重庆市綦江区学年高二物理上学期期末联考试题含答案Word格式文档下载.docx

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B．发生转动，同时靠近磁铁

C．发生转动，同时离开磁铁

D．不发生转动，只靠近磁铁

3．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是（）

A．电压表和电流表读数都增大

B．电压表和电流表读数都减小

C．电压表读数增大，电流表读数减小

D．电压表读数减小，电流表读数增大

4．如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈正上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下。

在将磁铁的S极插入线圈的过程中（）

A．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥

B．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互吸引

C．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互吸引

D．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互排斥

5．如图所示，两根细线竖直悬挂着两个相同的小球A、B，平衡时上下两根细线中的拉力分别是FA、FB，现在使A、B带同号电荷，此时上、下细线受力分别为FA′、FB′，则（）

A．FA=FA′，FB=FB′

B．FA=FA′，FB＜FB′

C．FA＞FA′，FB＜FB′

D．FA＜FA′，FB＞FB′

6．板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为U1，板间电场强度为E1，现将电容器所带电荷量变为2Q，板间距变为

d，其他条件不变，这时两极板间电势差为U2，板间电场强度为E2，下列说法正确的是（）

A．U2＝U1，E2＝E1B．U2＝2U1，E2＝4E1

C．U2＝U1，E2＝2E1D．U2＝2U1，E2＝2E1

7．有一带电荷量为＋q、重为G的小球，从竖直的带电平行板上方h处自由落下，两极板间匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向如图所示，则带电小球通过有电场和磁场的空间时（）

A．一定做曲线运动

B．不可能做曲线运动

C．有可能做匀速运动

D．有可能做匀加速直线运动

8．如图所示，在竖直平面内有两根平行金属导轨，上端与电阻R相连，磁感应强度为B的匀强磁场垂直导轨平面．一质量为m的金属棒以初速度v0沿导轨竖直向上运动，上升到某一高度后又返回到原处，整个过程金属棒与导轨接触良好，导轨与棒的电阻不计．下列说法正确的是（）

A．回到出发点的速度v大于初速度v0

B．通过R的最大电流上升过程小于下落过程

C．电阻R上产生的热量上升过程大于下落过程

D．所用时间上升过程大于下落过程

二、多项选择题（本题有4个小题，每小题4分，共16分，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不选的得0分）

9．如图，MN是一负点电荷产生的电场中的一条电场线。

一个带正电的粒子（不计重力）从a到b穿越这条电场线的轨迹如图虚线所示。

下列结论正确的是（）

A．带电粒子在a点的加速度小于带电粒子在b点的加速度

B．负点电荷一定位于M点左侧

C．带电粒子从a到b过程中动能逐渐减小

D．带电粒子在a点时的电势能小于带电粒子在b点时的电势能

10．在一次研究性学习的实验探究中，某组同学分别测绘出一个电源的路端电压随电流变化的关系图线，还测绘出了一个电阻两端的电压随电流变化的关系图线，如图中AC和OB所示。

若把该电阻R接在该电源上构成闭合电路（R为唯一用电器），由图可知（）

A．电源的内电阻是1.2Ω

B．外电阻的电阻值是1.2Ω

C．电源的效率是80%

D．电源的输出功率是1.5W

11．如图所示，x轴上方有垂直纸面向里的匀强磁场。

有两个质量相同，电荷量也相同的带正、负电的离子（不计重力），以相同速度从O点射入磁场中，射入方向与x轴的夹角均为θ，则正、负离子在磁场中（）

A．运动时间相同

B．运动轨道半径相同

C．重新回到x轴时速度大小相同但方向不同

D．重新回到x轴时距O点的距离相同

12．如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示。

t=0时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向以水平向左为正，则下列关于感应电流i和cd所受安培力F随时间t变化的图像正确的是（）

第Ⅱ卷（非选择题共62分）

三、实验题（2小题，共16分）

13．（6分）利用如图所示的电路可以测量电源的电动势和内阻，R为电阻箱，V为理想电压表，当电阻箱读数为R1＝2Ω时，电压表读数为U1＝4V；

当电阻箱读数为R2＝5Ω时，电压表读数为U2＝5V。

由此可得：

（1）电源的电动势E＝_________V；

内阻r＝_______Ω；

（2）在该电路中，电源的最大输出功率是_______W。

14．（10分）某学习小组要描绘一只小电珠（2.5V，0.5A）的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：

A．电源E（电动势为3.0V，内阻不计）

B．电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约为2kΩ）

C．电压表V2（量程为0～15.0V，内阻约为6kΩ）

D．电流表A1（量程为0～0.6A，内阻约为1Ω）

E．电流表A2（量程为0～100mA，内阻约为2Ω）

F．滑动变阻器R1（最大阻值10Ω）

G．滑动变阻器R2（最大阻值2kΩ）

（1）为了减小实验误差，实验中电压表，电流表，滑动变阻器应分别选择________．（填器材前面的选项字母）

（2）为提高实验精度，请你为该学习小组设计电路图，并画在虚线框中．

（3）下表中的各组数据是此学习小组在实验中测得的，根据表格中的数据在方格纸上作出该电珠的伏安特性曲线。

U/V

0.5

1.0

1.5

2.0

2.5

I/A

0.17

0.30

0.39

0.45

0.49

（4）如果用一个电动势为1.5V，内阻为3Ω的电源与该小电珠组成电路，则该小电珠的实际功率为__________（结果保留两位有效数字）．

四、计算题（4小题，共46分）

15．（8分）如图所示，质量为m，带电量为+q的微粒（重力不计），在匀强电场中的A点以速度为v，方向与电场线垂直射入电场中，在B点时速度方向与电场线成300角求：

（1）微粒在B点的速度大小

（2）A与B之间的电势差

16．（12分）如图所示，两根足够长的光滑直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为θ的绝缘斜面上，两导轨间距为L。

M、P两点间接有阻值R的电阻。

一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直，整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下。

导轨和金属杆的电阻可忽略。

让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好。

（1）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时，求此时ab杆中的电流及其加速度的大小；

（2）求在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值。

17．（12分）一带电平行板电容器被竖直安放，如图所示，两板间距d＝0.1m，电势差U＝1000V．现从平行板上A处以vA＝3m/s的速度水平向左射入一带正电小球（已知小球的电荷量q＝10－7C，质量m＝0.02g），经一段时间后发现小球打在A点正下方的B处（g取10m/s2），

（1）小球离AB板的最远距离L是多少。

（2）求A、B间的距离sAB。

（3）求小球到达B点时的动能。

18．（14分）长为L的电容器水平放置，其中有竖直向下的电场，场强为E，垂直纸面的未知磁场B1。

半径为R的圆形磁场与电容器右侧边缘相切于B点，O为圆心，磁感应强度

，圆形磁场右侧有一竖直放置的荧光屏。

且A，B，O在同一水平线上。

现有一质量为m，带电量为+q的粒子（重力不计），以初速度为v从A点水平射入电容器中，并从B点进入圆形磁场，最后打在荧光屏上某点P（图中没画出）。

不考虑边缘效应。

求:

（1）B1的大小和方向

（2）粒子从A点到离开圆形磁场的总时间

（3）P点距AO的距离

高二物理答案

一、二、选择题

1

2

3

4

5

6

D

B

A

C

7

8

9

10

11

12

AD

BC

BD

AC

13.

（1）6,1,

（2）9

14．（6分）

（1）BDF

（2）如图所示．

15．（8分）解：

由几何关系vB=v/Sin300………………………3分

vB=2v………………………1分

由A到B，由动能定理有qUAB=1/2mvB2—1/2mv2…………………3分

解之得UAB=3mv2/2q………………………1分

16．（12分）解：

（1）当ab加速下滑时，E=Blv………………………1分

I=E/R………………………1分

故I=Blv/R,方向由a到b………………………2分

F=BIl………………………1分

GSinθ—F=ma………………………2分

a=（mgSinθ—B

l

v/R）/m………………………1分

（2）当a=0时，即GSinθ=F时ab杆的速度可以达到最大值。

………………………1分

mgsinθ=Bl

所以， 

vm=

sinθ………………………2分

17．（12分）解：

（1）

=ma1…………………1分

vA2=2a1L…………………1分

…………………1分

得L=0.09m……………1分

（2）设小球的飞行时间为t，则：

在竖直方向上有SAB＝

gt2……………………2分

在水平方向上有t＝

＝

…………….2分

解得sAB＝7.2×

10－2m…………………1分

（3）从A到B由动能定理得：

mgSAB＝Ek－

mv

……………..2分

即Ek＝mgsAB＋

＝1.044×

10－4J……………………..1分

18．解：

（14分）

（1）由

……………1分

可得

………………………..1分

由左手定则可知：

磁场方向垂直纸面向里……………………….1分

（2）粒子在电容器中做匀速直线运动

可知

……………………………2分

在圆形磁场中由

有

对应的圆心角

又由

有…………………………..2分

且

……………….1分

所以

……………..1分

（3）由几何关系可得

………….2分