工程流体力学答案整理Word格式.docx
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水
水银
【2-2】如图所示地U形管中装有水银与水,试求:
(1)A、C两点地绝对压力及表压力各为多少?
(2)求A、B两点地高度差h?
(1)
(2)选取U形管中水银地最低液面为等压面,则
p
R
题2-3图
得
【2-3】在一密闭容器内装有水及油,密度分别为ρw及ρo,油层高度为h1,容器底部装有水银液柱压力计,读数为R,水银面与液面地高度差为h2,试导出容器上方空间地压力p与读数R地关系式.
【解】选取压力计中水银最低液面为等压面,则
得
【2-4】油罐内装有相对密度为0.7地汽油,为测定油面高度,利用连通器原理,把U形管内装上相对密度为1.26地甘油,一端接通油罐顶部空间,一端接压气管.同时,压力管地另一支引入油罐底以上地0.4m处,压气后,当液面有气逸出时,根据U形管内油面高度差△h=0.7m来计算油罐内地油深H=?
p0
0.4m
p压力气体
题2-4图
△h
【解】选取U形管中甘油最低液面为等压面,由气体各点压力相等,可知油罐底以上0.4m处地油压即为压力管中气体压力,则
A·
·
1m
题2-5图
【2-5】图示两水管以U形压力计相连,A、B两点高差1m,U形管内装有水银,若读数△h=0.5m,求A、B两点地压力差为多少?
【解】选取U形管内水银最低液面为等压面,设B点到水银最高液面地垂直高度为x,则
T
d
o
x'
P
yD
yC
L
题2-6图
【2-6】图示油罐发油装置,将直径为d地圆管伸进罐内,端部切成45°
角,用盖板盖住,盖板可绕管端上面地铰链旋转,借助绳系上来开启.已知油深H=5m,圆管直径d=600mm,油品相对密度0.85,不计盖板重力及铰链地摩擦力,求提升此盖板所需地力地大小?
(提示:
盖板为椭圆形,要先算出长轴2b和短轴2a,就可算出盖板面积A=πab).
【解】分析如图所示
以管端面上地铰链为支点,根据力矩平衡
其中
可得
题2-7图
【2-7】图示一个安全闸门,宽为0.6m,高为1.0m.距底边0.4m处装有闸门转轴,使之仅可以绕转轴顺时针方向旋转.不计各处地摩擦力,问门前水深h为多深时,闸门即可自行打开?
【解】分析如图所示,由公式可知,水深h越大,则形心和总压力地作用点间距离越小,即D点上移.当D点刚好位于转轴时,闸门刚好平衡.
即
R=1m
0.5m
1.9m
汞
等效自由液面
o'
Ax
(-)
h*=pB/ρog
Px
PZ
θ
题2-8图
【2-8】有一压力贮油箱(见图),其宽度(垂直于纸面方向)b=2m,箱内油层厚h1=1.9m,密度ρ0=800kg/m3,油层下有积水,厚度h2=0.4m,箱底有一U型水银压差计,所测之值如图所示,试求作用在半径R=1m地圆柱面AB上地总压力(大小和方向).
【解】分析如图所示,首先需确定自由液面,选取水银压差计最低液面为等压面,则
由pB不为零可知等效自由液面地高度
曲面水平受力
曲面垂直受力
则
【2-9】一个直径2m,长5m地圆柱体放置在图示地斜坡上.求圆柱体所受地水平力和浮力.
60°
F
题2-9图
【解】分析如图所示,因为斜坡地倾斜角为60°
,故经D点过圆心地直径与自由液面交于F点.
BC段和CD段水平方向地投影面积相同,力方向相反,相互抵消,故
圆柱体所受地水平力
圆柱体所受地浮力
水地等效
自由液面
Ax1
Ax2
(+)
(-)
h*=poB/ρwg
题2-10图
【2-10】图示一个直径D=2m,长L=1m地圆柱体,其左半边为油和水,油和水地深度均为1m.已知油地密度为ρ=800kg/m3,求圆柱体所受水平力和浮力.
【解】因为左半边为不同液体,故分别来分析AB段和BC段曲面地受力情况.
AB曲面受力
BC曲面受力
则,圆柱体受力
(方向向上)
1.0m
(+)
题2-11图
【2-11】图示一个直径为1.2m地钢球安装在一直径为1m地阀座上,管内外水面地高度如图所示.试求球体所受到地浮力.
【解】分析如图所示,图中实压力体(+)为一圆柱体,其直径为1.0m
【2-12】图示一盛水地密闭容器,中间用隔板将其分隔为上下两部分.隔板中有一直径d=25cm地圆孔,并用一个直径D=50cm质量M=139kg地圆球堵塞.设容器顶部压力表读数pM=5000Pa,求测压管中水面高x大于若干时,圆球即被总压力向上顶开?
【解】分析如图所示,图中虚压力体(-)为一球体和圆柱体体积之和
h*=pM/ρg
等效自
由液面
题2-12图
根据受力分析可知
※【2-13】水车长3m,宽1.5m,高1.8m,盛水深1.2m,见图2-2.试问为使水不益处,加速度a地允许值是多少.
图2-13图
a
1.8m
1.2m
【解】根据自由夜面(即等压面方程)
第三章流体运动学
【3-1】已知流场地速度分布为
u=x2yi-3yj+2z2k
(1)属几元流动?
(2)求(x,y,z)=(3,1,2)点地加速度?
(1)由流场地速度分布可知
流动属三元流动.
(2)由加速度公式
故过(3,1,2)点地加速度
其矢量形式为:
【3-2】已知流场速度分布为ux=x2,uy=y2,uz=z2,试求(x,y,z)=(2,4,8)点地迁移加速度?
【解】由流场地迁移加速度
故过(2,4,8)点地迁移加速度
1
2
题3-3图
【3-3】有一段收缩管如图.已知u1=8m/s,u2=2m/s,l=1.5m.试求2点地迁移加速度.
【解】由已知条件可知流场地迁移加速度为
其中:
则2点地迁移加速度为
【3-4】某一平面流动地速度分量为ux=-4y,uy=4x.求流线方程.
【解】由流线微分方程
解得流线方程
【3-5】已知平面流动地速度为,式中B为常数.求流线方程.
【解】由已知条件可知平面流动地速度分量
代入流线微分方程中,则
【3-6】用直径200mm地管输送相对密度为0.7地汽油,使流速不超过1.2m/s,问每秒最多输送多少kg?
【解】由流量公式可知
【3-7】截面为300mm×
400mm地矩形孔道,风量为2700m3/h,求平均流速.如风道出口处截面收缩为150mm×
400mm,求该处断面平均流速.
如风道出口处截面收缩为150mm×
400mm,则
【3-8】已知流场地速度分布为ux=y+z,uy=z+x,uz=x+y,判断流场流动是否有旋?
【解】由旋转角速度
可知
故为无旋流动.
【3-9】下列流线方程所代表地流场,哪个是有旋运动?
(1)2Axy=C
(2)Ax+By=C(3)Alnxy2=C
【解】由流线方程即为流函数地等值线方程,可得
(1)速度分布
旋转角速度
(2)速度分布
(3)速度分布
故为有旋流动.
【3-10】已知流场速度分布为ux=-cx,uy=-cy,uz=0,c为常数.求:
(1)欧拉加速度a=?
;
(2)流动是否有旋?
(3)是否角变形?
(4)求流线方程.
(1)由加速度公式
(2)旋转角速度
(3)由角变形速度公式
可知为无角变形.
(4)将速度分布代入流线微分方程
解微分方程,可得流线方程
第四章流体动力学
【4-1】直径d=100mm地虹吸管,位置如附图中所示.求流量和2、3地压力.不计水头损失.
题4-1图
3
4
5m
2m
【解】选取4点所在断面和1点所在断面列伯努力方程,以过4点地水平线为基准线.
得,则
选取1、2点所在断面列伯努利方程,以过1点地水平线为基准线
(v2=v4)
选取1、3点所在断面列伯努利方程,以过1点地水平线为基准线
(v3=v4)
题4-2图
δ=0.8
【4-2】一个倒置地U形测压管,上部为相对密度0.8地油,用来测定水管中点地速度.若读数△h=200mm,求管中流速u=?
【解】选取如图所示1-1、2-2断面列伯努利方程,以水管轴线为基准线
同时,选取U形测压管中油地最高液面为等压面,则
【4-3】图示为一文丘里管和压力计,试推导体积流量和压力计读数之间地关系式.当z1=z2时,ρ=1000kg/m3,ρH=13.6×
103kg/m3,d1=500mm,d2=50mm,H=0.4m,流量系数α=0.9时,求Q=?
【解】列1-1、2-2所在断面地伯努利方程、以过1-1断面中心点地水平线为基准线.
题4-3图
d1
ρm
m
d2
Q
Z1
Z2
水平基准线
选取压力计中汞地最低液面为等压面,则
又由、,得
所以
【4-4】管路阀门关闭时,压力表读数为49.8kPa,阀门打开后,读数降为9.8kPa.设从管路进口至装表处地水头损失为流速水头地2倍,求管路中地平均流速.
题4-4图
【解】当管路阀门关闭时,由压力表度数可确定管路轴线到自有液面地高度H
当管路打开时,列1-1和2-2断面地伯努利方程,则
【4-5】为了在直径D=160mm地管线上自动掺入另一种油品,安装了如下装置:
自锥管喉道处引出一个小支管通入油池内.若压力表读数为2.3×
105Pa,吼道直径d=40mm,T管流量Q=30l/s,油品地相对密度为0.9.欲掺入地油品地相对密度为0.8,油池油面距喉道高度H=1.5m,如果掺入油量约为原输量地10%左右,B管水头损失设为0.5m,试确定B管地管径.
题4-5图
【解】列1-1和2-2断面地伯努利方程,则
列3-3和4-4自有液面地伯努利方程,以4-4断面为基准面,则
其中、,代入上式,得
27mm
【4-6】一变直径地管段AB,直径dA=0.2m,dB=0.4m,高差h=1.0m,用压力表测得pA=70kPa,pB=40kPa,用流量计测得流量Q=0.2m3/s.试判断水在管段中流动地方向.
题4-6图
【解】列A点和B点所在断面地伯努利方程
故流动方向为A-B.
【4-7】泄水管路如附图所示,已知直径d1=125mm,d2=100mm,d3=75mm,汞比压力计读数h=175mm,不计阻力,求流量和压力表读数.
题4-7图
【解】列1-1、2-2断面地波努利方程
又由
(即)
可得、、
列压力表所在断面和出口断面地伯努利方程
【4-8】如图所示,敞开水池中地水沿变截面管路排出地质量流量Qm=14kg/s,若d1=100mm,d2=75mm,d3=50mm,不计损失,求所需地水头H,以及第二段管段中央M点地压力,并绘制测压管水头线.
d3
M
题4-8图
测压管水头线
【解】列1-1和3-3断面地伯努利方程,则
、
列M点所在断面2-2和3-3断面地伯努利方程,则
【4-9】由断面为0.2m2和0.1m2地两根管子组成地水平输水管系从水箱流入大气中:
若不计损失,(a)求断面流速v1及v2;
(b)绘总水头线及测压管水头线;
(c)求进口A点地压力.
计入损失:
第一段地水头损失为流速水头地4倍,第二段为3倍,(a)求断面流速v1及v2;
(b)绘制总水头线及测压管水头线;
(c)根据所绘制水头线求各管段中间点地压力.
(1)列自有液面和管子出口断面地伯努利方程,则
列A点所在断面和管子出口断面地伯努利方程,则
H=4m
v1
v2
A1=0.2m2
A2=0.1m2
题4-9图
总水头线(不计损失)
总水头线(计损失)
(2)列自有液面和管子出口断面地伯努利方程,则
由
得、
细管断中点地压力为:
粗管断中点地压力为:
【4-10】用73.5×
103W地水泵抽水,泵地效率为90%,管径为0.3m,全管路地水头损失为1m,吸水管水头损失为0.2m,试求抽水量、管内流速及泵前真空表地读数.
27m
真空表
题4-10图
【解】列两自由液面地伯努利方程,则
得H=30m
列最低自由液面和真空表所在断面地伯努利方程,则
故真空表地度数为26.62kPa.
【4-11】图示一管路系统,欲维持其出口流速为20m/s,问水泵地功率为多少?
设全管路地水头损失为2m,泵地效率为80%.若压水管路地水头损失为1.7m,则压力表上地读数为若干?
19m
压力表
D1=2cm
D1=1cm
题4-11图
【解】列自由液面和出口断面地伯努利方程,则
其中v1=20m/s
得H=42.4m
列压力表所在断面和出口断面地伯努利方程,则
其中v2A2=v1A1
【4-12】图示离心泵以20m3/h地流量将相对密度为0.8地油品从地下罐送到山上洞库油罐.地下油罐油面压力为2×
104Pa,洞库油罐油面压力为3×
104Pa.设泵地效率为0.8,电动机效率为0.9,两罐液面差为40m,全管路水头损失设为5m.求泵及电动机地额定功率(即输入功率)应为若干?
40m
题4-12图
【解】列两油罐液面地伯努利方程,则
【4-13】输油管线上水平90°
转变处,设固定支座.所输油品δ=0.8,管径d=300mm,通过流量Q=100l/s,断面1处压力为2.23×
105Pa.断面2处压力为2.11×
105Pa.求支座受压力地大小和方向?
题4-13图
Rx
Ry
【解】选取1-1和2-2断面及管壁围成地空间为控制体,建立如图所示坐标系.
列x方向动量方程
列y方向动量方程
pA
pB
题4-14图
【4-14】水流经过60°
渐细弯头AB,已知A处管径dA=0.5m,B处管径dB=0.25m,通过地流量为0.1m3/s,B处压力pB=1.8×
105Pa.设弯头在同一水平面上摩擦力不计,求弯所受推力.
【解】选取A和B断面及管壁围成地空间为控制体,建立如图所示坐标系.
其中pA可由列A断面和B断面地伯努利方程得
【4-15】消防队员利用消火唧筒熄灭火焰,消火唧筒出口直径d=1cm,入口直径D=5cm.从消火唧筒设出地流速v=20m/s.求消防队员手握住消火唧筒所需要地力(设唧筒水头损失为1m)?
题4-15图
【解】选取消火唧筒地出口断面和入口断面与管壁围成地空间为控制体,建立如图所示坐标系.
列x方向地动量方程
其中p1可由列1-1和2-2断面地伯努利方程求得
【4-16】嵌入支座地一段输水管,如图所示,其直径由D1=0.15m变化为D2=0.1m.当支座前端管内压力p=4×
105Pa,流量Q=0.018m3/s,求该管段中支座所受地轴向力?
D2
D1
题4-16图
【解】取1-1、2-2断面及管壁围成地空间为控制体,建立如图所示坐标系.
列x方向即轴向动量方程
其中p1可由1-1和2-2断面地伯努利方程求得
又由、、、
α
题4-17图
【4-17】水射流以19.8m/s地速度从直径d=0.1m地喷口射出,冲击一个固定地对称叶片,叶片地转角α=135°
,求射流叶片地冲击力.若叶片以12m/s地速度后退,而喷口仍固定不动,冲击力将为多大?
【解】建立如图所示坐标系
(1)列x方向地动量方程
(2)若叶片以12m/s地速度后退,其流体相对叶片地速度v=7.8m/s,代入上式得.
第五章量纲分析与相似原理
【5-1】试用量纲分析法分析自由落体在重力影响下降落距离s地公式为s=kgt2,假设s和物体质量m、重力加速度g和时间t有关.
【解】应用瑞利法
(1)分析物理现象,假定
(2)写出量纲方程
或
(3)利用量纲和谐原理确定上式中地指数
解得
回代到物理方程中得
【5-2】检查以下各综合数是否为无量纲数:
(1);
(2);
(3);
(4);
(5).
(1)展开量纲公式
为有量纲量.
(2)展开量纲公式
(3)展开量纲公式
(4)展开量纲公式
(5)展开量纲公式
为无量纲数.
【5-3】假设泵地输出功率是液体密度ρ,重力加速度g,流量Q,和扬程H地函数,试用量纲分析法建立其关系.
【解】利用瑞利法,取比重γ=ρg
【5-4】假设理想液体通过小孔地流量Q与小孔地直径d,液体密度ρ以及压差有关,用量纲分析法建立理想液体地流量表达式.
【解】利用瑞利法
【5-5】有一直径为D地圆盘,沉没在密度为ρ地液池中,圆盘正好沉于深度为H地池底,用量纲分析法建立液体作用于圆盘面上地总压力P地表达式.
【解】利用π定理
(1)分析物理现象
(2)选取H、g、ρ为基本量,它们地量纲公式为
,,
其量纲指数地行列式为
所以这三个基本物理量地量纲是独立地,可以作为基本量纲.
(3)写出5-3=2个无量纲π项
,
(4)根据量纲和谐原理,可确定各π项地指数,则
(5)无量纲关系式可写为
或
总压力
【5-6】用一圆管直径为20cm,输送υ=4×
10-5m2/s地油品,流量为12l/s.若在实验室内用5cm直径地圆管作模型实验,假如采用
(1)20℃地水,
(2)υ=17×
106m2/s地空气,则模型流量各为多少时才能满足粘滞力地相似?
【解】依题意有Rep=Rem,或
(1)查表可知20℃地水地运动粘度为1.007×
10-6m2/s,由此可得
(2)若为空气,则
【5-7】一长为3m地模型船以2m/s地速度在淡水中拖曳时,测得地阻力为50N,试求
(1)若原型船长45m,以多大地速度行驶才能与模型船动力相似.
(2)当原型船以上面
(1)中求得地速度在海中航行时,所需地拖曳力(海水密度为淡水地1.025倍.该流动雷诺数很大,不需考虑粘滞力相似,仅考虑重力相似.)
【解】欲保持重力相似应维持弗劳德数相等,即
(1)所以有
(2)由同名力相似可知
则有
第六章粘性流体动力学基础
【6-1】用直径为100mm地管路输送相对密度为0.85地柴油,在温度20℃时,其运动粘度为6.7×
10-6m2/s,欲保持层流,问平均流速不能超过多少?
最大输送量为多少?
【解】预保持层流,Re≤2000即
【6-2】用管路输送相对密度为0.9,粘度为0.045Pa·
s地原油,维持平均速度不超过1m/s,若保持在层流地状态下输送,则管径最大不能超过多少?
【6-3】相对密度为0.88地柴油,沿内径100mm地管路输送,流量为1.66l/s.求临界状态时柴油应有地粘度为若干?
【解】根据临界状态时
【6-4】用直径D=100mm管道,输送流量为10l/s地水,如水温为5℃.试确定管内水地流态.如果该管输送同样质量流量地石油,已知石油地相对密度ρ=850kg/m3,运动粘滞系数为1.14×
10-4m2/s,试确定石油地流态.
【解】查表(P9)得水在温度为5℃时地运动粘度为1.519×
10-6m2/s.根据已知条件可知
故为紊流.
因该管输送同样质量流量地石油,其体积流量为
故为层流.
【6-5】沿直径为200mm地管道输送润滑油,流量9000kg/h,润滑油地密度ρ=900kg/m3,运动粘度系数冬季为1.1×
10-4m2/s,夏季为3.55×
10-5m2/s,试判断冬夏两季润滑油在管路中地流动状态.
【解】由雷诺数可知
冬季为层流.
夏季为层流.
【6-6】管径400mm,测得层流状态下管轴心处最大速度为4m/s,求断面平均流速?
此平均流速相当于半径为若干处地实际流速?
【解】由圆管层流速度分布公式
平均流速为最大流速地一半,可知平均流速
同时可得
令可得
【6-7】运动粘度为4×
10-5m2/s地流体地直径d=1cm地管径以v=4m/s地速度流动,求每M管长上地沿程损失.
【解】由雷诺数
流动状态为层流,则
【6-8】水管直径d=250mm长度l=300m,绝对粗糙度△=0.25mm.设已知流量Q=95l/s,运动粘度为1×
10-6m2/s,求沿程损失.
【解】雷诺数
相对粗糙度
查莫迪图(P120)得