，电压表与电阻R1并联，所以电阻R1短路后，电压表也被短路，不会有示数，故A错误；

B.电阻R1断路后，电压表串联在电路中，电压表通过R2连接在电源两端，所以电压表有示数且接近电源电压，但因为电压表的电阻很大，所以电路中电流减小，即电流表示数会减小，故B错误；

C.电阻R2短路后，电压表测量电源电压，示数增大，电路中的总电阻减小，根据

可知，电流变大，即电流表示数变大，故C正确；

D.电阻R2断路后，电路断路，两电阻示数都为零，故D错误；

故选C。

点睛：

重点理解电阻R1断路时，电压表实际串联在电路中，由于电压表的电阻很大，所以电流表无示数，而电压表有示数且接近电源电压。

10.一辆汽车在平直公路上沿直线向前行驶，途中经过一段泥泞路面，如果汽车发动机的功率始终保持不变，则汽车行驶路程s随时间t的变化关系可能是

A.

B.

C.

D.

【答案】D

【解析】汽车发动机的功率始终保持不变，途中经过一段泥泞路面，由于泥泞路面摩擦阻力增大，则汽车的牵引力也随之增大，根据

可知，汽车的速度变小；

速度变小，则相同时间内通过的距离变小。

A图，始终为匀速直线运动，不正确；

B图，中间一段，在相同时间内通过的距离更远，不正确；

C衅，中间一段，随时间的变化，路程出现减小的情况，不正确；

D图，中间一段，在相同时间内通过的距离变小了，说明速度减小了，正确；

故选D。

点睛：

关键是根据

理解：

当功率一定时，牵引力与速度是成反比的，据此进行判断。

五、物理填空题

11.人听到蚊子飞行的“嗡嗡”声，是由蚊子翅膀______产生的，通过______传入人耳．但人听不到蝴蝶飞行的声音，是因为蝴蝶发出声音的______不在可听声的范围内．

【答案】

（1）.振动

（2）.空气（3）.频率

【解析】声音由振动产生，所以人听到蚊子飞行的“嗡嗡”声，是由蚊子翅膀振动产生的；

空气可以传播声音，所以此声音通过空气传入人耳；

人听不到蝴蝶飞行的声音，是因为蝴蝶翅膀振动的频率很低，低于人耳的听觉范围，所以听不到，即蝴蝶发出声音的频率不在可听声的范围内．

点睛：

注意牢记人耳的听觉范围，即20Hz-2000Hz，高于此频率的为超声波，低于此频率的为次声波，人耳都是听不到的。

12.太阳能在利用过程中对环境无污染或污染很小，属于______能源（填“清洁”或“非清洁”）；利用太阳能电池可以把太阳能转化为______能，还有一部分太阳能转化为其他形式的能，根据能量______定律可知，转化的总能量和接收的太阳能数量相同．

【答案】

（1）.清洁

（2）.电（3）.守恒

【解析】太阳能在利用过程中对环境无污染或污染很小，所以属于清洁能源；

利用太阳能电池可以把太阳能转化为电能，还有一部分太阳能转化为内能，根据能量守恒定律，能量只会发生转移或转化，能的总量不变，所以转化的总能量和接收的太阳能数量相同．

13.如图所示的直流电动机模型，把线圈两端导线的漆按图中方法刮去，通电后线圈能否连续转动？

______．如果通过线圈的电流变大，线圈的转动速度将变______．如果改变线圈中的电流方向，线圈的转动方向将______．

【答案】

（1）.能

（2）.大（3）.改变

【解析】如图所示的直流电动机模型，把线圈两端导线的漆按图中方法刮去，即一端刮去一半，另一端全部刮去，这样当线圈通过电流时，受磁场力转动，转到平衡位置时，电流被切断，线圈可以利用惯性继续转动，所以通电后线圈能连续转动；

如果通过线圈的电流变大，线圈受到的磁场力变大，所以转动速度将变大；

如果改变线圈中的电流方向，线圈受到的磁场力方向相反，所以转动方向将改变。

点睛：

注意理解导线一端刮去半周时，有类似换向器的作用，但又不完全相同，换向器是改变电流方向，而刮去半周只是切断电流，让线圈依靠惯性继续转动下去。

14.如图所示的希罗喷泉，用3根管子连接3个容器，容器a是敞口的，容器b和c是密闭的．容器中有一些水，管B有水喷出．管A中水流的方向是向______，容器b中气体压强的大小比外界大气压______，要增大喷泉的高度，应增加容器______的高度．

【答案】

（1）.下

（2）.大（3）.b

【解析】如图，a容器位置高，c容器位置低，即液面低，A管连接两容器后，在液体重力的作用下，A管中水会向下流动，或根据液体压强特点可知，c容器中液面低，产生的压强小，所以水向下流动；

由于a、b容器液面存在高度差，所以会产生一定的压强，又由于容器b和c是密闭的，此压强通过C管作用于b容器中．所以容器B中的压强大于大气压；

由于a、c液面的高度差大于a、b液面的高度差，此高度差产生压强，所以管B有水喷出．据此可知，增加b容器的高度时，此高度差会增加，B管口的压强增大，所以喷泉的高度增加。

点睛：

主要考查了液体压强的特点，通过分析此装置，要理解水能喷出，是因为液面的高度差不同，此高度差产生的压强将水喷出。

15.如图所示，工人师傅用动滑轮匀速提升重物．使用动滑轮的好处是________．若物体重450N，工人所用拉力为250N，则动滑轮的机械效率为______；用该滑轮匀速提升重600N的物体，若不计绳重和摩擦，则工人所用的拉力为________N．

【答案】

（1）.省力

（2）.90%（3）.325

【解析】使用动滑轮时，有两段绳子拉着物体上升，所以好处是可以省力；

物体重450N，工人所用拉力为250N，则动滑轮的机械效率为

；

根据

可得动滑轮的重为：

用该滑轮匀速提升重600N的物体时，工人所用的拉力为：

。

点睛：

关键是根据

求出动滑轮的重，当然也可以根据第一次的额外功求出动滑轮的重，另外注意求机械效率时常用的两种方法：

一是

，二是

。

16.小明在家中用煤气灶将初温为20℃，质量为2kg的一壶水加热到80℃，这是通过______的方式使水的内能______．如果煤气完全燃烧放出的热量只有60%被水吸收，则至少需要燃烧______kg的煤气[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），煤气的热值为4.2×107J/kg]．

【答案】

（1）.热传递

（2）.增加（3）.0.02

【解析】用煤气灶加热使水的温度升高，内能增加，这是热传递的方式改变内能的；

初温为20℃，质量为2kg的一壶水加热到80℃，吸收的热量为：

；

煤气完全燃烧放出的热量只有60%被水吸收，则煤气燃烧放出的热量为：

；

需要燃烧煤气的质量为：

点睛：

重点是吸热公式和热值公式的应用，注意公式应用时单位要统一，特别是热值公式应用时，有时要用到体积，有进要用到质量，要统一单位后再计算。

17.当严寒即将来临时，为了预防果实结冰，果农会用水喷洒果树．请你解释这种做法的道理：

________．

【答案】水的比热容大降温时能放出更多的热量，且水结冰时会放出热量，可以减慢环境温度的降低，从而保护果实．

【解析】利用水的比热容较大的特点，以及水凝固放热的原理进行解释。

果农用水喷洒果树．因为水的比热容较大，在降温时放出的热量多，所以会减缓果树温度的下降，另外如果水凝固的话，由于凝固是放热过程，也会放出较多的热量，使果树温度降低的少，从而保护果实。

点睛：

理解水的比热容的物理意义及其在生产、生活中的应用，注意总结水的比热容较大的应用实例，如作为热机的冷却物质，作为北方冬季的取暖物质，本题中减缓果树温度的下降等。

六、物理解答题

18.如图所示，一束光射到平面镜上，请作出它的反射光线．

【答案】

【解析】根据光的反射定律作图。

首先过入射点画出垂直于镜面的法线；

根据反射角等于入射角，画出反射光线，如图：

点睛：

牢记光的反射定律，即反射光线跟入射光线和法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角。

19.如图所示，小华用绳拉着箱子行走，请画出绳对箱子拉力F的示意图．

【答案】

【解析】小华用绳拉着箱子行走，箱子受到拉力的作用，方向沿绳子斜向上，作用点在固定绳子处，所以沿绳子画出动力F，如图：

点睛：

重点是力的示意图的画法，即用一条带箭头的线段表示出力的作用点和方向，线段的长度也粗略表示力的大小，本图拉力的作用点在绳子与物体接触的地方。

20.制作豆腐过程中，要用重物把豆腐压实，如果重物对豆腐的压力为200N，受力面积为1m2．压实后，30kg豆腐的体积为0.02m3．求：

（1）重物对豆腐的压强；

（2）豆腐的密度．

【答案】见解析

【解析】

（1）对豆腐的压力为200N，受力面积为1m2．根据

堆计算压强为：

；

（2）30kg豆腐的体积为0.02m3，根据

计算豆腐的密度为：

。

点睛：

考查了压强和密度公式的应用，直接代入公式计算即可，注意有些题中。

单位不统一，计算前要先换算单位，养成好习惯。

21.如图所示电路，电源电压保持6V不变，R1是定值电阻，R2是最大阻值为50Ω的滑动变阻器．闭合开关，当R2的滑片位于最左端时，电路中的电流为0.6A．求：

（1）电阻R1的阻值；

（2）滑片从最左端移动到最右端的过程中，滑动变阻器的最大功率．

【答案】见解析

【解析】

（1）如图电路，两电阻串联，当R2的滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，此时为只有R1的简单电路，电流为0.6A；

根据

计算R1的阻值为：

；

（2）根据

可得R2的电功率为：

分析此式可知，当电流为0.3A时，有最大功率为：

0.9W。

点睛：

重点是欧姆和电功率的计算，第二问求最大功率时，利用电功率的公式列出功率与电流的关系式，利用完全平方式的特点得出最大功率。

22.小明和小华分别用“伏安法”测量定值电阻的阻值．

图甲图乙

（1）小明实验的电路如图甲所示，请用笔画线代替导线把电路连接完整____________．

（2）小明第1次测量时，电压表示数如图乙所示，则电压为______V．

（3）小明测量的数据如表一所示，则定值电阻的阻值为______Ω．

（4）小华测量的数据如表二所示，则小华实验中存在的问题可能是：

_________________．

【答案】

（1）.

（2）.1.5（3）.4.9（4）.电压表并联在滑动变阻器两端了

【解析】

（1）小明实验的电路如图甲所示，已基本连接好，再连接滑动变阻器的右上端到开关的右端即为完整的电路，如图：

（2）小明第1次测量时，电压表示数如图乙所示，电压表使用小量程，分度值为0.1V，读数即此时电阻两端的电压为1.5V．

（3）小明测量的数据如表一所示，去除误差的因素，采用任一组数据可计算定值电阻的阻值为：

；

（4）小华测量的数据如表二所示，分析数据可以看出，电压增大时，电流是减小的，这是不符合欧姆定律的，所以此电压一定不是定值电阻两端的电压；

再分析电路图可知，当电压表与滑动变阻器并联时，滑动变阻器接入电路的电阻越小，两端的电压越小，而电流越大，所以小华实验中存在的问题可能是：

电压表与滑动变阻器并联了。

点睛：

重点是伏安法测量电阻的实验，最后一问是个难点，关键是电路的动态分析，明白电压表与滑动变阻器并联时，会出现表格二中的情形，即电流增大时，电压表的示数是变小的。

23.如图所示，在“探究凸透镜成像的规律”实验中．

（1）组装调整实验器材时，要使烛焰和______的中心位于凸透镜的主光轴上．

（2）实验所用凸透镜的焦距为20cm，若烛焰在凸透镜前30cm处，则可在凸透镜的另一侧得到一个（______）

A.倒立、放大的实像B.倒立、缩小的实像

C.正立、放大的虚像D.正立、缩小的虚像

（3）接下来，保持烛焰和凸透镜的位置不变，换一个焦距小一些的凸透镜，则所成像的大小比刚才的像______．

（4）如果要估测题（3）中凸透镜的焦距，可以让烛焰距离凸透镜______，此时像距就近似等于焦距．

【答案】

（1）.光屏

（2）.A（3）.小（4）.足够远

【解析】

（1）为了使像成在光屏的中心，组装调整实验器材时，要使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，

（2）实验所用凸透镜的焦距为20cm，若烛焰在凸透镜前30cm处，即物距大于一倍焦距小球二倍焦距，此时像距大于二倍焦距，可在凸透镜的另一侧得到一个倒立、放大的实像，故选A。

（3）接下来，保持烛焰和凸透镜的位置不变，换一个焦距小一些的凸透镜，即凸透镜的折射能力更强了，此时像距会变小，根据像的大小与像距的关系可知，此时所成像的大小比刚才的像变小。

（4）如果要估测题（3）中凸透镜的焦距，根据成实像时物距与像距的变化规律，即当物距远大于二倍焦距时，像距会非常接近焦距；

所以可以让烛焰距离凸透镜足够远，此时像距就近似等于焦距，这也是聚焦太阳光测量焦距的依据。

点睛：

凸透镜成像规律的实验是常考试的内容，要掌握成像时物距和像距变化的特点，当物距增大时，像距减小，像也会变小，这里的像变小，是与之前比变小，要比较像与物体的大小，要看像距和物距的比较，像距大于物距，像就放大。

24.阅读短文，回答文后的问题．

浮子流量计

气体的流量一般指单位时间内流过通气管道的气体体积，流量等于气体的流速和通道横截面积的乘积．生活生产中经常要对气体的流量进行控制，例如医院给病人输氧时，用阀门控制氧气瓶输出氧气的流量，在管道中接入流量计，可以反映流量的大小．

浮子流量计是一种常用的流量计．其结构如图所示，一个上粗下细的锥形管，管内倒放着一个铝制的圆锥体浮子．工作时，气体从锥形管下端流入，向上冲击浮子，然后流过圆锥体浮子底面与锥形管之间的环形空隙，从上端流出．如果浮子受到气流的冲力大，就会向上移动，环形空隙加大，气体流速变小，对浮子的冲力就会变小，这样浮子最终稳定在某一位置，这个位置的高低就反映了气体流量的大小．

（1）浮子流量计使用时，锥形管应处于（______）

A.水平方向B.竖直方向C.斜向上D.斜向下

（2）浮子所受气体浮力很小，可以忽略．当浮子稳定在某一位置时，气流对浮子的冲力和浮子重力的关系是______．

（3）对于某个制成的浮子流量计，浮子和锥形管之间的环形空隙的面积和浮子高度成正比，比例系数为k1；气流对浮子的冲力和流速成正比，比例系数为k2；浮子的质量为m．当浮子稳定在高度h时，气体流量Q的表达式为Q=___________．

（4）浮子流量计能反映的最大流量是有限的，如果要让这个浮子流量计能反映更大的流量，请你提出一条可行的改进措施：

_________________________________________．

【答案】

（1）.B

（2）.二力平衡（3）.

（4）.用密度更大的材料制作浮子

【解析】

（1）根据题意可知，当流量一定时，气流向上的冲击力与浮子的重平衡，即这一过程要利用浮子的重，所以浮子流量计使用时，锥形管必须处于竖直方向。

（2）浮子所受气体浮力很小，可以忽略．当浮子稳定在某一位置时，气流对浮子的冲力和浮子的重力，二力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，所以二力平衡。

（3）对于某个制成的浮子流量计，浮子和锥形管之间的环形空隙的面积和浮子高度成正比，比例系数为k1，即可得：

；

气流对浮子的冲力和流速成正比，比例系数为k2；浮子的质量为m．且冲力与重力平衡，可得：

则：

；

根据题意：

流量等于气体的流速和通道横截面积的乘积．所以当浮子稳定在高度h时，气体流量Q的表达式为：

。

（4）浮子流量计能反映的最大流量是有限的，如果要让这个浮子流量计能反映更大的流量，根据

可知，当浮子的质量越大时，流量越大，所以改进措施为：

用密度更大的材料制作浮子

点睛：

认真阅读短文，理解这种浮子流量计利用了二力平衡的原理，第三问得出流量的表达式是个难点，要根据文中描述的每个关系，用数学式表示出来，最后将式子综合在一起，就一定能得到需要的表达式。