试卷答案2016-2017武汉市洪山区七年级下期中数学试卷.doc
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2016-2017学年湖北省武汉市洪山区七年级(下)期中数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(共10小题,每小题3分,共30分)
1.(3分)下列各式中,正确的是( )
A.=±4 B.±=4 C.=﹣3 D.=﹣4
【解答】解:
A、原式=4,所以A选项错误;
B、原式=±4,所以B选项错误;
C、原式=﹣3=,所以C选项正确;
D、原式=|﹣4|=4,所以D选项错误.
故选:
C.
2.(3分)如图,能判定AD∥BC的条件是( )
A.∠3=∠2 B.∠1=∠2 C.∠B=∠D D.∠B=∠1
【解答】解:
A、∠3=∠2可知AB∥CD,不能判断AD∥BC,故A错误;
B、∠1=∠2不能判断AD∥BC,故B错误;
C、∠B=∠D不能判断AD∥BC,故C错误;
D、当∠B=∠1时,由同位角相等,两直线平行可知AD∥BD,故D正确.
故选:
D.
3.(3分)在平面直角坐标系中,点P(﹣3,2)在( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
【解答】解:
点P(﹣3,2)在第二象限,
故选:
B.
4.(3分)下列说法正确的是( )
A.﹣3是﹣9的平方根 B.3是(﹣3)2的算术平方根
C.(﹣2)2的平方根是2 D.8的立方根是±2
【解答】解:
A、负数没有平方根,故A错误;
B、3是(﹣3)2的算术平方根,故B正确;
C、(﹣2)2的平方根是±2,故C错误;
D、8的立方根是2,故D错误.
故选:
B.
5.(3分)一个长方形在平面直角坐标系中,若其三个顶点的坐标分别为(﹣3,﹣2),(2,﹣2),(2,1),则第四个顶点为( )
A.(2,﹣5) B.(2,2) C.(3,1) D.(﹣3,1)
【解答】解:
依照题意画出图形,如图所示.
设点D的坐标为(m,n),
∵点A(﹣3,﹣2),B(2,﹣2),C(2,1),
AB=2﹣(﹣3)=5,DC=AB=5=2﹣m=5,
解得:
m=﹣3;
BC=1﹣(﹣2)=3,AD=BC=3=n﹣(﹣2),
解得:
n=1.
∴点D的坐标为(﹣3,1).
故选:
D.
6.(3分)如图,一条公路修到湖边时,需拐弯绕道而过,如果第一次拐的角∠A是100°第二次拐的角∠B是150°,第三次拐的角是∠C,这时的道路恰好和第一次拐弯之前的道路平行,则∠C是( )
A.120° B.130° C.140° D.150°
【解答】解:
过点B作BD∥AE,
∵AE∥CF,
∴AE∥BD∥CF,
∴∠A=∠1,∠2+∠C=180°,
∵∠A=100°,∠1+∠2=∠ABC=150°,
∴∠2=50°,
∴∠C=180°﹣∠2=180°﹣50°=130°,
故选:
B.
7.(3分)下列各数:
、1.414、0.、、中,其中无理数有( )个.
A.1个 B.2个 C.3个 D.4个
【解答】解:
是无理数,
故选:
A.
8.(3分)如图,AB∥CD,∠P=35°,∠D=100°,则∠ABP的度数是( )
A.165° B.145° C.135° D.125°
【解答】解:
延长AB交DP于点E.
∵AB∥CD,
∴∠BEP=∠D=100°,
∴∠ABP=∠BEP+∠P=100°+35°=135°.
故选:
C.
9.(3分)比较实数:
2、、的大小,正确的是( )
A.<2< B.2<< C.<<2 D.2<<
【解答】解:
∵2=<,
∴2<,
∵<=2,
∴<2,
∴<2<.
故选:
A.
10.(3分)如图,已知AB∥CD,∠EBF=2∠ABE,∠EDF=2∠CDE,则∠E与∠F之间满足的数量关系是( )
A.∠E=∠F B.∠E+∠F=180° C.3∠E+∠F=360° D.2∠E﹣∠F=90°
【解答】解:
过点E作EN∥DC,
∵AB∥CD,
∴AB∥EN∥DC,
∴∠ABE=∠BEN,∠CDE=∠NED,
∴∠ABE+∠CDE=∠BED,
∵∠EBF=2∠ABE,∠EDF=2∠CDE,
∴设∠ABE=x,则∠EBF=2x,设∠CDE=y,则∠EDF=2y,
∵2x+2y+∠BED+∠F=360°,
∴2∠BED+∠BED+∠F=360°,
∴3∠BED+∠F=360°.
故选:
C.
二、填空题(本大题共6个小题,每小题3分,共18分)
11.(3分)一个正数a的平方根是5x+18与6﹣x,则这个正数a是 144 .
【解答】解:
∵一个正数a的平方根是5x+18与6﹣x,
∴5x+18+6﹣x=0,解得x=﹣6
∴a=(6+6)2=144.
故答案为:
144.
12.(3分)已知A(1,﹣2)、B(﹣1,2)、E(2,a)、F(b,3),若将线段AB平移至EF,点A、E为对应点,则a+b的值为 ﹣1 .
【解答】解:
∵线段AB平移至EF,即点A平移到E,点B平移到点F,
而A(1,﹣2),B(﹣1,2),E(2,a),F(b,3),
∴点A向右平移一个单位到E,点B向上平移1个单位到F,
∴线段AB先向右平移1个单位,再向上平移1个单位得到EF,
∴﹣2+1=a,﹣1+1=b,
∴a=﹣1,b=0,
∴a+b=﹣1+0=﹣1.
故答案为:
﹣1.
13.(3分)如图,在直角坐标系中,△ABC的三个顶点均在格点上,其位置如图所示.现将△ABC沿AA′的方向平移,使得点A移至图中的点A′的位置,写出平移过程中线段AB扫过的面积 8 .
【解答】解:
如图,
线段AB扫过的图形为平行四边形ABB′A′,
则S▱ABB′A′=6×3﹣×4×2﹣×2×1﹣×4×2﹣×2×1=8,
故答案为:
8.
14.(3分)把一张长方形纸片按图中那样折叠后,若得到∠BGD′=40°,则∠C′FE= 110 °.
【解答】解:
∵AD∥BC,
∴∠BGD′=∠AEG=40°,
由折叠的性质得,∠DEF=∠D′EF=(180°﹣40°)=70°,
∴∠C′FE=∠EFC=180°﹣∠E=DEF=110°
故答案为:
110.
15.(3分)如图,长方形BCDE的各边分别平行于x轴或y轴,物体甲和物体乙分别由点A(2,0)同时出发,沿长方形BCDE的边作环绕运动.物体甲按逆时针方向以1个单位/秒匀速运动,物体乙按顺时针方向以2个单位/秒匀速运动,则两个物体运动后的第2017次相遇地点的坐标是 (﹣1,1) .
【解答】解:
矩形的边长为4和2,因为物体乙是物体甲的速度的2倍,时间相同,物体甲与物体乙的路程比为1:
2,由题意知:
①第一次相遇物体甲与物体乙行的路程和为12×1,物体甲行的路程为12×=4,物体乙行的路程为12×=8,在BC边相遇;
②第二次相遇物体甲与物体乙行的路程和为12×2,物体甲行的路程为12×2×=8,物体乙行的路程为12×2×=16,在DE边相遇;
③第三次相遇物体甲与物体乙行的路程和为12×3,物体甲行的路程为12×3×=12,物体乙行的路程为12×3×=24,在A点相遇;
…
此时甲乙回到原出发点,则每相遇三次,两点回到出发点,
∵2017÷3=672…1,
故两个物体运动后的第2014次相遇地点的是:
第一次相遇地点,
即物体甲行的路程为12×1×
1
3
=4,物体乙行的路程为12×1×
2
3
=8;
此时相遇点F的坐标为:
(﹣1,1),
故答案为:
(﹣1,1).
16.(3分)如图,已知EF∥GH,A、D为GH上的两点,M、B为EF上的两点,延长AM于点C,AB平分∠DAC,直线DB平分∠FBC,若∠ACB=100°,则∠DBA的度数为 50° .
【解答】解:
如图,设∠DAB=∠BAC=x,即∠1=∠2=x,
∵EF∥GH,
∴∠2=∠3,
在△ABC内,∠4=180°﹣∠ACB﹣∠1﹣∠3=180°﹣∠ACB﹣2x,
∵直线BD平分∠FBC,
∴∠5=(180°﹣∠4)=(180°﹣180°+∠ACB+2x)=∠ACB+x,
∴∠DBA=180°﹣∠3﹣∠4﹣∠5
=180°﹣x﹣(180°﹣∠ACB﹣2x)﹣(∠ACB+x)
=180°﹣x﹣180°+∠ACB+2x﹣∠ACB﹣x
=∠ACB
=×100°
=50°.
故答案为:
50°.
三、解答题(共7题,共52分)
17.(8分)求值或计算:
(1)求满足条件的x值:
x2﹣8=0
(2)计算:
﹣﹣.
【解答】解:
(1)方程整理得:
x2=16,
解得:
x=±4;
(2)原式=3+4﹣6=1.
18.(6分)如图,已知∠AGE+∠AHF=180°,∠BEC=∠BFC,则∠A与∠D相等吗?
下面是童威同学的推导过程,请你帮助他在括号内填上推导依据
∵∠AGE+∠AHF=180°(已知)
∠AGE=∠CGD( 对顶角相等 )
∴∠CGD+∠AHF=180°
∴CE∥BF( 同旁内角互补,两直线平行 )
∴∠BEC+∠B=180°
∵∠BFC+∠BFD=180°
∠BEC=∠BFC(已知)
∴∠B=∠BFD( 等角的补角相等 )
∴AB∥CD
∴∠A=∠D.
【解答】解:
∵∠AGE+∠AHF=180°(已知),
∠AGE=∠CGD(对顶角相等),
∴∠CGD+∠AHF=180°,
∴CE∥BF(同旁内角互补,两直线平行),
∴∠BEC+∠B=180°,
∵∠BFC+∠BFD=180°,
∠BEC=∠BFC(已知),
∴∠B=∠BFD(等角的补角相等),
∴AB∥CD,
∴∠A=∠D,
故答案为:
对顶角相等,同旁内角互补,两直线平行,等角的补角相等.
19.(6分)已知:
如图,AE⊥BC,FG⊥BC,∠1=∠2
(1)求证:
AB∥CD
(2)若∠D=∠3+50°,∠CBD=70°,求∠C的度数.
【解答】
(1)证明:
∵AE⊥BC,FG⊥BC,
∴∠AMB=∠GNM=90°,
∴AE∥FG,
∴∠A=∠2;
又∵∠2=∠1,
∴∠A=∠1,
∴AB∥CD;
(2)解:
∵AB∥CD,
∴∠D+∠CBD+∠3=180°,
∵∠D=∠3+50°,∠CBD=70°,
∴∠3=30°,
∵AB∥CD,
∴∠C=∠3=30°.
20.(8分)某区进行课堂教学改革,将学生分成5个学习小组,采取团团坐的方式.如图,这是某校七
(1)班教室简图,点A、B、C、D、E分别代表五个学习小组的位置,已知C点的坐标为(﹣2,﹣2)
(1)请按题意建立平面直角坐标系(横轴和纵轴均为小正方形的边所在直线,每个小正方形边长为1个单位长度),写出图中其他几个学习小组的坐标;
(2)过点D作直线DF∥AC交y轴于点F,直接写出点F的坐标.
【解答】解:
(1)由题意可得,
建立平面直角坐标系,如右图所示,
则A点的坐标为(﹣3,0),B点的坐标为(0,0),D点的坐标为(1,﹣3),E点的坐标为(﹣4,2);
(2)如右图所示,直线DF∥AC交y轴于点F,
则点F的坐标为(0,﹣1).
21.(6分)△ABC在平面直角坐标系中的位置如图所示,三个顶点A、B、C的坐标分别是(﹣1,4)、(﹣4,﹣1)、(1,1).将△ABC向右平移5个单位长度,再向上平移1个单位长度,得到△A′BC
(1)请画出平移后的,并写出的坐标
(2)若在第四象限内有一点M(4,m),是否存在点M,使得四边形A′OMB′的面积等于△ABC的面积的一半?
若存在,请求出点M的坐标;若不存在,请说明理由.
【解答】解:
(1)如图,△A′B′C′即为所求;
A′(4,5)、B′(1,0)、C′(6,2);
(2)存在.
∵S△A′B′C′=5×5﹣×3×5﹣×2×3﹣×2×5
=25﹣﹣3﹣5
=,
∴S四边形A′OMB′=S△A′OB′+S△MOB′
=×1×5+×1×(﹣m)
=﹣m,
∴﹣m=,
解得m=﹣,
∴M(4,﹣).
22.(8分)如图,四边形ABCD中,AD∥BC,∠ADC=α,P为直线CD上一动点,点M在线段BC上,连MP,∠MPD=β
(1)如图,若MP⊥CD,α=120°,则∠BMP= 150° ;
(2)如图,当P点在DC延长线上时,∠BMP= 60°+β ;
(3)如图,当P点在CD延长线上时,请画出图形,写出∠BMP、β、α之间的数量关系,并证明你的结论.
【解答】解:
(1)∵AD∥BC,
∴∠C=180°﹣∠ADC=180°﹣120°=60°,
∵MP⊥CD,
∴∠CMP=90°﹣∠C=90°﹣60°=30°,
∴∠BMP=180°﹣∠CMP=180°﹣30°=150°;
(2)∵AD∥BC,
∴∠ASC=∠BCP=α,
∴∠BMP=∠PCM+∠P=α+β.
故答案为:
(1)150°;
(2)α+β;
(3)∵AD∥BC,
∴∠BCP=180°﹣∠ADP=180°﹣α,
在△CMP中,∠CMP=180°﹣∠BCP﹣∠MPD=α﹣β,
∴∠BMP=180°﹣∠CMP=180°﹣(α﹣β)=180°﹣α+β.
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