高中物理 第3章 电磁波 第1节 电磁波的产生自我小测 鲁科版选修34文档格式.docx
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7.如图所示,L为一电阻可忽略的线圈,D为一灯泡,C为电容器,开关S处于闭合状态,灯泡D正常发光,现突然断开S,并开始计时,能正确反映电容器a极板上电荷量q随时间变化的图象是下图中的(图中q为正值表示a极板带正电)( )
8.如图所示,LC振荡回路中振荡电流的周期为2×
10-2s,自振荡电流沿逆时针方向达最大值时开始计时,当t=3.4×
10-2s时,电容器正处于(填“充电”“放电”“充电完毕”或“放电完毕”)状态。
这时电容器的上极板(填“带正电”“带负电”或“不带电”)。
9.如图所示的振荡电路中,自感系数L=300μH,电容C的范围为25~270pF,求:
(1)振荡电流的频率范围;
(2)若自感系数L=10mH,要产生周期T=0.02s的振荡电流,应配置多大的电容?
参考答案
1.解析:
本题考查LC振荡电路的频率公式f=
。
由此式可知增大固有频率f的办法是减小L或减小C或同时减小L和C。
另外电容器两极板的正对面积增大,则C增大,正对面积减小,则C减小。
在线圈中放入铁芯或增加线圈的匝数,则L增大,减少线圈的匝数,则L减小。
综上可知只有选项D是正确的。
答案:
D
2.解析:
根据麦克斯韦电磁场理论,只有变化的电场周围才产生磁场,恒定电流是均匀变化的电场,所以周围存在稳定的磁场,故B、D选项正确。
BD
3.解析:
注意本题要选的是不正确选项。
v=
,λ=
适用于一切波,A正确;
干涉和衍射是一切波的特性,B正确;
机械波要靠介质来传播,而电磁波可在真空中传播,C正确;
电磁波只有横波,D错。
故本题唯一不正确选项为D。
4.解析:
由麦克斯韦电磁场理论知,当空间出现恒定的电场时(如A图),由于其不激发磁场,故无电磁波产生;
当出现均匀变化的电场时(如B图、C图),会激发出磁场,但磁场恒定,不会再在较远处激发起电场,故也不会产生电磁波;
只有周期性变化的电场(如D图),才会激发出周期性变化的磁场,其又激发出周期性变化的电场……如此不断激发,便会形成电磁波。
5.解析:
电容器某一极板从带最多的正电荷到带最多的负电荷这段时间,电容器完成了放电和反向充电过程,时间为半个周期,A错误;
电容器放电完毕瞬间,电路中电场能最小,磁场能最大,故电路中的电流最大,B错误;
振荡周期仅由电路本身决定,与充电电压无关,C错误;
提高振荡频率,就是减小振荡周期,可通过减小电容器极板正对面积来减小C,达到增大振荡频率的目的,D正确。
6.解析:
根据T=2π
知,钟变快是由于LC振荡电路的周期变小了,减小T的方法有L不变,C变小;
L变小,C不变;
L、C均变小,故B、C、D正确。
BCD
7.解析:
开关S闭合时,由于线圈中电阻为零,线圈中有自上到下的电流,但线圈两端电压为零,与线圈并联的电容器极板上不带电,故本题中LC电路的初始条件是线圈中电流最大,电场能为零。
断开S,线圈中产生与电流方向相同的自感电动势,阻碍线圈中电流的减小,使线圈中电流继续自上向下流动,从而给电容器充电,b极板带正电,a极板带负电,电荷量逐渐增加,经
电荷量达最大值,此时LC电路中电流为零。
在
~
时间内,电容器放电,a极板上负电荷逐渐减少到零,此后电容器被反向充电,a极板带正电,后又放电,如题图中B项所示。
B
8.解析:
根据题意画出此LC回路的振荡电流的变化图象如图所示。
结合图象,t=3.4×
10-2s时刻设为图象中的P点,则该时刻电路正处于反向电流减小过程中,所以电容器正处于反向充电状态,上极板带正电。
充电 带正电
9.解析:
(1)由f=
得:
fmax=
Hz=1.8×
106Hz
fmin=
Hz=0.56×
所以频率范围为
0.56×
106~1.8×
106Hz。
(2)由T=2π
C=
=
F=10-3F。
(1)0.56×
106~1.8×
(2)10-3F
2019-2020年高中物理第3章电能的输送与变压器单元测试沪科版选修3-2
一、选择题(共10个小题,每小题4分,共40分)
1一理想变压器的原线圈上接有正弦交变电压,其最大值保持不变,副线圈接有可调电阻R。
设原线圈的电流为I1,输入功率为P1,副线圈的电流为I2,输出功率为P2,当R增大时( )
A.I1减小,P1增大B.I1减小,P1减小
C.I2增大,P2减小D.I2增大,P2增大
2如图所示,一理想变压器原线圈接入一交流电源,副线圈电路中R1、R2、R3和R4均为固定电阻,开关S是闭合的。
V1和V2为理想电压表,读数分别为U1和U2;
A1、A2和A3为理想电流表,读数分别为I1、I2和I3。
现断开S,U1数值不变,下列推断中正确的是( )
A.U2变小、I3变小B.U2不变、I3变大
C.I1变小、I2变小D.I1变大、I2变大
3如图是一个理想变压器的示意图,S是单刀双掷开关,P是滑动变阻器的滑动触头,U1为加在原线圈两端的交变电压,I1为原线圈中的电流,则( )
A.若保持P的位置及U1不变,S由a合到b处,则I1将减小
B.若保持P的位置及U1不变,S由b合到a处,则R上消耗的功率将增大
C.若保持U1不变,S置于b处,将P向上滑动,则I1减小
D.若保持P的位置不变,S置于a处,将U1增大,则I1减小
4图甲电路中,R=100Ω,在ab之间加上如乙图所示的正弦交流电,则( )
A.电流表的示数为3.1A
B.该交流电压的有效值为310V
C.产生该交流电的发电机转速提高一倍,电流表的示数不变
D.将电阻换成200Ω,则电流表示数变为原来的一半
5(xx山东济宁高二期末,12)xx年春天,低温雨雪冰冻造成我国部分地区严重灾害,其中高压输电线因结冰而损坏严重。
为消除高压输电线上的冰凌,有人设计了这样的融冰思路:
利用电流的热效应除冰。
若在正常供电时,高压线上送电电压为U,电流为I,热消耗功率为ΔP;
除冰时,输电线上的热消耗功率需变为9ΔP,则除冰时(认为发电机输出电压、输出功率和输电线电阻不变)( )
A.输电电流为3I
B.输电电压为3U
C.升压变压器的匝数比
变大
D.降压变压器的匝数比
6如图所示,线圈A接交流电源,其电流表达式为i=Imsin
t。
设交流电为正半周时线圈A的上端电势高于下端电势,副线圈接光滑导轨及光滑金属棒ab,导轨间的磁场方向如图,据此可知,在0~T时间内ab具有向右加速度的时间是( )
A.0~
B.
C.
D.
~T
7在家用交流变压器中,变压器的原、副线圈都有滑动头,如图所示,当变压器输入电压发生变化时,可上下调节滑动头P1、P2的位置,使输出电压稳定在220V上。
若输出电压低于220V,要使输出电压恢复到220V,下列措施正确的是( )
①将P1向下移 ②P2向下移 ③P1向上移同时P2向下移 ④P1向下移同时P2向上移
A.①③B.②④C.①④D.③④
8如图所示的四个图中,a、b为输入端,接交流电源,cd为输出端,下列说法中错误的是( )
A.甲图中Uab<
UcdB.乙图中Uab>
Ucd
C.丙图中Uab<
UcdD.丁图中Uab>
Ucd
9如图所示,一理想变压器的原、副线圈分别由双线圈ab和cd(匝数都为n1)、ef和gh(匝数都为n2)组成。
用I1和U1表示输入电流和电压,I2和U2表示输出电流和电压。
在下列四种连接法中,符合关系U1/U2=n1/n2,I1/I2=n2/n1的有( )
A.b与c相连,以a、d为输入端,f与g相连,以e、h为输出端
B.b与c相连,以a、d为输入端,e与g相连、f与h相连作为输出端
C.a与c相连、b与d相连作为输入端,f与g相连,以e、h为输出端
D.a与c相连、b与d相连作为输入端,e与g相连、f与h相连作为输出端
10长江三峡水利枢纽是当今世界上最大的水利工程,它的装机总功率为2×
107kW,是西部开发的特大重点工程,也是西电东送的能源基地之一,若用总电阻为10Ω的输电线将5×
105kW功率的电能从三峡输送到用电区域,输电电压为5×
102kV,输电导线上损失的功率为( )
A.1×
104kWB.1×
105kW
C.2.5×
104kWD.2.5×
第Ⅱ卷 (非选择题 共60分)
二、填空题(共2个小题,共10分)
11(4分)一个理想变压器,原线圈上加220V的交变电压,副线圈两端的电压是12V,现从副线圈上拆下24匝后,副线圈两端的电压降为8V,则原线圈的匝数为______。
12(6分)一理想变压器,原线圈匝数n1=1100,接在电压为220V的交流电源上。
当它对11只并联的“36V60W”灯泡供电时,灯泡正常发光。
由此可知该变压器副线圈的匝数n2=______,通过原线圈的电流I1=______A。
三、计算与论证(共4个小题,共50分,解答中要有必须的解析过程,直接写结果不得分)
13(12分)某电站输送的电功率是500kW,当采用6kV电压输电时,安装在输电线路起点的电度表和终点的电度表的昼夜读数相差4800kW·
h(即4800度),试求:
(1)输电线的电阻;
(2)若要使输电线上损失的功率降到输送功率的2.304%,应采用多高的电压向外输电?
14(12分)如图所示,一个变压器(可视为理想变压器)的原线圈接在220V的市电上,向额定电压为1.80×
104V的霓虹灯供电,使它正常发光。
为了安全,需在原线圈回路中接入熔断器,使副线圈电路中电流超过12mA时,熔丝就熔断。
(1)熔丝的熔断电流是多大?
(2)当副线圈电路中电流为10mA时,变压器的输入功率是多大?
15(13分)(xx杭州学军中学第二学期期中考试,13)某小型实验水电站输出功率是38kW,输电线路总电阻是6Ω。
(1)若采用380V输电,求输电线路损耗的功率。
(2)若改用5000V高压输电,求输电线路损耗的功率。
(3)若改用5000V高压输电,到用户端再利用n1∶n2=22∶1的变压器降压,求用户得到的电压。
16(13分)发电机输出功率为100kW,输出电压是250V,用户需要的电压是220V,输电线电阻为10Ω。
若输电线中因发热而损失的功率为输送功率的4%,试求:
(1)画出此输电线路的示意图。
(2)在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比。
(3)用户得到的电功率是多少?
1答案:
2答案:
BC
3答案:
C
4答案:
5答案:
AC
6解析:
在0~
时间内,原线圈中电流增加,产生的磁通量在铁心中逆时针增加,由楞次定律知金属棒中的电流方向为ba,由左手定则判断金属棒受的安培力方向向右,加速度向右;
同理可分析以后的三个时间阶段。
AD
7解析:
可通过减少原线圈的匝数,让P1向下滑动,提升副线圈的电压;
也可通过增加副线圈的匝数,让P2向上滑动,来提升副线圈的电压;
也可以两者同时进行。
选项C正确。
8答案:
A
9解析:
同一个铁心上的任意两个线圈都遵守电压关系,而只有一对一线圈的理想变压器才遵守电流关系,选项AD正确。
10解析:
ΔP=(
)2R=(
)2×
10W=1×
104kW。
11解析:
利用变压比公式得:
,
,解得:
n1=1320匝,n2=72匝。
1320匝
12解析:
由题意,副线圈两端电压为36V,根据变压器的电压关系得:
,解得n2=180匝;
根据功率关系得:
I1×
220=11×
60A,得:
I1=3A。
180匝 3
13解析:
在输送功率一定的情况下,可以求出送电电流,由损失功率可求出输电线中的电阻。
根据题目要求,由损失功率计算出输送电压。
(1)P输=UI线,所以I线=
A,P损=
kW=200kW
因P损=I
R线 故R线=
=28.8Ω。
(2)若P损=500kW×
2.304%=11.52kW
故送电电流I线=
=20A,送电电压U=
=2.5×
104V。
(1)28.8Ω
(2)2.5×
104V
14解析:
(1)设原、副线圈上的电压、电流分别为U1、U2、I1、I2,根据理想变压器的输入功率等于输出功率有:
U1I1=U2I2,当I2=12mA时,I1即为熔断电流,代入数据得:
I1=0.98A。
(2)设副线圈中电流为I2′=10mA时,变压器的输入功率为P1,根据理想变压器的输入功率等于输出功率,有P1=I1′U2代入数据得:
P1=180W。
(1)0.98A
(2)180W
15解析:
(1)输电线上电流强度为I=
A=100A
输电线上损失功率为:
P线=I2R=1002×
6W=60kW。
(2)改用高压输电后,输电线上电流强度为I′=
A=7.6A
P线=I2R=7.62×
6W=0.347kW。
(3)用户端在变压器降压前的电压为U1=U-I′R=5000V-7.6×
6V=4954.4V,再由
得U2=
U1=
×
4954.4V=225.2V。
见解析
16点拨:
本题的突破口是通过输电线损耗功率求得输电线电流,这个电流既是升压变压器副线圈的电流,又是降压变压器上原线圈上的电流。
解析:
(1)输电线路的示意图如图所示。
(2)输电线损耗功率P线=100×
4%kW=4kW
又P线=I
R线
输电线电流I2=I3=20A
原线圈中输入电流I1=
A=400A
所以
这样U2=U1
=250×
20V=5000V
U3=U2-U线=5000-20×
10V=4800V
(3)用户得到的电功率P出=100×
96%kW=96kW。