六年级奥数整除和位值原理教师版文档格式.docx
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用阿拉伯数字和位值原理,可以表示出一切整数。
例如,926表示9个百,2个十,6个一,即926=9×
100+2×
10+6。
根据问题的需要,有时我们也用字母代替阿拉伯数字表示数,如:
表示a个百,b个十,c个一。
其中a可以是1~9中的数码,但不能是0,b和c是0~9中的数码。
5.位值原理的表达形式
以三位数为例:
上面的横线表示这是用位值原理表示的一个数,用以区别
1.理解整除的概念,会用整除的性质解决有关问题。
2.理解位值原理的含义,能区分位值原理与字母乘法的区别。
3.掌握整除的性质,并熟练应用被2、3、4、5、8、9、11整除的数的特征。
例1:
证明:
当
时,
必是9的倍数。
分析:
与
的数字顺序恰好相反,我们称
互为反序数,互为反序数的两个数之差必能被9整除。
例2:
有一个两位数,把数码1加在它的前面可以得到一个三位数,加在它的后面也可以得到一个三位数,这两个三位数相差666。
求原来的两位数。
分析与解:
由位值原则知道,把数码1加在一个两位数前面,等于加了100;
把数码1加在一个两位数后面,等于这个两位数乘以10后再加1。
设这个两位数为x。
由题意得到
(10x+1)-(100+x)=666,
10x+1-100-x=666,
10x-x=666-1+100,
9x=765,
x=85。
原来的两位数是85。
例3:
a,b,c是1~9中的三个不同的数码,用它们组成的六个没有重复数字的三位数之和是(a+b+c)的多少倍?
用a,b,c组成的六个不同数字是
这六个数的和等于将六个数的百位、十位、个位分别相加,得到
所以,六个数的和是(a+b+c)的222倍。
例4:
用2,8,7三张数字卡片可以组成若干个不同的三位数,所有这些三位数的平均值是多少?
由例3知,可以组成的六个三位数之和是(2+8+7)×
222,
所以平均值是(2+8+7)×
222÷
6=629。
例5:
一个两位数,各位数字的和的5倍比原数大6,求这个两位数。
设这两个数为
,则有
(a+b)×
5-(10a+b)=6,
5a+5b-10a-b=6,
4b-5a=6。
当b=4,a=2或b=9,a=6时,4b-5a=6成立,所以这个两位数是24或69。
例6:
将一个三位数的数字重新排列,在所得到的三位数中,用最大的减去最小的,正好等于原来的三位数,求原来的三位数。
设原来的三位数的三个数字分别是a,b,c。
若
由上式知,所求三位数是99的倍数,可能值为198,297,396,495,594,693,792,891。
经验证,只有495符合题意,即原来的三位数是495。
A
1.一个自然数与13的和是5的倍数,与13的差是6的倍数,则满足条件的最小自然数是.
答案:
37
2.有三个正整数a、b、c其中a与b互质且b与c也互质,给出下面四个判断:
①(a+c)2不能被b整除,②a2+c2不能被b整除:
③(a+b)2不能被c整除;
④a2+b2不能被c整除,其中,不正确的判断有().
A.4个B.3个C2个D.1个
3.已知7位数
是72的倍数,求出所有的符合条件的7位数.
符合条件的7位数是:
1287216,1287936,1287576
4.
(1)一个自然数N被10除余9,被9除余8,被8除余7,被7除余6,被6除余5,被5除余4,被3除余2,被2除余1,则N的最小值是.
(北京市竞赛题)
(2)若1059、1417、2312分别被自然数x除时,所得的余数都是y,则x—y的值等于().
A.15B.1C.164D.174
(“五羊杯”竞赛题)
(3)设N=
,试问N被7除余几?
并证明你的结论.(安徽省竞赛题)
5.盒中原有7个球,一位魔术师从中任取几个球,把每一个小球都变成了7个小球,将其放回盒中,他又从盒中任取一些小球,把每一个小球又都变成了7个小球后放回盒中,如此进行,到某一时刻魔术师停止取球变魔术时,盒中球的总数可能是()
A.1990个B.1991个C1992个D.1993个
D
B
6.在100以内同时被2、3、5整除的正整数有多少个?
30、60、90三个.
7.某商场向顾客发放9999张购物券,每张购物券上印有一个四位数的号码,从0001到9999号,如果号码的前两位数字之和等于后两位数字之和,则称这张购物券为“幸运券”.证明:
这个商场所发放的购物券中,所有的幸运券的号码之和能被101整除.
显然,号码为9999是幸运券,除这张外,如果某个号码n是幸运券,那么号m=9999—n也是幸运券,由于9是奇数,所以m≠n.由于m+n=9999相加时不出现进位,这就是说,除去号码9999这张幸运券外,其余所有幸运券可全部两两配对,而每一对两个号码之和均为9999,即所有幸运券号码之和是9999的整倍数,而101│9999,故知所有幸运券号码之和也能被101整除
思考:
“如果某个号码n是幸运券,那么号m=9999—n也是幸运券”,这是解决问题的关键,请你考虑这句话合理性.
若六位数
是99的倍数,求整数a、b的值.
∵
能被9整除,∴8+1+a+b+9+3=21+a+b能被9整除,得3+a+b=9kl(k1为整数).①
又
能被11整除,∴8—1+a—b+9—3=13+a—b能被11整除,得2+a—b=11k2(k2为整数).②
∵0≤a,b≤9∴0≤a+b≤18,-9≤a-b≤9.
由①、②两式,得3≤<
9k1≤21,-7≤11k2≤1l,
知k1=1,或k1=2;
k2=0,或,而3+a+b与2+a—b的奇偶性相异,而k1=2,k2=1不符合题意.
故把k1=1,k2=0代人①、②两式,解方程组可求得a=2,b=4.
8.写出都是合数的13个连续自然数.
方法一:
直接寻找
从2开始,在自然数2,3,4,5,6,…中把质数全部划去,若划去的两个质数之间的自然数个数不小于13个,则从中取13个连续的自然数,就是符合要求的一组解,例如:
自然数114,115,116,…,126就是符合题意的一组解.
方法二:
构造法
我们知道,若一个自然数a是2的倍数,则a+2也是2的倍数,若是3的倍数,则a+3也是3的倍数,…,若a是14的倍数,则a+14也母14的倍数,所以只要取a为2,3,…,14的倍数,则a+2,a+3,…a+14分别为2,3,…,14的倍数,从而它们是13个连续的自然.
所以,取a=2×
3×
4×
…×
14,则a+2,a+3,…,a+14必为13个都是合数的连续的自然数.
9.已知定由“若大于3的三个质数a、b、c满足关系式20+5b=c,则a+b+c是整数n的倍数”.试问:
这个定理中的整数n的最大可能值是多少?
请证明你的结论.
先将a+b+c化为3(a+2b)的形式,说明a+b+c是3的倍数,然后利用整除的性质对a、b被3整除后的余数加以讨论得出a+2b也为3的倍数.
∵a+b+2a+5b=3(a+2b),
显然,3│a+b+c
若设a、b被3整除后的余数分别为ra、rb,则ra≠0,rb≠0.
若ra≠rb,则ra=2,rb=1或ra=1,rb=2,则2a+5b=2(3m+2)+5(3n+1)=3(2m+5n+3),或者2a+5b=2(3p+1)+5(3q+2);
3(2P+59+4),即2a+5b为合数与已知c为质数矛盾.
∴只有ra=rb,则ra=rb=1或ra=rb=2.
于是a+2b必是3的倍数,从而a+b+c是9的倍数.
又2a+5b=2×
11十5×
5=47时,
a+b+c=11+5+47=63,
2a+5b=2×
13十5×
7=61时,
a+b+c=13+7+61=81,
而(63,81)=9,故9为最大可能值.
10.一个正整数N的各位数字不全相等,如果将N的各位数字重新排列,必可得到一个最大数和一个最小数,若最大数与最小数的差正好等于原来的数N,则称N为“新生数”,试求所有的三位“新生数”.
将所有的三位“新生数”写出来,然后设出最大数、最小数,求差后分析求出所有三位“新生数”的可能值,再进行筛选确定.
11.设N是所求的三位“新生数”,它的各位数字分别为a、b、c(a、b、c不全相等),将其各位数字重新排列后,连同原数共得6个三位数:
,不妨设其中的最大数为
,则最小数为
.由“新生数”的定义,得N=
—
=(100a+l0b+c)一(100c+l0b+d)=99(a—c).
由上式知N为99的整数倍,这样的三位数可能为:
198,297,396,495,594,693,792,891,990.这九个数中,只有954-459=495符合条件,故495是唯一的三位‘新生数”.
C
12.从左向右将编号为1至2002号的2002个同学排成一行,从左向右从1到11报数,报到11的同学原地不动,其余同学出列;
然后,留下的同学再从左向右从1到11报数,报到11的同学留下,其余同学出列;
留下的同学再从左向左从1到11地报数,报到11的同学留下,其余同学出列.问最后留下的同学有多少?
他们的编号是几号?
由题意,第一次报数后留下的同学,他们的编号必为11的倍数;
第二次报数后留下的同学,他们的编号必为112=121的倍数;
第三次报数后留下的同学,他们的编号必为113=1331的倍数.
因此,最后留下的同学编号为1331的倍数,我们知道从1~2002中,1331的倍数只有一个,即1331号,所以,最后留下一位同学,其编号为1331.
13.在一种游戏中,魔术师请一个人随意想一个三位数
的和N,把N告诉魔术师,于是魔术师就能说出这个人所想的数
.现在设N=3194,请你做魔术师,求出数
来.
将
也加到和N上,这样a、b、c就在每一位上都恰好出现两次,所以有
+N=222(a+b+c)
从而3194<
222(a+b+c)<
3194+1000,而a、b、c是整数.
所以15≤<
a十b十c≤18.
因为222×
15—3194=136,222×
16—3194=358,222×
17-3194=580,222×
18-3194=802,
其中只有3+5+8=16能满足①式,所以
=358.
14.某公园门票价格对达到一定人数的团队按团队票优惠.现有A、B、C三个旅游团共72人,如果各团单独购票,门票费依次为360元、384元、480元;
如果三个团合起来购票,总共可少花72元.
(1)这三个旅游团各有多少人?
(2)在下面填写一种票价方案,使其与上述购票情况相符.
售票处
普通票
团体票(须满人)
每人
(1)360+384+480-72=1152(元),
1152÷
72=16(元/人),即团体票是每人16元.
因为16不能整除360,所以A团未达到优惠人数.
若三个团都未达到优惠人数,则三个团的人数比为360:
384:
480=15:
16:
20,即三个团的人数分别为
,这都不是整数(只要指出其中某一个不是整数即可),不可能.所以B、C两团至少有一个团本来就已达到优惠人数.
这有三种可能:
①只有C团达到;
②只有B团达到;
③B、C两团都达到.
对于①,可得C团人数为480÷
16=30,A、B两团共有42人,A团人数为15/31×
42,不是整数,不可能.
刘于②,可得B团人数为384÷
16=24,A、C两团共有48人,A团人数为15/35×
48,不是整数,不可能.
所以必是③成立,即C团有30人,B团有24人,A团有18人.
团体票(须满20人)
每人20元
每人16元(或/或8折优惠)
15.在下边的加法算式中,每个口表示一个数字,任意两个数字都不同:
试求A和B乘积的最大值.
先通过运算的进位,将能确定的口确定下来,再来分析求出A和B乘积的最大值.
设算式为
显然,g=1,d=9,h=0.
a+c+f=10+B,b+e=9+A,∴A≤6.
2(A+B)+19=2+3+4+5+6+7+8=35,∴A+B=8.
要想A×
B最大,∵A≤6,∴取A=5,B=3.此时b=6,e=8,a=2,c=4;
f=7,
故A×
B最大值为15.
16.任给一个自然数N,把N的各位数字按相反的顺序写出来,得到一个新的自然数N′,试证明:
能被9整数.
令N=
,则N′=
.所以,N除以9所得的余数等于a1+a2+…+an除以9所得的余数,而N′除以9所得的余数等于an+an-1+…+a1除以9所得的的余数.显然,a1+a2+…+an=an+an-1+…+a1.因此,N与N′除以9所得的余数相同,从而
能被9整除.
17.证明:
111111+112112十113113能被10整除.
要证明111111+112112十113113能被10整除,只需证明111111+112112十113113的末位数字为0,即证111111、112112、113113三个数的末位数字和为10.
证明:
111111的末位数字显然为1;
112112=(1124)28,而1124的末位数字是6,所以112112的末位数字也是6;
113113=(1134)28×
113.1134的末位数字是1,所以113113的末位数字是3.
∴111111、112112、113113三个数的末位数字和为10,
∴111”’十112n’十113m能被10整除.
注:
本题是将证明被10整除转化为求三数的末位数字之和为10.解决数学问题时,常将未知的问题转化为熟知的问题,复杂的问题转化为简单的问题,这就是化归思想.
1.在下列数中,哪些能被4整除?
哪些能被9整除?
哪些能被3整除?
28、96、120、225、540、768、423、224、292
由可以被4、9、3整除的数的特征来考察这些数。
可被4整除的数要看数字的末两位。
可被9或3整除的数的特征相似,都是要先求出各个数位上的数字之和能否被9或3整除。
能被4整除的数:
28、96、120、540、768、224
能被9整除的数:
225、540、423
能被3整除的数:
96、120、225、540、768、423、294
2.
(1)五位数A1A72能被12整除;
(2)五位数4B97B能被12整除,求这两个五位数。
由于12=3×
4,且3与4互质,那么能被12整除的数应具有的特点是既能被3整除也能被4整除。
(1)A1A72可被3整除则A+1+A+7+2=10+2A能被3整除,A取l、4。
因为末两位数72可被4整除,那么A1A72可被4整除。
所以这个五位数是1l172或41472。
(2)4B97B可被3整除,则4+B+9+7+B=20+2B能被3整除,B取2、5、8。
再由能被4整除的条件,末两位数7B要能被4整数,B可以取2或6。
同时符合上述两个条件的B取值只有2,所以这个五位数是42972。
3.有一个四位整数16□□,如果要让这个四位数同时能被2、3、4、5整除,那么这个四位数的末两位上应是什么数?
由于满足能被2、3、4整除的数比较多,所以先来看满足可以被5整除的数的特点,即个位数是0或5。
但若在个位填5,则不满足可以被2整除的条件,所以个位数字一定是0,若使这个四位数可以被4整除,则□0是4的整数倍,满足条件的有00、20、40、60、80。
最后再用可被3整除的条件来限制,找出正确的答案。
在1600、1620、1640、1660、1680这些数中易知1620与1680可以被3整除。
则这个四位数的末两位上是20或80。
4.要使六位数
能被36整除,而且所得的商最小,问这个六位数是多少?
由于
能被36整除,36=4×
9,且4与9互质,所以这个六位数既能被4整除,又能被9整除。
再考虑“所得的商最小”这个条件,应首先是A尽量小,其次是B尽量小,最后是C尽量小。
使
能被4整除,则
能被4整除,因此C可能取1、3、5、7、9。
能被9整除,则1+8+A+B+C+6=15+A+B+C能被9整除。
要使所得的商最小,就要使
这个六位数尽可能小,即
尽量小。
因此首先是A尽量小,其次是B尽量小,最后是C尽量小。
先试取A=0。
此六位数的数字之和为A+B+C,欲使B、C尽量小,而且(15+B+C)能被9整除,则(B+C)取3,因为B+C=3,且C只能取l、3、5、7、9。
则C=3,B=0。
当A=0,B=0,C=3时,此六位数能被36整除,而且所得的商最小,为180036÷
36=5001。
5.已知2002年的1月l日是星期二,那么
(1)2002年的12月5日是星期几?
(2)20年后的1月l日将是星期几?
因为星期是按规律重复出现的现象,星期一、星期二、……星期日、星期—……每7天重复一次。
所以要知道12月5日是星期几,须知从1月1日到12月5日之间有多少个7天。
求20年后的某天是星期几的算法相同。
(1)在2002年中从1月至12月,其中2月是28天,l、3、5、7、8、10月都是31天,4、6、9、11月都是30天,因此从1月1日到12月5日总共有,28+6×
31+4×
30+5=339(天)
由于一星期有7天,339=7×
48+3,所以从1月1日到12月5日的339天中,共有48星期零3天,这3天就是从星期二起的3天,第三天是星期四。
所以12月5日是星期四。
(2)先求出这20年总共有多少天。
由于每年有365天,20年就有20×
365=7300(天),而每四年有一个闰年,20年中有5个闰年,所以20年总共有20×
365+5=7305(天)。
由于一个星期有7天,7305=7×
1043+4说明20年中有1043个星期零4天,2002年1月1日是星期二,所以20年后的1月1日从星期二往后推4天,应该是星期六。
6.检验下面的算式是否正确:
(l)65343+35892+38462=139587
(2)2708×
358=968464。
根据余数的特征,我们可以利用“弃九数”,不经过计算判断正误。
等号左右两边若弃九数相等,则等式可能成立。
若弃九数不等,则等式一定不成立。
而且两个因数的弃九数相乘,所得的数的弃九数应当等于两个因数的乘积的九余数。
如果不等,则乘法计算有错误。
(1)求各个加数的弃九数:
65343(6+5+3+4+3)÷
9=2……3
35892(3+5+8+9+2)÷
9=3……0
38462(3+8+4+6+2)÷
9=2……5
139587(1+3+9+5+8+7)÷
9=3……6
等号左边弃九数的和:
3+5=8,右边弃九数为6。
8≠6,则原算式计算有误。
(2)2708(2+7+0+8)÷
9=l……8
358(3+5+8)÷
9=1……7
8×
7=56(5+6)÷
9=1……2
968464(9+6+8+4+6+4)÷
9=4……l
左边乘积的弃九数为2,右边结果弃九数为1。
2≠1,所以此算式有误。
7.已知两个整数相除商是13,余数是8,并且被除数与除数的差是308,求这两个整数。
由题中条件有:
被除数÷
除数=13……8
被除数-除数=308,即被除数比除数大12倍多8,那么308=除数×
12+8,则两数可求。
除数=(308-8)÷
(13-l)
=25
被除数=308+25=333
答:
被除数是333,除数是25。
8.有一列数字:
l,2,9,4,7,1,2,9,4,7…
(1)第307个数是多少?
(2)这307个数相加的和是多少?
观察这一列数的循环规律,是按照l、2、9、4、7这个顺序每五个数依次重复排列的,一个循环是5个数,要看307个数中有几个这样的循环。
(1)307=5×
61+2可知307里面有61个(1、2、9、4、7),还余两个数,所以第307个数是2。
(2)每个循环之和:
l+2+9+4+7=22,307个数中有61个循环及一个l、一个2。
所以这307个数的和为:
22×
61+l+2=1345
第307个数是2,307个数的和为1345。
1.在□内填上适当的数字,使
(1)34□□能同时被2、3、4、5、9整除;
(2)7□36□能被24整除;
(3)□1996□□能同时被8、9、25整除.
(1)题目要求34□□能同时被2、3、4、5、9整除,因为能被4整除的数一定能被2整除,能被9整除的数一定能被3整除,所以34□□只要能被4、9、5整除,就一定能被2、3、4、5、9整除.先考虑能被5整除的条件.个位是0或5,再考虑能被4整除的条件,由于4不能整除34□5,所以个位必须是0,最后考虑能被9整除的条件,34□0的各个数位上的数字和是9的倍数,3+4+□+0=7+□,这时十位数字只能是2,问题得以解决.
(2)题目要求7□36□能被24整除,24=3×
8,而3与8互质,根据整除的性质,考虑被24整除,只要分别考虑被3、8整除就行了.先考虑被8整除的条件,7□36□的末三位数所组成的数36□能被8整除,所以个位数字只能是0或8,当个位数字为0时,由于要求7□360能被3整除,所以7+□+3+6+0=16+□能被3整除,这样千位数字