高中物理必修二人教旧版动能和动能定理教师版.docx
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高中物理必修二人教旧版动能和动能定理教师版
动能和动能定理
知识集结
知识元
动能
知识讲解
1.定义:
物体由于运动而具有的能量叫做动能
2.表达式:
3.动能是一个描述物体运动状态的物理量,是标量;只有大小,没有方向;只有正值,没有负值
4.动能是状态量:
计算时v应取物体的瞬时速度
5.具有相对性:
选取不同的参考系,物体的速度不同,动能也不同,一般取地面为参考
例题精讲
动能
例1.
关于动能的理解,下列说法正确的是( )
A.动能是机械能的一种表现形式,凡是运动的物体都具有动能
B.动能有可能为负值
C.一定质量的物体动能变化时,速度一定变化,速度变化时,动能一定变化
D.一定质量的物体动能变化时,速度一定变化,速度变化时,动能一定变化
【答案】A
【解析】
题干解析:
解:
A、动能是普遍存在的机械能的一种基本形式,运动的物体都就有动能.故A正确.
B、根据Ek=mv2知,质量为正值,速度的平方为正值,则动能一定为正值,故B错误;
C、一定质量的物体,动能变化,则速度的大小一定变化,所以速度一定变化;但是速度变化,动能不一定变化,比如做匀速圆周运动,速度方向变化,大小不变,则动能不变.故C错误;
D、动能不变的物体,速度方向可能变化,则不一定处于平衡状态.故D错误
例2.
某同学将质量为3kg的铅球,以8m/s的速度投出,铅球在出手时的动能是( )
A.12J
B.24J
C.96J
D.192J
【答案】C
【解析】
题干解析:
解:
根据动能的定义式Ek=mv2=96J,所以C正确
例3.
两个物体质量比为1:
4,速度大小之比为4:
1,则这两个物体的动能之比为( )
A.1:
1
B.1:
4
C.4:
1
D.2:
1
【答案】C
【解析】
题干解析:
解:
根据Ek=mv2得,质量比为1:
4,速度大小比为4:
1,则动能之比为4:
1.故C正确,A、B、D错误
例4.
质量为m的石子从距地面高为H的塔顶以初速v0竖直向下运动,若只考虑重力作用,则石子下落到距地面高为h处时的动能为(g表示重力加速度)( )(用运动学公式求解)
A.
B.
C.mv﹣mgh
D.mgh
【答案】C
【解析】
题干解析:
解:
由动能定理得:
mg(H-h)=mv-mv
距地面高为h处时的动能:
mv=mv+mgH﹣mgh
练习1.距地面高为h处,以水平速度v0抛出一个质量为m的小球,若不计空气阻力,则物体落地时的动能为( )
A.mv+mghB.mvC.mv﹣mghD.mgh
【答案】A
【解析】解:
落地时竖直方向,由运动学公式v=2gh
则落地时小球速度vt=
可得落地时动能Ekt=mv=mv+mgh
动能定理
知识讲解
一、动能定理的推导
1、建立情景,如下图所示:
光滑水平面上一质量为m的物体,初速度为v1,在水平恒力F作用下移动l距离,速度变为v2
2、推导过程
外力做的总功:
W=Fl
由牛顿第二定律:
F=ma
由运动学公式:
联立可得
即
二、动能定理的应用
应用动能定理解题的一般步骤:
1.确定研究对象,画出草图
2.分析物体的受力情况、分析各力做功的情况(是否做功,正功还是负功,做了多少功)
3.确定物体的初、末状态;明确初、末状态的动能
4.列式求解(注意左边为各个力做功的代数和,右边为动能变化量)
5.对结果进行分析
例题精讲
动能定理
例1.
一人用力踢质量为10kg的皮球,使球由静止以20m/s的速度飞出.假定人踢球瞬间对球平均作用力是200N,球在水平方向运动了20m停止.那么人对球所做的功为( )
A.4000J
B.2000J
C.500J
D.1000J
【答案】B
【解析】
题干解析:
解:
瞬时力做功,一般不能用W=Fs计算
在踢球的过程中,人对球所做的功等于球动能的变化量,则W=mv2-0=×10×400J=2000J
例2.
如图所示,运动员把质量为m的足球从水平地面踢出,足球在空中达到的最大高度为h,在最高点时的速度为v,不计空气阻力,重力加速度为g,则运动员踢球时对足球做的功为( )
A.
B.mgh
C.
D.mgh+mv2
【答案】C
【解析】
题干解析:
解:
足球被踢起后在运动过程中,只受到重力作用,只有重力做功,足球的机械能守恒,足球到达最高点时,机械能为E=mgh+mv2,由于足球的机械能守恒,则足球刚被踢起时的机械能为E=mgh+mv2,足球获得的机械能等于运动员对足球所做的功,因此运动员对足球做功:
W=mgh+mv2,故ABD错误,C正确
例3.
将一个质量为m的小球从足够高处水平抛出,经过一段时间后,小球的动能为Ek,再经过相同的时间后,小球的动能为2Ek(此时小球未落地),不计空气阻力,重力加速度为g,则小球抛出的初速度大小为( )
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
题干解析:
解:
由题意可知,由动能定理,经t时间,有:
mg×gt2=Ek-mv02
经过2t时间,有:
mg×g(2t)2=2Ek-mv02
联立求得:
v0=,故D正确,ABC错误
例4.
如图所示,质量相同的物体分别自斜面AC和BC的顶端由静止开始下滑,物体与斜面间的动摩擦因数都相同,物体滑到斜面底部C点时的动能分别为Ek1和Ek2,下滑过程中克服摩擦力所做的功分别为W1和W2,则( )
A.Ek1>Ek2 W1<W2
B.Ek1>Ek2 W1=W2
C.Ek1=Ek2 W1>W2
D.Ek1<Ek2 W1>W2
【答案】B
【解析】
题干解析:
解:
设斜面的倾角为θ,滑动摩擦力大小为μmgcosθ,则物体克服摩擦力所做的功为μmgscosθ.而scosθ相同,所以克服摩擦力做功相等.
根据动能定理得,mgh﹣μmgscosθ=EK﹣0,
在AC斜面上滑动时重力做功多,克服摩擦力做功相等,则在AC面上滑到底端的动能大于在BC面上滑到底端的动能,即Ek1>Ek2
例5.
如图所示,小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P,然后落回水平面,不计一切阻力,下列说法中正确的是( )
A.小球落地点离O点的水平距离为R
B.小球落地时的动能为
C.小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零
D.若将半圆弧轨道上部的
圆弧截去,其他条件不变,则小球能达到的最大高度为2R
【答案】B
【解析】
题干解析:
解:
C、小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P,故在最高点重力作为向心力,那么,小球运动到半圆弧最高点P时向心力不为零,故C错误;
A、小球在最高点有mg=,所以vp=,那么,小球离开P点后做平抛运动,所以有:
2R=gt2,x=vPt==2R,故A错误;
B、小球做平抛运动机械能守恒,故小球落地时的动能为2mgR+m=mgR,故B正确;
D、小球在半圆轨道运动机械能守恒,故若将半圆弧轨道上部的
圆弧截去,小球做上抛运动的初速度为v,则有:
mv2=mgR+m=mgR;
所以,小球竖直上抛运动能向上运动的最大位移为R,那么,小球能达到的最大高度为R,故D错误
例6.
如图所示,一个人用与水平方向成θ=37°角的斜向下的推力F推一个重G=200N的箱子匀速前进,箱子与地面间的动摩擦因数为μ=0.5(g=10m/s2).
(1)求推力F的大小(sin37°=0.6,cos37°=0.8).
(2)若人不改变推力F的大小,只把力的方向变为水平去推这个静止的箱子,推力作用时间t=3s后撤去,求箱子滑行的总位移为多大?
【答案】
%%x=45m
【解析】
题干解析:
解:
(1)选箱子为研究对象,其受力如图所示,由平衡条件知:
Fcos37°=f1=μFN﹣﹣﹣①FN=G+Fsin37°﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②联立①②得:
F==200N;
(2)受力分析及运动过程如右图所示.前3s内:
a1===5m/s23s末:
v1=a1t1=15m/s,前3s内的位移:
x1=a1=22.5m;撤去F后:
a2===-5m/s2箱子还能滑行x2,由:
0﹣v12=2a2x2;得x2==22.5m所以箱子通过的总位移:
x=x1+x2=45m.
例7.
在水平面上,一辆遥控玩具汽车由静止开始做匀加速直线运动,当速度达到v=2m/s时,立即关闭电机直到车停止,车的v﹣t图象如图所示.设汽车所受阻力f大小不变,在加速和减速过程中汽车克服阻力做功分别为W1和W2,电机提供的牵引力F做功为W.下列说法正确的是( )
A.W=W1+W2
B.F=3f
C.W1=W2
D.汽车全程的平均速度大小为1.5m/s
【答案】A
【解析】
题干解析:
解:
A、在整个过程中,根据能量的转化和守恒可知,电动机的牵引力F的功等于汽车在加速和减速过程中汽车克服阻力做功W1和W2的和,即为:
W=W1+W2,故A正确.
B、在该过程中,汽车的初末速度都为零,由图可知,牵引力F作用的时间为1s,摩擦力f作用的时间为4s,由动量定理有:
F×1﹣f×4=0,解得:
F=4f,故B错误.
C、在整个过程中,摩擦力的大小没有变化,由图可知,前后两段时间之比为1:
3,所以前后两段时间内的位移之比为1:
3,即为3W1=W2,故C错误.
D、由图象可知,汽车全程的平均速度大小为==1m/s,故D错误
例8.
质量为1kg的物体以某一初速度在水平面上滑行,由于摩擦阻力的作用,其动能随位移变化的图线如图所示,g取10m/s2,则以下说法中正确的是( )
A.物体与水平面间的动摩擦因数为0.5
B.物体与水平面间的动摩擦因数为0.2
C.物体滑行的总时间为4s
D.物体滑行的总时间为2s
【答案】C
【解析】
题干解析:
解:
AB、由图象可知,该过程中初动能EK1=50J,末动能为:
EK2=0J,位移为:
x=20m,
则可知,EK1=mv12=50J,
解得初速度为:
v1=10m/s,
由动能定理得:
EK2﹣EK1=﹣fx,
解得:
f=2.5N=μmg,μ=0.25,故AB错误;
CD、物体加速度a==μg=0.25×10=2.5m/s2,
由速度公式可得,物体运动时间t==4s,故C正确,D错误
例9.
一小物块沿斜面向上滑动,然后滑回到原处.物块初动能为Ek0,与斜面间的动摩擦因数不变,则该过程中,物块的动能Ek与位移x关系的图线是( )
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
题干解析:
解:
设斜面的倾角为θ,物块的质量为m,沿斜面向上为位移正方向;根据动能定理可得:
上滑过程中:
﹣mgxsinθ﹣μmgxcosθ=Ek﹣Ek0所以Ek=Ek0﹣(mgsinθ+μmgcosθ)x
下滑过程中:
mgx′sinθ﹣μmgx′cosθ=Ek﹣0所以Ek=(mgsinθ﹣μmgcosθ)x′
可得上滑过程及下滑过程动能的变化都为线性,BD错误
注意下滑过程动能与位移的关系是相对于原点的,区分A、C选项
C正确、A错误
当堂练习