中考数学一轮复习《与商品销售利润相关的应用题》培优提升专项训练附答案Word文档下载推荐.docx
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(1)小华第几天生产的帽子数量为220顶?
(2)如图,设第x天每顶帽子的成本是P元,P与x之间的关系可用图中的函数图象来刻画.若小华第x天创造的利润为w元,求w与x之间的函数表达式,并求出第几天的利润最大?
最大值是多少元?
(3)设
(2)小题中第m天利润达到最大值,若要使第(m+1)天的利润比第m天的利润至少多49元,则第(m+1)天每顶帽子至少应提价几元?
8.某公司生产甲、乙两种产品,已知生产甲种产品每千克的成本费是30元,生产乙种产品每千克的成本费是20元,物价部门规定,这两种产品的销售单价(每千克的售价)之和为80元,经市场调研发现,甲种产品的销售单价为x(元),在公司规定30≤x≤60的范围内,甲种产品的月销售量y1(千克)符合y1=﹣2x+150,乙种产品的月销售量y2(千克)与它的销售单价成正比例,当乙产品单价为30元(即:
80﹣x=30)时,它的月销售量是30千克.
(1)求y2与x之间的函数关系式;
(2)公司怎样定价,可使月销售利润最大?
最大月销售利润是多少?
(销售利润=销售额﹣生产成本费)
(3)是否月销售额越大月销售利润也越大?
请说明理由.
9.某商场经销一种商品,已知其每件进价为40元.现在每件售价为70元,每星期可卖出500件.该商场通过市场调查发现:
若每件涨价1元,则每星期少卖出10件;
若每件降价1元,则每星期多卖出m(m为正整数)件.设调查价格后每星期的销售利润为W元.
(1)设该商品每件涨价x(x为正整数)元,
①若x=5,则每星期可卖出 件,每星期的销售利润为 元;
②当x为何值时,W最大,W的最大值是多少?
(2)设该商品每件降价y(y为正整数)元,
①写出W与y的函数关系式,并通过计算判断:
当m=10时每星期销售利润能否达到
(1)中W的最大值;
②若使y=10时,每星期的销售利润W最大,直接写出W的最大值为 .
(3)若每件降价5元时的每星期销售利润,不低于每件涨价15元时的每星期销售利润,求m的取值范围.
10.某水果批发商销售每箱进价为40元的苹果,物价部门规定每箱售价不得高于55元,市场调查发现:
若每箱以50元的价格出售,平均每天销售80箱,价格每提高1元,平均每天少销售2箱.
(1)求平均每天销售量y(箱)与销售价x(元/箱)之间的函数关系式;
(2)求该批发商平均每天的销售利润w(元)与销售价x(元/箱)之间的函数关系式;
(3)当每箱苹果的销售价为多少元时,可以获得最大利润?
最大利润是多少?
11.某商场以每件280元的价格购进一批商品,当每件商品售价为360元时,每月可售出60件,为了扩大销售,商场决定采取适当降价的方式促销,经调查发现,如果每件商品降价1元,那么商场每月就可以多售出5件.
(1)设商场每件商品降价x元,利润为y元,写出y与x的函数关系式.
(2)当该商品的销售价为多少元时,所获利润最大?
(3)要使商场每月销售这种商品的利润达到7200元,且更有利于减少库存,则每件商品应降价多少元?
12.某商场购进一批新型的电脑用于出售给与之合作的企业,每台电脑的成本为3600元,销售单价定为4500元,在该种电脑的试销期间,为了促销,鼓励企业积极购买该新型电脑,商场经理决定一次购买这种电脑不超过10台时,每台按4500元销售;
若一次购买该种电脑超过10台时,每多购买一台,所购买的电脑的销售单价均降低50元,但销售单价均不低于3900元.
(1)企业一次购买这种电脑多少台时,销售单价恰好为3900元?
(2)设某企业一次购买这种电脑x台,商场所获得的利润为y元,求y(元)与x(台)之间的函数关系式,并写出自变量x的取值范围.若A企业欲购进一批该新型电脑(不超过25台),则A企业一次性购进多少台电脑时,商场获得的利润最大?
(3)该商场的销售人员发现:
当企业一次购买电脑的台数超过某一数量时,会出现随着一次购买的数量的增多,商场所获得的利润反而减少这一情况,为使企业一次购买的数量越多,商场所获得的利润越大,商场应将最低销售单价调整为多少元?
(其它销售条件不变)
13.浩然文具店新到一种计算器,进价为25元,营销时发现:
当销售单价定为30元时,每天的销售量为150件,若销售单价每上涨1元,每天的销售量就会减少10件.
(1)写出商店销售这种计算器,每天所得的销售利润w(元)与销售单价x(元)之间的函数关系式;
(2)求销售单价定为多少元时,每天的销售利润最大?
最大值是多少?
(3)商店的营销部结合上述情况,提出了A、B两种营销方案:
方案A:
为了让利学生,该计算器的销售利润不超过进价的24%;
方案B:
为了满足市场需要,每天的销售量不少于120件.
请比较哪种方案的最大利润更高,并说明理由.
14.某工艺品厂生产一种汽车装饰品,每件生产成本为20元,销售价格在30元至80元之间(含30元和80元),销售过程中的管理、仓储、运输等各种费用(不含生产成本)总计50万元,其销售量y(万个)与销售价格x(元/个)的函数关系如图所示.
(1)当30≤x≤60时,求y与x的函数关系式;
(2)求出该厂生产销售这种产品的纯利润w(万元)与销售价格x(元/个)的函数关系式;
(3)销售价格应定为多少元时,获得利润最大,最大利润是多少?
15.高科技发展公司投资500万元,成功研制出一种市场需求量较大的高科技替代产品,并投入资金1500万元作为固定投资,已知生产每件产品的成本是40元.在销售过程中发现:
当销售单价定为100元时,年销售量为20万件;
销售单价每增加10元,年销售量将减少1万件,设销售单价为x(元),年销售量为y(万件),年获利(年获利=年销售额﹣生产成本﹣投资)为z(万元).
(1)试写出y与x之间的函数关系式(不写x的取值范围);
(2)试写出z与x之间的函数关系式(不写x的取值范围);
(3)公司计划,在第一年按年获利最大确定销售单价进行销售;
到第二年年底获利不低于1130万元,请借助函数的大致图象说明:
第二年的销售单价x(元)应确定在什么范围内?
参考答案
1.解:
(1)设购进A型口罩x万个,则购进B型口罩(8﹣x)万个,
由题意得:
8﹣x≤1.5x,解得x≥3.2(万个),
故购进A型口罩至少3.2万个;
(2)设第二周销售的增长率为a,
0.5(1+2a)(1+a)+0.4(1+a)2=8×
30%,
解得a=0.5=50%(负值已舍去);
(3)设C、D型口罩进货分别为x个、y个,设销售利润为w元,
,解得
,
w=(3﹣2)x+(8﹣6)y=x+2y,
则4y≤w≤5y,
当w=5y时,利润最大,即x=3y,
则x=1500(个),y=500(个)
最大利润为5y=2500(元).
2.
(1)由图象可知,月销售量Q(百件)与销售单价P(元)是一次函数关系,设Q=Px+b,
则代入(20,10)(30,5),可得
解得:
P=﹣
,b=20,
∴月销售量Q(百件)与销售单价P(元)的函数关系式为Q=﹣
P+20;
(2)设月利润为W,则有W=100Q(P﹣14)﹣(2000+3600)
=100(﹣
P+20)(x﹣14)﹣(2000+3600)
=﹣50P2+2700P﹣33600,
当P=﹣
=27时,W有最大值;
∴当销售单价为27元时,月利润余额最大;
(3)设x年内可脱贫,由
(2)知当P=27时,W有最大值为2850,
当月利润为2850元时,需要2850×
12x≥50000+58000,
x≥3
3
年=37
月,
∴乙户依靠该店,最早可望在38月内脱贫.
3.解:
(1)设每次降价的百分率为x.
40×
(1﹣x)2=32.4,
解得x=10%或190%(190%不符合题意,舍去).
答:
该商品连续两次下调相同的百分率后售价降至每件32.4元,两次下降的百分率为10%;
(2)设每天要想获得510元的利润,且更有利于减少库存,则每件商品应降价y元,由题意,得
(40﹣30﹣y)(4×
+48)=510,
y1=1.5,y2=2.5,
∵有利于减少库存,
∴y=2.5.
要使商场每月销售这种商品的利润达到510元,且更有利于减少库存,则每件商品应降价2.5元;
(3)设每件商品应降价y元,获得利润为W,
由题意得,W=(40﹣30﹣y)(4×
+48)=﹣8y2+32y+480=﹣8(y﹣2)2+512,
故每件商品的售价为38元时,每天可获得最大利润,最大利润是512元.
4.解:
(1)y=(60﹣40+x)(300﹣10x)
=﹣10x2+100x+6000
=﹣10(x﹣5)2+6250(1≤x≤30且x为整数)
(2)当x=5时,y有最大值,最大值为:
6250.
此时售价为:
60+5=65元.
每件定价为65元时利润最大,最大利润为6250元.
5.解:
(1)∵每涨价1元,每星期要少卖出10件,
∴每星期实际可卖出(300﹣10x)件,
则y=(60﹣40+x)(300﹣10x)=﹣10x2+100x+6000,
而300﹣10x≥0且x≥0,解得0≤x≤30;
∵函数的对称轴为x=﹣
=5,当x=5时,y的最大值为6250;
故答案为:
y=﹣10x2+100x+6000,0≤x≤30,5,6250元;
(2)设每件降价x元,则毎星期售出商品的利润w元,
则w=(20﹣x)(300+20x)=﹣20x2+100x+6000,
∵函数的对称轴为x=2.5,
∴当x=2.5(元)时,则w=6125(元);
(3)∵6250>6125,
故当x=5元时,利润最大,即定价为65元时,利润最大.
6.解:
(1)由图象可知(20,240)是抛物线的顶点,设WA=a(x﹣20)2+240,
将点(10,230)代入上式并解得:
a=﹣
故WA与x之间的函数关系式为WA=﹣
(x﹣20)2+240=﹣
x2+4x+200;
(2)由
(1)知投资A产品所获得利润的最大值为240万元,
WB=﹣
x2+nx+300=﹣
(x﹣
)2+300+
n2,
即投资B产品所获得利润的最大值为300+
∴240+140=300+
n2,解得n=±
8(舍去﹣8),
故n=8;
(3)设投资B产品的资金为a万元,则投资A产品的资金为(50﹣a)万元,
Q=WA+WB=﹣
(50﹣a)2+4×
(50﹣a)+200+﹣
a2+na+300=﹣
a2+(n+6)a+450,
∵a≥30时,Q随a的增大而减少,
∴﹣
=﹣
≤30,解得n≤12,
故n的取值范围为n≤12.
7.解:
(1)若20x=220,则x=11,与0≤x≤5不符,
∴10x+100=220,
解得,x=12,
故第12天生产了220顶帽子;
(2)由图象得,
当0≤x≤10时,P=5.2;
当10<x≤20时,设P=kx+b(k≠0),
把(10,5.2),(20,6.2)代入上式,得
解得,
∴P=0.1x+4.2
①0≤x≤5时,w=y(8﹣P)=20x(8﹣5.2)=56x
当x=5时,w有最大值为w=280(元)
②5<x≤10时,w=y(8﹣P)=(10x+100)(8﹣5.2)=28x+280,当x=10时,w有最大值,最大值为560(元);
③10<x≤20时,w=y(8﹣P)=(10x+100)[8﹣(0.1x+4.2)]=﹣x2+28x+380
当x=14时,w有最大值,最大值为576(元).
综上,第14天时,利润最大,最大值为576元.
(3)由
(2)小题可知,m=14,m+1=15,设第15天提价a元,由题意得
w=y(8+a﹣P)=(10x+100)[8+a﹣(0.1x+4.2)]=250(2.3+a)
∴250(2.3+a)﹣576≥49
∴a≥0.2
第15天每顶帽子至少应提价0.2元.
8.解:
(1)∵甲种产品的销售单价为x元,乙种产品的销售单价为(80﹣x)元,
∴设y2与x之间的函数关系式y2=k(80﹣x),
∵当80﹣x=30时,y2=30,
∴30=30k,得k=1,
即y2与x之间的函数关系式y2=80﹣x;
(2)设月销售利润为w元,
w=(x﹣30)(﹣2x+150)+(80﹣x﹣20)(80﹣x)=﹣(x﹣35)2+1525,
∴x=35时,w取得最大值,此时w=1525,80﹣x=45,
∴甲种产品的销售单价定为35元,乙种产品的销售单价定为45元时,月销售利润最大,最大月销售利润是1525元.
(3)不是月销售额越大月销售利润也越大,
理由:
设月销售额为z,
z=x(﹣2x+150)+(80﹣x)(80﹣x)=﹣(x+5)2+6425,
∴当x>﹣5时,z随x的增大而减小,
∴在公司规定30≤x≤60的范围内,当x=30时,月销售额最大,
而当x=35时,月销售利润最大,
所以不是月销售额越大月销售利润也越大.
9.解:
(1)①若x=5,则每星期可卖出500﹣5×
10=450件,每星期的销售利润为(70+5﹣40)×
450=15750元,
450、15750;
②根据题意得:
W=(70﹣40+x)(500﹣10x)=﹣10x2+200x+15000
∵W是x的二次函数,且﹣10<0,
∴当
时,W最大.
W最大值=﹣10×
102+200×
10+15000=16000
当x=10时,W最大,最大值为16000.
(2)①W=(70﹣40﹣y)(500+my)=﹣my2+(30m﹣500)y+15000,
当m=10时,W=﹣10y2﹣200y+15000,
∵W是y的二次函数,且﹣10<0,
∴当y=﹣
时,W最大,当y>﹣10时,W随y的增大而减小,
∵y为正整数,
∴当y=1时,W最大,W最大=﹣10×
12﹣200×
1+15000=14790,
14790<16000
当m=10时每星期销售利润不能达到
(1)中W的最大值;
②∵W=﹣my2+(30m﹣500)y+15000,
当y=10时,W最大,
∴10=
解得,m=50,
∴W=﹣m×
102+(30m﹣500)×
10+15000=200m+10000=200×
50+10000=20000,
20000元;
(3)降价5元时销售利润为:
W=(70﹣40﹣5)(500+5m)=125m+12500
涨价15元时的销售利润为:
W=﹣10×
152+200×
15+15000=15750
∵每件降价5元时的每星期销售利润,不低于每件涨价15元时的每星期销售利润,
∴125m+12500≥15750
解得,m≥26
m的取值范围是m≥26.
10.解:
(1)由题意得:
y=80﹣2(x﹣50)化简得:
y=﹣2x+180;
(2)由题意得:
w=(x﹣40)y
=(x﹣40)(﹣2x+180)
=﹣2x2+260x﹣7200;
(3)w=﹣2x2+260x﹣7200
∵a=﹣2<0,∴抛物线开口向下.当x=65时,w有最大值.
又x<65,w随x的增大而增大.∴当x=55元时,w的最大值为1050元.
∴当每箱苹果的销售价为55元时,可以获得1050元的最大利润.
11.解:
(1)y=(360﹣x﹣280)(60+5x)=﹣5x2+340x+4800;
(2)∵y=﹣5(x﹣34)2+10580,
∴当x=34时,y取得最大值10580,
即售价326元时,总利润最大为10580元.
(3)设每件商品应降价x元,
由题意得(360﹣x﹣280)(5x+60)=7200,
解得x1=8,x2=60.
要更有利于减少库存,则x=60.
即要使商场每月销售这种商品的利润达到7200元,且更有利于减少库存,则每件商品应降价60元.
12.解:
(1)设购买x台时,单价恰为3900元,
则4500﹣50(x﹣10)=3900,
x=22
故购买22台时,销售单价恰为3900元;
(2)商场所获得的利润为y元与x(台)之间的函数关系式有如下三种情况:
①当0≤x≤10时,y=(4500﹣3600)x=900x,
②当10<x≤22时,y=x[4500﹣50(x﹣10)﹣3600]=﹣50x2+1400x,
③当x>22时,y=(3900﹣3600)x=300x;
商场若要获得最大利润,
①当0≤x≤10时,∵y=900x,y随x增大而增大,
∴当x=10时,y最大且最大值为9000;
②当10<x≤22时,∵y=﹣50x2+1400x=﹣50(x﹣14)2+9800,
∴当x=14时,y最大且最大值为9800;
③当22<x≤25时,∵y=300x,y随x增大而增大,
∴当x=25时,y最大且最大值为7500;
∵7500<9000<9800,
∴一次性购买14台电脑时,利润最大且为9800元
(3)①当0≤x≤10时y=900x
∵900>0,∴y随x增大而增大
②当10<x≤22时,y=﹣50x2+1400x=﹣50(x﹣14)2+9800,
∵﹣50<0,
∴当10<x≤14时,y随x增大而增大
当14<x≤22时,y随x增大而减小
∴最低单价应调为4500﹣50(14﹣10)=4300元
综上,商场应将最低销售单价调为4300元.
13.解:
(1)由题意得,销售量=150﹣10(x﹣30)=﹣10x+450,
则w=(x﹣25)(﹣10x+450)=﹣10x2+700x﹣11250;
(2)w=﹣10x2+700x﹣11250=﹣10(x﹣35)2+1000,
∵﹣10<0,
∴函数图象开口向下,w有最大值,
当x=35时,w最大=1000元,
故当单价为35元时,该计算器每天的利润最大;
(3)B方案利润高.理由如下:
A方案中:
∵25×
24%=6,
此时wA=6×
(150﹣10)=840元,
B方案中:
每天的销售量为120件,单价为33元,
∴最大利润是120×
(33﹣25)=960元,
此时wB=960元,∵wB>wA,∴B方案利润更高.
14.解:
(1)当x=60时,y=
=2,
∴当30≤x≤60时,图象过(60,2)和(30,5),
设y=kx+b,则
∴y=﹣0.1x+8(30≤x≤60);
(2)根据题意,当30≤x≤60时,W=(x﹣20)y﹣50=(x﹣20)(﹣0.1x+8)﹣50=﹣0.1x2+10x﹣210,
当60<x≤80时,W=(x﹣20)y﹣50=(x﹣20)•
﹣50=﹣
+70,
综上所述:
W=
;
(3)当30≤x≤60时,W=﹣0.1x2+10x﹣210=﹣0.1(x﹣50)2+40,
当x=50时,W最大=40(万元);
当60<x≤80时,W=﹣
∵﹣2400<0,W随x的增大而增大,
∴当x=80时,W最大=﹣
+70=40(万元),
当销售价格定为50元/件或80元/件,获得利润最大,最大利润是40万元.
15.
(1)依题意知,当销售单价定为x元时,年销售量减少
(x﹣100)万件.
∴y=20﹣
(x﹣100)=﹣
x+30.
即y与x之间的函数关系式是:
y=﹣
(2)由题意,得:
z=(30﹣
x)(x﹣40)﹣500﹣1500=﹣
x2