二次函数与四边形的动点问题含答案11Word文件下载.doc
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若不能，请说明理由．
二．二次函数与四边形的面积
例1.（资阳市）25.如图10，已知抛物线P：
y=ax2+bx+c（a≠0）与x轴交于A、B两点（点A在x轴的正半轴上），与y轴交于点C，矩形DEFG的一条边DE在线段AB上，顶点F、G分别在线段BC、AC上，抛物线P上部分点的横坐标对应的纵坐标如下：
x
…
-3
-2
y
-
-4
图10
（1）求A、B、C三点的坐标；
（2）若点D的坐标为（m，0），矩形DEFG的面积为S，求S与m的函数关系，并指出m的取值范围；
（3）当矩形DEFG的面积S取最大值时，连接DF并延长至点M，使FM=k·
DF，若点M不在抛物线P上，求k的取值范围.
练习1.（辽宁省十二市2007年第26题）．如图，平面直角坐标系中有一直角梯形OMNH，点H的坐标为（－8，0），点N的坐标为（－6，－4）．
（1）画出直角梯形OMNH绕点O旋转180°
的图形OABC，并写出顶点A，B，C的坐标（点M的对应点为A，点N的对应点为B，点H的对应点为C）；
（2）求出过A，B，C三点的抛物线的表达式；
（3）截取CE=OF=AG=m，且E，F，G分别在线段CO，OA，AB上，求四边形BEFG的面积S与m之间的函数关系式，并写出自变量m的取值范围；
面积S是否存在最小值?
若存在，请求出这个最小值；
若不存在，请说明理由；
（4）在（3）的情况下，四边形BEFG是否存在邻边相等的情况，若存在，请直接写出此时m的值，并指出相等的邻边；
练习3.（吉林课改卷）如图，正方形的边长为，在对称中心处有一钉子．动点，同时从点出发，点沿方向以每秒的速度运动，到点停止，点沿方向以每秒的速度运动，到点停止．，两点用一条可伸缩的细橡皮筋联结，设秒后橡皮筋扫过的面积为．
B
C
P
D
Q
（1）当时，求与之间的函数关系式；
（2）当橡皮筋刚好触及钉子时，求值；
（3）当时，求与之间的函数关系式，并写出橡皮筋从触及钉子到运动停止时的变化范围；
（4）当时，请在给出的直角坐标系中画出与之间的函数图象．
练习4.（四川资阳卷）如图，已知抛物线l1：
y=x2-4的图象与x轴相交于A、C两点，B是抛物线l1上的动点（B不与A、C重合），抛物线l2与l1关于x轴对称，以AC为对角线的平行四边形ABCD的第四个顶点为D.
（1）求l2的解析式；
（2）求证：
点D一定在l2上；
（3）□ABCD能否为矩形？
如果能为矩形，求这些矩形公共部分的面积（若只有一个矩形符合条件，则求此矩形的面积）；
如果不能为矩形，请说明理由.注：
计算结果不取近似值
.
三．二次函数与四边形的动态探究
例1.（荆门市）28.如图1，在平面直角坐标系中，有一张矩形纸片OABC，已知O（0，0），A（4，0），C（0，3），点P是OA边上的动点（与点O、A不重合）．现将△PAB沿PB翻折，得到△PDB；
再在OC边上选取适当的点E，将△POE沿PE翻折，得到△PFE，并使直线PD、PF重合．
（1）设P（x，0），E（0，y），求y关于x的函数关系式，并求y的最大值；
（2）如图2，若翻折后点D落在BC边上，求过点P、B、E的抛物线的函数关系式；
（3）在
（2）的情况下，在该抛物线上是否存在点Q，使△PEQ是以PE为直角边的直角三角形？
若不存在，说明理由；
若存在，求出点Q的坐标．
图1
图2
例2.（2010年沈阳市第26题）、已知抛物线y＝ax2＋bx＋c与x轴交于A、B两点，与y轴交于点C，其中点B在x轴的正半轴上，点C在y轴的正半轴上，线段OB、OC的长（OB<
OC）是方程x2－10x＋16＝0的两个根，且抛物线的对称轴是直线x＝－2．
（1）求A、B、C三点的坐标；
（2）求此抛物线的表达式；
（3）连接AC、BC，若点E是线段AB上的一个动点（与点A、点B不重合），过点E作EF∥AC交BC于点F，连接CE，设AE的长为m，△CEF的面积为S，求S与m之间的函数关系式，并写出自变量m的取值范围；
（4）在（3）的基础上试说明S是否存在最大值，若存在，请求出S的最大值，并求出此时点E的坐标，判断此时△BCE的形状；
例3..（湖南省郴州）27．如图，矩形ABCD中，AB＝3，BC＝4，将矩形ABCD沿对角线A平移，平移后的矩形为EFGH（A、E、C、G始终在同一条直线上），当点E与C重时停止移动．平移中EF与BC交于点N，GH与BC的延长线交于点M，EH与DC交于点P，FG与DC的延长线交于点Q．设S表示矩形PCMH的面积，表示矩形NFQC的面积．
（1）S与相等吗？
请说明理由．
（2）设AE＝x，写出S和x之间的函数关系式，并求出x取何值时S有最大值，最大值是多少？
（3）如图11，连结BE，当AE为何值时，是等腰三角形．
图11
练习1.（07年河池市）如图12，四边形OABC为直角梯形，A（4，0），B（3，4），C（0，4）．点从出发以每秒2个单位长度的速度向运动；
点从同时出发，以每秒1个单位长度的速度向运动．其中一个动点到达终点时，另一个动点也随之停止运动．过点作垂直轴于点，连结AC交NP于Q，连结MQ．
图12
（1）点（填M或N）能到达终点；
（2）求△AQM的面积S与运动时间t的函数关系式，并写出自
变量t的取值范围，当t为何值时，S的值最大；
（3）是否存在点M，使得△AQM为直角三角形？
若存在，求出点M的坐标，
练习2..（江西省）25．实验与探究
（1）在图1，2，3中，给出平行四边形的顶点的坐标（如图所示），写出图1，2，3中的顶点的坐标，它们分别是，，；
图3
（2）在图4中，给出平行四边形的顶点的坐标（如图所示），求出顶点的坐标（点坐标用含的代数式表示）；
图4
归纳与发现
（3）通过对图1，2，3，4的观察和顶点的坐标的探究，你会发现：
无论平行四边形处于直角坐标系中哪个位置，当其顶点坐标为（如图4）时，则四个顶点的横坐标之间的等量关系为；
纵坐标之间的等量关系为（不必证明）；
运用与推广
（4）在同一直角坐标系中有抛物线和三个点，（其中）．问当为何值时，该抛物线上存在点，使得以为顶点的四边形是平行四边形？
并求出所有符合条件的点坐标．
答案：
例1.解：
（1）令y=0，解得或∴A（-1，0）B（3，0）；
将C点的横坐标x=2代入得y=-3，∴C（2，-3）∴直线AC的函数解析式是y=-x-1
（2）设P点的横坐标为x（-1≤x≤2）则P、E的坐标分别为：
P（x，-x-1），
E（∵P点在E点的上方，PE=
∴当时，PE的最大值=
（3）存在4个这样的点F，分别是
练习1.解：
（1）由抛物线的对称轴是，可设解析式为．把A、B两点坐标代入上式，得
解之，得
故抛物线解析式为，顶点为
（2）∵点在抛物线上，位于第四象限，且坐标适合
，
∴y<
0，即－y>
0,－y表示点E到OA的距离．∵OA是的对角线，
∴．
因为抛物线与轴的两个交点是（1，0）的（6，0），所以，自变量的
取值范围是1＜＜6．
①根据题意，当S=24时，即．
化简，得解之，得
故所求的点E有两个，分别为E1（3，－4），E2（4，－4）．
点E1（3，－4）满足OE=AE，所以是菱形；
点E2（4，－4）不满足OE=AE，所以不是菱形．
②当OA⊥EF，且OA=EF时，是正方形，此时点E的
坐标只能是（3，－3）．
而坐标为（3，－3）的点不在抛物线上，故不存在这样的点E，
使为正方形．
练习2.解：
（1）由题意知点的坐标为．设的函数关系式为．
又点在抛物线上，，解得．
抛物线的函数关系式为（或）．
（2）与始终关于轴对称，与轴平行．
设点的横坐标为，则其纵坐标为，，，即．当时，解得．当时，解得．当点运动到或或或时，
，以点为顶点的四边形是平行四边形．
（3）满足条件的点不存在．理由如下：
若存在满足条件的点在上，则
，（或），
．
过点作于点，可得．
，，．
点的坐标为．
但是，当时，．
不存在这样的点构成满足条件的直角三角形．
练习3.[解]
（1）点，点，点关于原点的对称点分别为，，．设抛物线的解析式是
，则解得
所以所求抛物线的解析式是．
（2）由
（1）可计算得点．
过点作，垂足为．
当运动到时刻时，，．
根据中心对称的性质，所以四边形是平行四边形．
所以．所以，四边形的面积．因为运动至点与点重合为止，据题意可知．
所以，所求关系式是，的取值范围是．
（3），（）．
所以时，有最大值．
提示：
也可用顶点坐标公式来求．
（4）在运动过程中四边形能形成矩形．
由
（2）知四边形是平行四边形，对角线是，所以当时四边形是矩形．
所以．所以．
所以．解之得（舍）．
所以在运动过程中四边形可以形成矩形，此时．
[点评]本题以二次函数为背景，结合动态问题、存在性问题、最值问题，是一道较传统的压轴题，能力要求较高。
例1.解：
（1）解法一：
设，
任取x,y的三组值代入，求出解析式，
令y=0，求出；
令x=0，得y=-4，
∴A、B、C三点的坐标分别是A（2，0），B（-4，0），C（0，-4）.
解法二：
由抛物线P过点（1，-），（-3，）可知，
抛物线P的对称轴方程为x=-1，
又∵抛物线P过（2，0）、（-2，-4），则由抛物线的对称性可知，
点A、B、C的坐标分别为A（2，0），B（-4，0），C（0，-4）.
（2）由题意，，而AO=2，OC=4，AD=2-m，故DG=4-2m，
又，EF=DG，得BE=4-2m，∴DE=3m，
∴=DG·
DE=（4-2m）3m=12m-6m2（0＜m＜2）.
注：
也可通过解Rt△BOC及Rt△AOC，或依据△BOC是等腰直角三角形建立关系求解.
（3）∵SDEFG=12m-6m2（0＜m＜2），∴m=1时，矩形的面积最大，且最大面积是6.
当矩形面积最大时，其顶点为D（1，0），G（1，-2），F（-2，-2），E（-2，0），
设直线DF的解析式为y=kx+b，易知，k=，b=-，∴，
又可求得抛物线P的解析式为：
令=，可求出.设射线DF与抛物线P相交于点N，
则N的横坐标为，过N作x轴的垂线交x轴于H，有
==，
点M不在抛物线P上，即点M不与N重合时，此时k的取值范围是
k≠且k＞0.
说明：
若以上两条件错漏一个，本步不得分.
若选择另一问题：
（2）∵，而AD=1，AO=2，OC=4，则DG=2，
又∵，而AB=6，CP=2，OC=4，则FG=3，
FG=6.
利用中心对称性质，画出梯形OABC．·
·
1分
∵A，B，C三点与M，N，H分别关于点O中心对称，
∴A（0，4），B（6，4），C（8，0）
·
3分
（写错一个点的坐标扣1分）
（2）设过A，B，C三点的抛物线关系式为，
∵抛物线过点A（0，4），
∴．则抛物线关系式为．
4分
将B（6，4），C（8，0）两点坐标代入关系式，得
5AB，垂足为G，则sin∠FEG＝sin∠CAB＝分
解得·
6分
所求抛物线关系式为：
．·
7分
（3）∵OA=4，OC=8，∴AF=4－m，OE=8－m．·
8分
∴
OA（AB+OC）AF·
AGOE·
OFCE·
OA
（0＜＜4）·
10分
∵．∴当时，S的取最小值．
又∵0＜m＜4，∴不存在m值，使S的取得最小值．·
12分
（4）当时，GB=GF，当时，BE=BG．
14分
练习3.[解]
（1）当时，，，，
即．
（2）当时，橡皮筋刚好触及钉子，
，，，．
（3）当时，，
，，
作，为垂足．
当时，，，，
即．
或
（4）如图所示：
练习4.[解]
（1）设l2的解析式为y=ax2+bx+c（a≠0），
∵l1与x轴的交点为A（-2，0），C（2，0），顶点坐标是（0，-4），l2与l1关于x轴对称，
∴l2过A（-2,0）,C（2,0），顶点坐标是（0，4），
∴
∴a=-1,b=0,c=4，即l2的解析式为y=-x2+4.
（还可利用顶点式、对称性关系等方法解答）
（2）设点B（m，n）为l1：
y=x2-4上任意一点，则n=m2-4（*）.
∵四边形ABCD是平行四边形，点A、C关于原点O对称，
∴B、D关于原点O对称，
∴点D的坐标为D（-m,-n）.
由（*）式可知，-n=-（m2-4）=-（-m）2+4，
即点D的坐标满足y=-x2+4，
∴点D在l2上.
（3）□ABCD能为矩形.
过点B作BH⊥x轴于H，由点B在l1：
y=x2-4上，可设点B的坐标为（x0，x02-4），
则OH=|x0|，BH=|x02-4|.
易知，当且仅当BO=AO=2时，□ABCD为矩形.
在Rt△OBH中，由勾股定理得，|x0|2+|x02-4|2=22，
（x02-4）（x02-3）=0，∴x0=±
2（舍去）、x0=±
.
所以，当点B坐标为B（，-1）或B′（-，-1）时，□ABCD为矩形，此时，点D的坐标分别是D（-，1）、D′（，1）.
因此，符合条件的矩形有且只有2个，即矩形ABCD和矩形AB′CD′.
设直线AB与y轴交于E，显然，△AOE∽△AHB，
∴=，∴.
∴EO=4-2.
由该图形的对称性知矩形ABCD与矩形AB′CD′重合部分是菱形，其面积为
S=2SΔACE=2×
×
AC×
EO=2×
4×
（4-2）=16-8.
（1）由已知PB平分∠APD，PE平分∠OPF，且PD、PF重合，则∠BPE=90°
．∴∠OPE＋∠APB=90°
．又∠APB＋∠ABP=90°
，∴∠OPE=∠PBA．
∴Rt△POE∽Rt△BPA．
∴．即．∴y=（0＜x＜4）．
且当x=2时，y有最大值．
（2）由已知，△PAB、△POE均为等腰三角形，可得P（1，0），E（0，1），B（4，3）．
设过此三点的抛物线为y=ax2＋bx＋c，则∴
y=．
（3）由
（2）知∠EPB=90°
，即点Q与点B重合时满足条件．
直线PB为y=x－1，与y轴交于点（0，－1）．
将PB向上平移2个单位则过点E（0，1），
∴该直线为y=x＋1．
由得∴Q（5，6）．
故该抛物线上存在两点Q（4，3）、（5，6）满足条件．
例2.解：
（1）解方程x2－10x＋16＝0得x1＝2，x2＝8 ……………………1分
∵点B在x轴的正半轴上，点C在y轴的正半轴上，且OB＜OC
∴点B的坐标为（2，0），点C的坐标为（0，8）
又∵抛物线y＝ax2＋bx＋c的对称轴是直线x＝－2
∴由抛物线的对称性可得点A的坐标为（－6，0） …………………4分
（2）∵点C（0，8）在抛物线y＝ax2＋bx＋c的图象上
∴c＝8，将A（－6，0）、B（2，0）代入表达式，得
解得
∴所求抛物线的表达式为y＝x2x＋8 ………………………7分
（3）依题意，AE＝m，则BE＝8－m，
∵OA＝6，OC＝8，∴AC＝10
∵EF∥AC ∴△BEF∽△BAC
∴ 即
∴EF＝
∴＝ ∴FG＝·
＝8－m
∴S＝S△BCE－S△BFE＝（8－m）×
8－（8－m）（8－m）
＝（8－m）（8－8＋m）＝（8－m）m＝－m2＋4m …………10分
自变量m的取值范围是0＜m＜8 …………………………11分
（4）存在．
理由：
∵S＝－m2＋4m＝－（m－4）2＋8 且－＜0，
∴当m＝4时，S有最大值，S最大值＝8 ………………………12分
∵m＝4，∴点E的坐标为（－2，0）
∴△BCE为等腰三角形． …………………………14分
（以上答案仅供参考，如有其它做法，可参照给分）
例3解:
（1）相等
理由是：
因为四边形ABCD、EFGH是矩形，
所以
所以即：
（2）AB＝3，BC＝4，AC＝5，设AE＝x，则EC＝5－x，
所以，即
配方得：
，所以当时，
S有最大值3
（3）当AE＝AB＝3或AE＝BE＝或AE＝3.6时，是等腰三角形
练习1．解：
（1）点M 1分
（2）经过t秒时，，
则，∵==∴∴
∴∴
∵∴当时，S的值最大．
（3）存在．设经过t秒时，NB=t，OM=2t则，∴==
①若，则是等腰Rt△底边上的高
∴是底边的中线∴∴∴
∴点的坐标为（1，0）
②若，此时与重合∴∴∴
∴点的坐标为（2，0）
（1），．
（2）分别过点作轴的垂线，垂足分别为，
分别过作于，于点．
在平行四边形中，，又，
又，
，．
设．由，得．
由，得．．
（3），．或，．
（4）若为平行四边形的对角线，由（3）可得．要使在抛物线上，
则有，即．
（舍去），．此时．
若为平行四边形的对角线，由（3）可得，同理可得，此时．
综上所述，当时，抛物线上存在点，使得以为顶点的四边形是平行四边形．
符合条件的点有，，．
练习3.解：
⑴由Rt△AOB≌Rt△CDA得
OD=2+1=3,CD=1
∴C点坐标为（－3,1）,
∵抛物线经过点C,
∴1=（－3）2a＋（－3）ａ－2，∴。
∴抛物线的解析式为.
⑵在抛物线（对称轴的右侧）上存在点P、Q，使四边形ABPQ是正方形。
以AB边在AB右侧作正方形ABPQ。
过P作PE⊥OB于E，QG⊥x轴于G，
可证△PBE≌△AQG≌△BAO，
∴PE＝AG＝BO＝2，BE＝QG＝AO＝1，
∴∴P点坐标为（2,1），Q点坐标为（1,－1）。
由
（1）抛物线。
当x＝2时，y＝1，当x＝,1时，y＝－1。
∴P、Q在抛物线上。
故在抛物线（对称轴的右侧）上存在点P（2,1）、Q（1,－1），使四边形ABPQ是正方形。
⑵另解：
在抛物线（对称轴的右侧）上存在点P、Q，使四边形ABPQ是正方形。
延长CA交抛物线于Q，过B作BP∥CA交抛物线于P，连PQ，设直线CA、BP的解析式分别为y=k1x+b1,y=k2x+b2,
∵A（－1,0），C（－3,1），
∴CA的解析式，同理BP的解析式为，
解方程组得Q点坐标为（1,－1），同理得P点坐标为（2,1）。
由勾股定理得AQ＝BP＝AB＝，而∠BAQ＝90°
∴四边形ABPQ是正方形。
故在抛物线（对称轴的右侧）上存在点P（2,1）、Q（1,－1），使四边形AB
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