版高考物理二轮复习第1部分专题2动量与能量第2讲机械能守恒定律功能关系教案.docx
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版高考物理二轮复习第1部分专题2动量与能量第2讲机械能守恒定律功能关系教案
机械能守恒定律功能关系
[高考统计·定方向]（教师授课资源）
考点
考向
五年考情汇总
1.机械能守恒定律的应用
考向1.单个物体的机械能守恒
2016·全国卷ⅡT16
考向2.系统机械能守恒
2015·全国卷ⅡT21
2016·全国卷ⅡT21
2.功能关系及能量守恒
考向1.功能关系的基本应用
2019·全国卷ⅡT18
2018·全国卷ⅠT18
2017·全国卷ⅢT16
考向2.能量的转化与守恒的应用
2016·全国卷ⅡT25
考向3.功能关系的综合应用
2017·全国卷ⅠT24
2016·全国卷ⅡT25
机械能守恒定律的应用（5年3考）
❶分析近五年的高考题可以看出，本考点是高考命题的热点，题型以选择题为主，题目综合性强，涉及多物体系统机械能时，常与运动的合成与分解相联系。
❷预计2020年高考仍会以多物体机械能守恒为重点，复习中应加强训练。
1．（多选）（2015·全国卷Ⅱ·T21）如图所示，滑块a、b的质量均为m，a套在固定竖直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上。
a、b通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动。
不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g。
则（ ）
A．a落地前，轻杆对b一直做正功
B．a落地时速度大小为
C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于g
D．a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg
[题眼点拨] ①刚性轻杆不伸缩，两滑块沿杆的分速度相同；②轻杆对滑块a、b都做功，系统机械能守恒。
BD [由题意知，系统机械能守恒。
设某时刻a、b的速度分别为va、vb。
此时刚性轻杆与竖直杆的夹角为θ，分别将va、vb分解，如图。
因为刚性轻杆不可伸长，所以沿杆的分速度v∥与v′∥是相等的，即vacosθ＝vbsinθ。
当a滑至地面时θ＝90°，此时vb＝0，由系统机械能守恒得mgh＝
mv
，解得va＝
，选项B正确。
同时由于b初、末速度均为零，运动过程中其动能先增大后减小，即杆对b先做正功后做负功，选项A错误。
杆对b的作用先是推力后是拉力，对a则先是阻力后是动力，即a的加速度在受到杆的向下的拉力作用时大于g，选项C错误。
b的动能最大时，杆对a、b的作用力为零，此时a的机械能最小，b只受重力和支持力，所以b对地面的压力大小为mg，选项D正确。
正确选项为B、D。
]
2.（多选）（2016·全国卷Ⅱ·T21）如图所示，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于O点，另一端与小球相连。
现将小球从M点由静止释放，它在下降的过程中经过了N点。
已知在M、N两点处，弹簧对小球的弹力大小相等，且∠ONM<∠OMN<
。
在小球从M点运动到N点的过程中（ ）
A．弹力对小球先做正功后做负功
B．有两个时刻小球的加速度等于重力加速度
C．弹簧长度最短时，弹力对小球做功的功率为零
D．小球到达N点时的动能等于其在M、N两点的重力势能差
BCD [在M、N两点处，弹簧对小球的弹力大小相等，且∠ONM<∠OMN<
，则小球在M点时弹簧处于压缩状态，在N点时弹簧处于拉伸状态，小球从M点运动到N点的过程中，弹簧长度先缩短，当弹簧与竖直杆垂直时弹簧达到最短，这个过程中弹力对小球做负功，然后弹簧再伸长，弹力对小球开始做正功，当弹簧达到自然伸长状态时，弹力为零，再随着弹簧的伸长弹力对小球做负功，故整个过程中，弹力对小球先做负功，再做正功，后再做负功，选项A错误；在弹簧与杆垂直时及弹簧处于自然伸长状态时，小球加速度等于重力加速度，选项B正确；弹簧与杆垂直时，弹力方向与小球的速度方向垂直，则弹力对小球做功的功率为零，选项C正确；由机械能守恒定律知，在M、N两点弹簧弹性势能相等，在N点小球的动能等于从M点到N点重力势能的减小值，选项D正确。
]
1．机械能守恒的三种判断方法
（1）用做功判断：
若物体或系统只有重力（或弹簧的弹力）做功，虽受其他力，但其他力不做功，则其机械能守恒。
（2）用能量转化判断：
若物体或系统中只有动能和势能的相互转化，而无机械能与其他形式的能的相互转化，则其机械能守恒（如上T1）。
（3）对多个物体组成的系统，除考虑是否只有重力做功外，还要考虑系统内力是否做功，如有滑动摩擦力做功时，因摩擦生热，系统机械能将有损失。
2．机械能守恒定律的三种表达形式
如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的环，环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d。
杆上的A点与定滑轮等高，杆上的B点在A点正下方距离为d处。
现将环从A处由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是（ ）
A．环到达B处时，重物上升的高度h＝
B．环到达B处时，环与重物的速度大小相等
C．环从A到B，环减少的机械能等于重物增加的机械能
D．环能下降的最大高度为
[题眼点拨] ①“光滑直杆”表明没有系统内能的转化。
②“A点与滑轮等高”表明释放后环沿杆下滑，重物上升。
③“轻绳相连”表明沿绳子上的速度大小相等。
[解析] 环到达B处时，对环的速度进行分解，可得v环cosθ＝v物，由题图中几何关系可知θ＝45°，则v环＝
v物，B错误；因环从A到B，环与重物组成的系统机械能守恒，则环减少的机械能等于重物增加的机械能，C正确；当环到达B处时，由题图中几何关系可得重物上升的高度h＝（
－1）d，A错误；当环下落到最低点时，设环下落高度为H，由机械能守恒有mgH＝2mg（
－d），解得H＝
d，故D正确。
[答案] CD
反思：
解此题关键是找出速度关联点，明确初、末状态的速度关系，确定环和重物的速度变化规律及速度大小关系，进而确定各自动能变化规律，还要明确环和重物组成的系统机械能守恒。
考向1 单个物体的机械能守恒
1.如图所示，长为0.1m的不可伸长的细线下挂一木块，弹簧枪射出的一粒弹丸水平击中木块并留在木块内部。
此后细线与竖直方向之间的最大夹角为60°。
若木块质量为弹丸质量的8倍，重力加速度g＝10m/s2，不计空气阻力，则弹丸击中木块前瞬间的速度大小为（ ）
A．2m/sB．9m/s
C．4m/sD．6m/s
B [设弹丸击中木块前瞬间的速度大小为v0，弹丸与木块碰撞后瞬间的共同速度大小为v，由动量守恒定律，可得mv0＝（M＋m）v，由机械能守恒定律，可得
（M＋m）v2＝（M＋m）gL（1－cos60°），代入数据解得v0＝9m/s，B正确。
]
考向2 系统机械能守恒
2．（易错题）（多选）如图所示，在倾角θ＝30°的光滑斜面上，放有两个质量分别为1kg和2kg的可视为质点的小球A和B，两球之间用一根长为L＝0.2m的轻杆相连，小球B到水平面的高度h＝0.1m。
两球从静止开始下滑到光滑的水平面上，不计球与地面碰撞时的机械能损失，g取10m/s2，则下列说法正确的是（ ）
A．下滑的整个过程中A球的机械能守恒
B．下滑的整个过程中两球组成的系统机械能守恒
C．两球在光滑水平面上运动时的速度大小为2m/s
D．下滑的整个过程中杆对B球所做的功为
J
BD [在下滑的整个过程中，只有重力对系统做功，所以系统的机械能守恒，选项B正确；B球在水平面上滑行、而A球在斜面上滑行的一小段时间内，杆的弹力对A做功，所以A球的机械能不守恒，选项A错误；两球在光滑水平面上运动时的速度大小记为v，根据系统机械能守恒可得mAg（h＋Lsin30°）＋mBgh＝
（mA＋mB）v2，代入数据解得v＝
m/s，选项C错误；系统下滑的整个过程中B球机械能的变化量为ΔEB＝
mBv2－mBgh，代入数据可得ΔEB＝
J，选项D正确。
]
易错点评：
在于混淆单个物体和多物体机械能守恒的判断方法。
3．（多选）（2019·黑龙江重点中学第三次联考）如图所示，光滑的小滑轮D（可视为质点）固定，质量相等的物体A和B用轻弹簧连接，物体B放在地面上，用一根不可伸长的轻绳一端与物体A连接，另一端跨过定滑轮与小环C连接，小环C穿过竖直固定的光滑均匀细杆，小环C位于位置R时，绳与细杆的夹角为θ，此时物体B与地面刚好无压力，图中SD水平，位置R和Q关于S对称，现让小环从R处由静止释放，环下落过程中绳始终处于拉直状态，且环到达Q处时速度最大。
在小环从R处下落到Q处的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．小环C和物体A组成的系统机械能守恒
B．小环C下落到位置S时，小环C的机械能一定最大
C．小环C从位置R运动到位置Q的过程中，弹簧的弹性势能可能先减小后增大
D．小环C到达位置Q时，物体A与小环C的动能之比为cosθ∶2
BCD [小环C和物体A、弹簧组成的系统机械能守恒，选项A错误；小环从位置R下落到位置S的过程中，轻绳拉力对小环做正功，小环C的机械能增大，小环从位置S下落到位置Q的过程中，轻绳拉力对小环做负功，小环C的机械能减小，所以小环C下落到位置S时，机械能最大，选项B正确；小环C在位置R时，物体B与地面刚好无压力，说明弹簧处于拉伸状态，小环C从位置R运动到位置Q的过程中，弹簧长度先减小后增大，其弹性势能可能先减小后增大，选项C正确；小环C到达位置Q时，小环C沿轻绳方向的分速度大小等于物体A的速度大小，vCcosθ＝vA，又小环C到达位置Q时速度最大，则此时小环C受力平衡，在竖直方向有（mA＋mB）gcosθ＝mCg，mA＝mB，由动能公式可知物体A与小环C的动能之比为
＝
，选项D正确。
]
功能关系及能量守恒（5年6考）
❶分析近五年的高考题可以看出，本考点是高考命题的持续性热点，题型既有选择题又有计算题。
选择题以功能关系的基本应用为主，难度中等；计算题以功能关系的综合应用为主，通常结合曲线运动、弹簧等背景，难度较大。
❷预计2020年可能会结合动量守恒设置综合计算题。
1．（2017·全国卷Ⅲ·T16）如图所示，一质量为m，长度为l的均匀柔软细绳PQ竖直悬挂。
用外力将绳的下端Q缓慢地竖直向上拉起至M点，M点与绳的上端P相距
l。
重力加速度大小为g。
在此过程中，外力做的功为（ ）
A.
mglB.
mgl
C.
mglD.
mgl
A [以均匀柔软细绳MQ段为研究对象，其质量为
m，取M点所在的水平面为零势能面，开始时，细绳MQ段的重力势能Ep1＝－
mg·
＝－
mgl，用外力将绳的下端Q缓慢地竖直向上拉起至M点时，细绳MQ段的重力势能Ep2＝－
mg·
＝－
mgl，则外力做的功即克服重力做的功等于细绳MQ段的重力势能的变化，即W＝Ep2－Ep1＝－
mgl＋
mgl＝
mgl，选项A正确。
]
2．（多选）（2019·全国卷Ⅱ·T18）从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和。
取地面为重力势能零点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度h的变化如图所示。
重力加速度取10m/s2。
由图中数据可得（ ）
A．物体的质量为2kg
B．h＝0时，物体的速率为20m/s
C．h＝2m时，物体的动能Ek＝40J
D．从地面至h＝4m，物体的动能减少100J
AD [根据题给图象可知h＝4m时物体的重力势能mgh＝80J，解得物体质量m＝2kg，抛出时物体的动能为Ek＝100J，由动能公式Ek＝
mv2，可知h＝0时物体的速率为v＝10m/s，选项A正确，B错误；由功能关系可知fh＝|ΔE|＝20J，解得物体上升过程中所受空气阻力f＝5N，从物体开始抛出至上升到h＝2m的过程中，由动能定理有－mgh－fh＝Ek－100J，解得Ek＝50J，选项C错误；由题给图象可知，物体上升到h＝4m时，机械能为80J，重力势能为80J，动能为零，即物体从地面上升到h＝4m，物体动能减少100J，选项D正确。
]
3.（2018·全国卷Ⅰ·T18）如图所示，abc是竖直面内的光滑固定轨道，ab水平，长度为2R；bc是半径为R的四分之一圆弧，与ab相切于b点。
一质量为m的小球，始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a点处从静止开始向右运动。
重力加速度大小为g。
小球从a点开始运动到其轨迹最高点，机械能的增量为（ ）
A．2mgRB．4mgR
C．5mgRD．6mgR
C [设小球运动到c点的速度大小为vc，则对小球由a到c的过程，由动能定理有F·3R－mgR＝
mv
，又F＝mg，解得vc＝2
，小球离开c点后，在水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，竖直方向在重力作用下做匀减速直线运动，由牛顿第二定律可知，小球离开c点后水平方向和竖直向的加速度大小均为g，则由竖直方向的运动可知，小球从离开c点到其轨迹最高点所需的时间为t＝
＝2
，在水平方向的位移大小为x＝
gt2＝2R。
由以上分析可知，小球从a点开始运动到其轨迹最高点的过程中，水平方向的位移大小为5R，则小球机械能的增量为ΔE＝F·5R＝5mgR，C正确，A、B、D错误。
]
[教师备选题]
1．（2017·全国卷Ⅰ·T24）一质量为8.00×104kg的太空飞船从其飞行轨道返回地面。
飞船在离地面高度1.60×105m处以7.50×103m/s的速度进入大气层，逐渐减慢至速度为100m/s时下落到地面。
取地面为重力势能零点，在飞船下落过程中，重力加速度可视为常量，大小取为9.8m/s2。
（结果保留2位有效数字）
（1）分别求出该飞船着地前瞬间的机械能和它进入大气层时的机械能；
（2）求飞船从离地面高度600m处至着地前瞬间的过程中克服阻力所做的功，已知飞船在该处的速度大小是其进入大气层时速度大小的2.0%。
[解析]
（1）飞船着地前瞬间的机械能为
Ek0＝
mv
①
式中，m和v0分别是飞船的质量和着地前瞬间的速率。
由①式和题给数据得
Ek0＝4.0×108J②
设地面附近的重力加速度大小为g。
飞船进入大气层时的机械能为
Eh＝
mv
＋mgh③
式中，vh是飞船在高度1.60×105m处的速度大小。
由③式和题给数据得Eh≈2.4×1012J。
④
（2）飞船在高度h′＝600m处的机械能为
Eh′＝
m
2＋mgh′⑤
由功能原理得W＝Eh′－Ek0⑥
式中，W是飞船从高度600m处至着地前瞬间的过程中克服阻力所做的功。
由②⑤⑥式和题给数据得
W≈9.7×108J。
⑦
[答案]
（1）4.0×108J 2.4×1012J
（2）9.7×108J
[教师备选题]
2.（2016·全国卷Ⅱ·T25）轻质弹簧原长为2l，将弹簧竖直放置在地面上，在其顶端将一质量为5m的物体由静止释放，当弹簧被压缩到最短时，弹簧长度为l。
现将该弹簧水平放置，一端固定在A点，另一端与物块P接触但不连接。
AB是长度为5l的水平轨道，B端与半径为l的光滑半圆轨道BCD相切，半圆的直径BD竖直，如图所示。
物块P与AB间的动摩擦因数μ＝0.5。
用外力推动物块P，将弹簧压缩至长度l，然后放开，P开始沿轨道运动。
重力加速度大小为g。
（1）若P的质量为m，求P到达B点时速度的大小，以及它离开圆轨道后落回到AB上的位置与B点之间的距离；
（2）若P能滑上圆轨道，且仍能沿圆轨道滑下，求P的质量的取值范围。
[解析]
（1）依题意，当弹簧竖直放置，长度被压缩至l时，质量为5m的物体的动能为零，其重力势能转化为弹簧的弹性势能。
由机械能守恒定律，弹簧长度为l时的弹性势能为
Ep＝5mgl①
设P的质量为M，到达B点时的速度大小为vB，由能量守恒定律得
Ep＝
Mv
＋μMg·4l②
联立①②式，取M＝m并代入题给数据得
vB＝
③
若P能沿圆轨道运动到D点，其到达D点时的向心力不能小于重力，即P此时的速度大小v应满足
－mg≥0④
设P滑到D点时的速度为vD，由机械能守恒定律得
mv
＝
mv
＋mg·2l⑤
联立③⑤式得
vD＝
⑥
vD满足④式要求，故P能运动到D点，并从D点以速度vD水平射出。
设P落回到轨道AB所需的时间为t，由运动学公式得
2l＝
gt2⑦
P落回到AB上的位置与B点之间的距离为
s＝vDt⑧
联立⑥⑦⑧式得
s＝2
l。
⑨
（2）为使P能滑上圆轨道，它到达B点时的速度不能小于零。
由①②式可知
5mgl>μMg·4l⑩
要使P仍能沿圆轨道滑回，P在圆轨道的上升高度不能超过半圆轨道的中点C。
由机械能守恒定律有
Mv
≤Mgl⑪
联立①②⑩⑪式得
m≤M<
m。
⑫
[答案]
（1）
2
l
（2）
m≤M<
m
1.
2．功能关系的理解和应用
（1）功能关系反映了做功和能量转化之间的对应关系，功是能量转化的量度和原因，在不同问题中的具体表现不同（如上T2）。
（2）根据功能之间的对应关系，判定能的转化情况（如上T1）。
（3）可以根据能量转化角度，确定是什么力做功，尤其可以方便计算变力做的功（如上T1）。
（2019·四川成都第二次联考）如图所示，倾角为θ的斜面底端固定一个挡板P，质量为m的小物块A与质量不计的木板B叠放在斜面上，A位于B的最上端且与挡板P相距L。
已知A与B、B与斜面间的动摩擦因数分别为μ1、μ2，且μ1>tanθ>μ2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A与挡板P相撞的过程中没有机械能损失。
将A、B同时由静止释放。
（1）求A、B释放瞬间小物块A的加速度大小a1；
（2）若A与挡板P不相撞，求木板B的最小长度l0；
（3）若木板B的长度为l，求整个过程中木板B运动的总路程。
[思维流程]
[解析]
（1）释放A、B，它们一起匀加速下滑。
以A、B为研究对象，由牛顿第二定律有
mgsinθ－μ2mgcosθ＝ma1，
解得a1＝gsinθ－μ2gcosθ。
（2）在B与挡板P相撞前，A和B相对静止，以相同的加速度一起向下做匀加速运动。
B与挡板P相撞后立即静止，A开始匀减速下滑。
若A到达挡板P处时的速度恰好为零，此时B的长度即为最小长度l0。
从A释放至到达挡板P处的过程中，B与斜面间由于摩擦产生的热量
Q1＝μ2mgcosθ·（L－l0），
A与B间由于摩擦产生的热量
Q2＝μ1mgcosθ·l0
根据能量守恒定律有mgLsinθ＝Q1＋Q2，
解得l0＝
L。
（3）分两种情况：
①若l≥l0，B与挡板P相撞后不反弹，A一直减速直到静止在木板B上
木板B通过的路程x＝L－l。
②若l由于碰撞过程中没有机械能损失，A将以撞前速率返回，并带动木板一起向上减速；当它们的速度减为零后，再重复上述过程，直至物块A停在挡板处。
在此过程中，A与B间由于摩擦产生的热量Q′1＝μ1mgcosθ·l，
B与斜面间由于摩擦产生的热量
Q′2＝μ2mgcosθ·x，
根据能量守恒定律有
mgLsinθ＝Q′1＋Q′2，
解得x＝
。
[答案]
（1）gsinθ－μ2gcosθ
（2）
L
（3）L－l或
反思：
解答与能量有关的综合题的“三点技巧”
（1）过程分析：
将复杂的物理过程分解为几个简单的物理过程，挖掘出题中的隐含条件（如例题中“质量不计的木板B”“μ1>tanθ>μ2”），找出联系不同阶段的“桥梁”。
（2）受力及功能分析：
分析物体所经历的各个运动过程的受力情况以及做功情况的变化，选择适合的规律求解，如例题中第（3）问，若l（3）规律应用：
对滑块和滑板分别运用动能定理，或者对系统运用能量守恒定律。
如图所示，要注意区分三个位移。
考向1 功能关系的基本应用
1.（原创题）（多选）如图所示，水平面上固定一倾角为θ＝30°的斜面，一轻质弹簧下端固定在斜面底端的挡板上，上端连接一质量m＝2kg的物块（可视为质点），开始时物块静止在斜面上A点，此时物块与斜面的摩擦力恰好为零，现用沿斜面向上的恒力F＝20N作用在物块上，使其沿斜面向上运动，当物块从A点运动到B点时，力F做的功W＝4J，已知弹簧的劲度系数k＝100N/m，物块与斜面间的动摩擦因数μ＝
，g＝10m/s2，则下列说法正确的是（ ）
A．物块从A点运动到B点的过程中，重力势能增加了4J
B．物块从A点运动到B点的过程中，产生的内能为1.2J
C．物块经过B点时的速度大小为
m/s
D．物块从A点运动到B点的过程中，弹簧弹性势能的变化量为0.5J
BC [施加F前，物块静止，由平衡条件得kx1＝mgsinθ，解得物块在A点时弹簧压缩量x1＝0.1m，从A到B力F做的功W＝Fx，解得x＝0.2m，所以物块到B点时，弹簧伸长量x2＝x－x1＝0.1m，可知从A到B重力势能增加了mgxsinθ＝2J，物块在A、B位置时弹簧弹性势能相等，A、D错误；物块从A点运动到B点的过程中，产生的内能等于克服摩擦力做的功，即Q＝μmgxcosθ＝1.2J，由动能定理有W－mgxsinθ－μmgxcosθ＝
mv2－0，解得v＝
m/s，B、C正确。
]
2．（多选）（2019·安徽示范高中期末联考）如图甲所示，绷紧的传送带与水平方向的夹角为37°，传送带的vt图象如图乙所示。
t＝0时刻质量为1kg的楔形物体（可视为质点）从B点滑上传送带并沿传送带向上做匀速运动，2s后物体开始减速，在t＝4s时物体恰好到达最高点A。
重力加速度为10m/s2。
对物体从B点运动到A点的过程，下列说法正确的是（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）（ ）
甲 乙
A．物体与传送带间的动摩擦因数为0.75
B．物体的重力势能增加48J
C．摩擦力对物体做的功为12J
D．物体在传送带上运动过程中产生的热量为12J
AD [根据速度—时间图象的斜率表示加速度，可得传送带运动的加速度为a＝－1m/s2。
t＝0时刻质量为1kg的楔形物体从B点滑上传送带并沿传送带向上做匀速直线运动，说明物体受力平衡，由平衡条件可知μmgcos37°＝mgsin37°，解得物体与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.75，选项A正确；2s末，传送带的速度为2m/s，物体开始减速，分析可知，物体做匀速直线运动的速度为2m/s，且2s后物体与传送带一起做加速度为a＝－1m/s2的匀减速运动，t＝4s时物体恰好到达最高点A，则传送带的长度lAB＝6m，对物体从B点运动到A点的过程，根据动能定理有0－
mv2＝－mgh＋Wf，其中h＝lABsin37°，则物体的重力势能增加量为mgh＝36J，摩擦力对物体做的功为Wf＝34J，选项B、C错误；物体在前2s内与传送带有相对运动，二者间的相对位移为s＝2m，该过程中的滑动摩擦力f＝6N，则物体在传送带上运动过程中产生的热量为Q＝fs＝12J，选项D正确。
]
考向2 能量守恒与转化的应用
3．（多选）（2019·四川眉山中学模拟）如图所示，在一水平向右匀速运动的传送带的左端A点，每隔相同的时间T，轻放上一个相同的工件。
已知工件与传送带间的动摩擦因数为μ，工件质量为m。
经测量，发现后面那些和传送带共速的工件之间的距离均为L，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A．传送带的速度大小为
B．工件在传送带上加速的时间为
C．每个工件与传送带间因摩擦
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