届重庆市铜梁县第一中学高三月考物理试题解析版Word下载.docx
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【解析】万有引力提供向心力,由牛顿第二定律得:
,解得:
T=2π
,轨道半径r越大,周期T越大,则角速度越小,所以经过相同的时间,三个卫星中,b转过的角度最大,c次之,d最小,d为同步卫星,与赤道上的a保持相对静止.故ABD错误,C正确.故选C.
3.如图所示,实线和虚线分别表示某电场的电场线和等势线,下列说法中正确的是
()
A.c点场强大于a点场强
B.c点电势低于a点电势
C.c、b两点间的电势差等于c、a两点间的电势差
D.若将一试探电荷+q由a点移动到b点,电场力做正功
【解析】a点的电场线比c点电场线密,可知a点的场强大于c点的场强,故A错误.沿电场线方向电势逐渐降低,可知c点的电势高于a点电势,故B正确.因为b、a两点电势相等,可知c、b两点间的电势差等于c、a两点间的电势差,故C错误.a、b两点电势相等,将一试探电荷+q由a点移动到b点,电场力不做功,故D错误.故选B.
点睛:
解决本题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱,沿电场线方向电势逐渐降低,以及知道电荷在等势面上移动,电场力不做功.
4.带有等量异种电荷的一对平行金属板,上极板带正电荷.如果两极板间距不是足够近或者两极板面积不是足够大,即使在两极板之间,它们的电场线也不是彼此平行的直线,而是如图所示的曲线(电场方向未画出).虚线MN是穿过两极板正中央的一条直线.关于这种电场,以下说法正确的是()
A.平行金属板间的电场,可以看做匀强电场
B.b点的电势高于a点的电势
C.d点的电势低于c点的电势
D.若将一正电荷从电场中的任一点由静止释放,它必将沿着电场线运动到负极板
【答案】A
【解析】由电场线的分布情况看出,平行金属板间各处的电场强度不是处处相同,所以不能看成匀强电场,故A错误.顺着电场线电势逐渐降低,上板带正电荷,电场方向向下,所以b点电势低于a点电势,故B错误.据题上极板带正电荷,电场线从上极板指向下极板,根据顺着电场线方向电势降低,可知d点的电势低于c点.故C正确.将一正电荷从电场中的任一点由静止释放,不一定能沿电场线运动,只有在ab所在的电场线上,正电荷所受的电场力一直沿电场线向下,能沿此电场线运动,其他电场线是曲线,正电荷所受的电场力沿电场线的切线方向,将使电荷离开电场线,故D错误.故选C.
解决本题关键掌握电场线的两个物理意义:
疏密表示场强的大小,方向表示电势的高低,要明确只有电场线是直线时,电荷才能沿电场线运动.
5.质量相等的A、B两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动,A球的动量是7kg·
m/s,B球的动量是5kg·
m/s,当A球追上B球发生碰撞,则碰撞后A、B两球的动量可能值是()
A.pA=6kg·
m/s,pB=6kg·
m/sB.pA=3kg·
m/s,pB=9kg·
m/s
C.pA=-2kg·
m/s,pB=14kg·
m/sD.pA=-4kg·
m/s,pB=17kg·
【答案】BD
【解析】以两物体组成的系统为研究对象,以甲的初速度方向为正方向,两个物体的质量均为m,碰撞前系统的总动能:
;
故选A.
对于碰撞过程要遵守三大规律:
1、是动量守恒定律;
2、总动能不增加;
3、符合物体的实际运动情况.
6.如图所示,小球沿足够长的斜面向上做匀变速运动,依次经a、b、c、d到达最高点e.已知ab=bd=6m,bc=1m,,小球从a到c和从c到d所用的时间都是2s,设小球经b、c时的速度分别为vb、vc,则(
)
B.vc=3m/s
C.xde=3m
D.从d到e所用时间为4s
【答案】AD
【解析】物体在a点时的速度大小为
,加速度为a,则从a到c有:
,即:
,物体从a到d有
,即
,故
,
,根据速度公式
可得
,故B正确;
从a到b有
,解得
,故A错误;
根据速度公式
可得:
,则从d到e有
,则
,C错误;
根据
可得从d到e的时间为
,故D正确.
7.物体沿弧形轨道滑下后进入足够长的水平传送带,传送带以图示方向匀速运动,则传送带对物体做功情况可能是(
A.始终不做功
B.先做负功后做正功
C.先做正功后做负功
D.先做负功后不做功
【答案】ABC
【解析】当物体到达传送带上时,如果物体的速度恰好和传送带的速度相等,那么物体和传送带将一起在水平面上运动,它们之间没有摩擦力的作用,所以传送带对物体始终不做功,所以A可能.若物体速度大,则受向后的摩擦力,做负功.直至速度一致为止,摩擦力消失,不做功;
若物体速度小,则受向前的摩擦力,做正功.到速度一致时,摩擦力又变为零,不做功;
所以D正确,BC错误.故选AD.
8.两块大小、形状完全相同的金属板正对水平放置,构成一个平行板电容器,将两金属板分别与电源两极相连接,如图所示.闭合开关S达到稳定后,在两板间有一带电液滴P恰好处于静止状态(下极板接地,图中未画出),则下列判断错误的是()
A.保持开关S闭合,减小两板间的距离,液滴向上运动
B.保持开关S闭合,减小两板间的距离,回路中瞬间会产生逆时针方向的电流
C.断开开关S,上板稍向下移动,下板不动,P点的电势不变
D.断开开关S,上板稍向下移动,下板不动,液滴向下运动
【解析】当保持开关S闭合,则两极板间的电压不变.若减小两板间的距离,两板间的电场强度变大,所以电场力大于重力,出现液滴向上运动.故A正确;
当保持开关S闭合,则两极板间的电压不变.若减小两板间的距离,则导致平行板电容器的电容增大,从而导致电容器的电量增大,电容器充电,产生充电电流,电流由负极板流向正极板,所以回路中瞬间产生逆时针方向的电流,B正确;
当断开开关S,则两极板间的电量不变.上板稍向下平移,下板不动,两板间的距离减小,则导致平行板电容器的电容增大,两极板间电场强度
,所以两板间的电场强度仍不变,因此电场力仍等于重力,则液滴仍处于静止状态.P点与下极板间的电势差不变,即P点的电势不变,故C正确;
D错误;
本题选错误的,故选D.
电容器的电容由两板间距、正对面积与电介质决定;
而两板间的电场强度则由电容器的电量、电介质及正对面积决定.当开关断开时,电容器的电量不变;
而开关闭合时,电容器的电压却不变.
非选择题:
9.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中,某同学使用了如图1所示的实验装置,已知打点计时器的打点频率为50Hz.
(1)下列说法正确的是_______
A.先释放小车,再接通电源
B.打点计时器接直流电源输出端
C.牵引小车的细绳与长木板保持平行
D.在增加小车质量的同时,增大木板的倾角
(2)该同学得到一条纸带,在纸带上取O、A、B、C、D、E六个点,每两点间还有4个点未画出.如图2所示,各点到O点的距离分别为OA=1.31cm、OB=4.24cm、OC=8.79cm、OD=14.86cm、OE=22.75cm,则打D点时小车的速度为________m/s;
小车的加速度为________m/s2.(保留三位有效数字)
【答案】
(1).
(1)C
(2).
(2)0.698(3).1.62
【解析】
(1)实验时应先接通电源,再释放小车,故A错误.打点计时器接交流电源输出端,故B错误.实验前应调节定滑轮的高度使细线与木板平行,故C正确.平衡摩擦力只需要平衡一次,改变质量时,不需要改变木板的倾角,故D错误.故选C.
(2)打D点时小车的速度
根据作差法可知,加速度
解决本题的关键知道实验的原理以及操作中的注意事项,掌握纸带的处理方法,会通过纸带求解瞬时速度和加速度,关键是匀变速直线运动推论的运用.
10.某同学用图所示装置来验证动量守恒定律,实验时先让a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下,在水平地面上的记录纸上留下痕迹,重复10次;
然后再把b球放在斜槽轨道末端的最右端附近静止,让a球仍从原固定点由静止开始滚下,和b球相碰后,两球分别落在记录纸的不同位置处,重复10次.回答下列问题:
(1)在安装实验器材时斜槽的末端应_____
(2)小球a、b质量ma、mb的大小关系应满足ma_____mb,两球的半径应满足ra____rb(选填“>”、“<”或“=”).
(3)本实验中小球落地点的平均位置距O点的距离如图所示,这时小球a、b两球碰后的平均落地点依次是图中水平面上的_______点和_____点。
(4)在本实验中结合图,验证动量守恒的验证式是下列选项中的______。
A.maOC=maOA+mbOBB.maOB=maOA+mbOCC.maOA=maOB+mbOC
【答案】
(1).
(1)保持水平;
(2).
(2)>(3).=(4).(3)A(5).C(6).(4)B
11.如图,一个质量为m、电荷量为q(q大于0)的粒子在匀强电场中运动。
A、B为其运动轨迹上的两点。
已知该粒子在A点的速度大小为v0,方向与电场方向的夹角为600;
它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为300。
不计重力。
求A、B两点间的电势差。
【答案】
【解析】试题分析:
设带电粒子在B点的速度大小为
,粒子在垂直电场方向的分速度不变,故:
①,解得:
②
设A、B间的电势差为UAB,由动能定理,有:
③
联立②③解得:
考点:
考查了运动的分解,电场力做功
【名师点睛】本题关键是通过运动的合成与分解得到A点速度和B点速度的关系,然后结合动能定理列式求解即可,基础题目.
12.如图所示,固定的光滑平台上固定有光滑的半圆轨道,轨道半径R=0.6m.平台上静止着两个滑块A、B,mA=0.1kg,mB=0.2kg,两滑块间夹有少量炸药,平台右侧有一带挡板的小车,静止在光滑的水平地面上.小车质量为M=0.3kg,车面与平台的台面等高,车面左侧粗糙部分长度为L=0.8m,动摩擦因数为μ=0.2,右侧拴接一轻质弹簧,弹簧自然长度所在处车面光滑.点燃炸药后,A滑块到达轨道最高点时对轨道的压力大小恰好等于A滑块的重力,滑块B冲上小车.两滑块都可以看作质点,炸药的质量忽略不计,爆炸的时间极短,爆炸后两个物块的速度方向在同一水平直线上,且g=10m/s2.求:
(1)滑块在半圆轨道最低点对轨道的压力
(2)炸药爆炸后滑块B的速度大小
(3)滑块B滑上小车后的运动过程中弹簧的最大弹性势能.
(1)7N
(2)3m/s(3)0.22J
(1)在最高点由牛顿第二定律:
……(1分)
由已知最高点压力
由机械能守恒定律:
…………(2分)
在半圆轨道最低点由牛顿第二定律:
…………(1分)
解得:
由牛顿第三定律:
滑块在半圆轨道最低点对轨道的压力大小为7N,方向竖直向下……(1分)
(2)由动量守恒定律:
(3)由动量守恒定律:
由能量守恒定律:
…………(3分)
…………(1分)
考查了牛顿运动定律,机械能守恒,动量守恒定律的应用
点评:
做此类型的题目,关键是弄清楚物体不同时间段内的运动性质,然后选择对应的规律分析解题
选考题:
13.如图所示为两分子势能EP与两分子间距离的关系曲线,下列说法正确的是(_____)
A.当r等于r1时,分子间作用力为零
B.在r>
r1区间,分子作用力表现为引力
C.当r等于r2时,分子间作用力为零
D.在r由r1增大到r2过程中分子作用力做正功
E.在r由r2减小到r1过程分子引力和分子斥力都增加,但分子斥力增加的快
【答案】CDE
【解析】由图象可知:
分子间距离为r2时分子势能最小,此时分子间的距离为平衡距离;
r2是分子的平衡距离,当r=r2时分子力为零,故A错误;
当r2>r>r1时,分子间的作用力表现为斥力,故B错误;
当r等于r2时,分子间的作用力为零,故C正确;
在r由r1变到r2的过程中,分子力为斥力,分子间距离增大,分子间的作用力做正功,故D正确;
在r由r2减小到r1过程分子引力和分子斥力都增加,但分子斥力增加的快,故E正确.故选CDE.
14.如图所示,竖直放置的足够长的密闭气缸,缸体与缸内理想气体的总质量m1=10kg,活塞质量m2=2kg,活塞横截面积S=2×
10-3
m2,活塞上端与一个劲度系数k=1×
103
N/m的弹簧相连.当气缸下部被木柱支住时,弹簧刚好伸长0.02m,封闭在气缸内的气柱长L1=0.2m,若外界大气压p0=1×
105
Pa,g取10m/s2,求
(1)这时气缸内气体的压强为多大?
(2)将木柱拿开,待气缸重新平衡后(温度保持不变)气缸内的气柱长?
(1)1×
105Pa
(2)0.4m
(1)对活塞进行受力分析,重力m2g,弹簧的拉力,大气向下的压力p0S,缸内气体向上的压力p1S列平衡方程p0S+m2g=kΔx1+p1S
所以p1=p0=1×
105Pa
(2)将木柱拿开后,对整体受力分析,kΔx2-(m1+m2)g=0
对活塞进行受力分析,重力m2g,弹簧的拉力,大气向下的压力p0S,缸内气体向上的压力p2S
列平衡方程:
p0S+m2g=kΔx1+p2S
解得:
p2=0.5×
Pa
缸内的气体原状态压强为p1,体积V1=L1S;
后来气体的压强为p2,体积V2=L2S
根据玻意耳定律p1V1=p2V2
L2=0.4m