全国各地高考招生物理试题汇编直线运动Word格式文档下载.docx

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在减小，即线框进入磁场过程做加速度减小的变减速运动，B错误；

由于d>

L，若线框完全进入磁场中仍有速度，则线框将会在磁场中做匀速运动直至右边滑出磁场，线框出磁场过程仍做加速度减小的减速运动，C错误，D正确.

17．K2[2017·

新课标全国卷Ⅱ]空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场方向垂直于横截面．一质量为m、电荷量为q（q>

0）的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60°

.不计重力，该磁场的磁感应强度大小为（　　）

A.

　　　　　　　　B.

C.

D.

17．A　[解析]由Bqv0＝

可得：

B＝

，粒子沿半径射入磁场必沿半径射出磁场，可作出运动轨迹图如图所示，由几何知识可得：

r＝

R，即B＝

，A正确．

18．K1[2017·

新课标全国卷Ⅱ]如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a、b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；

a、b带正电，电荷量均为q，c带负电．整个系统置于方向水平的匀强电场中．已知静电力常量为k.若三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为（　　）

B.

18．B　[解析]由题意，三个小球均处于静止状态，对c球而言，a、b两球在c球所在位置处产生的合场强与匀强电场的场强等大反向，故匀强电电场的场强大小E＝2

cos30°

＝

，B正确．

19．L1[2017·

新课标全国卷Ⅱ]在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是（　　）

A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系

B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子环流假说

C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流

D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化

19．ABD　[解析]奥斯特观察到电流的磁效应，表明电流可以产生磁场，揭示了电与磁的联系，A正确；

安培根据通电螺线管和条形磁铁磁场的相似性，提出了分子环流假说，符合物理史实，B正确；

法拉第发现处于变化的磁场中的闭合线圈中会产生感应电流，C错误；

D项的叙述符合楞次定律的发现过程，D正确．

20．E6[2017·

新课标全国卷Ⅱ]目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小．若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是（　　）

A．卫星的动能逐渐减小

B．由于地球引力做正功，引力势能一定减小

C．由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变

D．卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小

20．BD　[解析]由G

＝m

可得v＝

，轨道半径变小，则运行的速度变大，卫星的动能增大，A错误；

轨道半径变小，地球引力做正功，引力势能减小，B正确；

由于气体阻力做负功，产生热量，故机械能减小，C错误；

由动能定理，动能增大，则克服气体阻力做的功小于引力做的功，而引力做功等于引力势能的减小，故克服气体阻力做的功小于引力势能的减小，D正确．

21．D4[2017·

新课标全国卷Ⅱ]公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势．则在该弯道处，（　　）

A．路面外侧高内侧低

B．车速只要低于vc，车辆便会向内侧滑动

C．车速虽然高于vc，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动

D．当路面结冰时，与未结冰时相比，vc的值变小

21．AC　[解析]由题意，当汽车的速率为vc时无滑动趋势，说明此时汽车与路面没有横向摩擦力，路面应不是平的，而应是外侧高内侧低，由重力的分力充当向心力，A正确；

当车速低于vc时，车和地面之间会产生横向静摩擦力，阻碍汽车向内侧滑动，B错误；

当车速高于vc时，车和地面之间仍会有摩擦力，此力与重力的分力一起提供向心力，只要车速不超过某一最高速度，车辆便不会向外侧滑动，C正确；

因为vc是车和地面无摩擦时的临界值，所以与路况无关，D错误．

22．E6[2017·

新课标全国卷Ⅱ]某同学利用下述装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究：

一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连；

弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图（a）所示．向左推小球，使弹簧压缩一段距离后由静止释放；

小球离开桌面后落到水平地面．通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能．

图（a）

回答下列问题：

（1）本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能Ep与小球抛出时的动能Ek相等．已知重力加速度大小为g.为求得Ek，至少需要测量下列物理量中的________（填正确答案标号）．

A．小球的质量m

B．小球抛出点到落地点的水平距离s

C．桌面到地面的高度h

D．弹簧的压缩量Δx

E．弹簧原长l0

（2）用所选取的测量量和已知量表示Ek，得Ek＝________．

（3）图（b）中的直线是实验测量得到的s－Δx图线．从理论上可推出，如果h不变，m增加，s－Δx图线的斜率会________（填“增大”“减小”或“不变”）；

如果m不变，h增加，s－Δx图线的斜率会________（填“增大”“减小”或“不变”）．由图（b）中给出的直线关系和Ek的表达式可知，Ep与Δx的________次方成正比．

图（b）

22．

（1）ABC

（2）

（3）减小　增大　2

[解析]

（1）根据平抛运动规律求小球抛出时的动能．

动能Ek＝

mv

，根据平抛运动规律有：

h＝

gt2，s＝v0t，

Ek＝

，故需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s和桌面到地面的高度h，选项A、B、C正确．

（3）由图像可知，s与Δx成正比，设图像斜率为k，则s＝kΔx，弹性势能Ep与动能Ek的关系为Ep＝Ek＝

，故Ep＝

·

Δx2，即弹簧的弹性势能与Δx的二次方成正比．当h不变时，m增大，k就减小；

当m不变时，h增大，k就增大．

23．J6[2017·

新课标全国卷Ⅱ]某同学用量程为1mA、内阻为120Ω的表头按图（a）所示电路改装成量程分别为1V和1A的多用电表．图中R1和R2为定值电阻，S为开关．回答下列问题：

（1）根据图（a）所示的电路，在图（b）所示的实物图上连线．

（2）开关S闭合时，多用电表用于测量________（填“电流”“电压”或“电阻”）；

开关S断开时，多用电表用于测量________（填“电流”“电压”或“电阻”）．

（3）表笔A应为________色（填“红”或“黑”）．

（4）定值电阻的阻值R1＝________Ω，R2＝________Ω.（结果取3位有效数字）

　　　图（a）　　　　　　　　　　　图（b）

23．

（1）连线如图所示

（2）电流　电压

（3）黑

（4）1.00　880

[解析]

（1）根据电路图连接实物图，注意两表笔与表头的正负接线柱．

（2）根据“串联分压，并联分流”可知，当S断开时，多用电表测量电压；

当S闭合时，多用电表测量电流．

（3）电流从红表笔流进多用电表，从黑表笔流出．从电路图中表头和表笔的接法可知电流从表笔A流出，所以A为黑表笔．

（4）当S断开时为电压表，此时R2＝

－120Ω＝880Ω；

当S闭合时为电流表，此时R1＝

≈1.00Ω.

24．I7[2017·

新课标全国卷Ⅱ]如图，匀强电场中有一半径为r的光滑绝缘圆轨道，轨道平面与电场方向平行．a、b为轨道直径的两端，该直径与电场方向平行．一电荷量为q（q>

0）的质点沿轨道内侧运动，经过a点和b点时对轨道压力的大小分别为Na和Nb.不计重力，求电场强度的大小E、质点经过a点和b点时的动能．

24．[解析]质点所受电场力的大小为

f＝qE　①

设质点质量为m，经过a点和b点时的速度大小分别为va和vb，由牛顿第二定律有

f＋Na＝m

　②

Nb－f＝m

　③

设质点经过a点和b点时的动能分别为Eka和Ekb，有

Eka＝

　④

Ekb＝

　⑤

根据动能定理有

Ekb－Eka＝2rf　⑥

联立①②③④⑤⑥式得

E＝

（Nb－Na）　⑦

（Nb＋5Na）　⑧

（5Nb＋Na）　⑨

25．C5[2017·

新课标全国卷Ⅱ]

一长木板在水平地面上运动，在t＝0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度－时间图像如图所示．已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上．取重力加速度的大小g＝10m/s2，求：

（1）物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数；

（2）从t＝0时刻到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小．

25．[解析]

（1）从t＝0时开始，木板与物块之间的摩擦力使物块加速，使木板减速，此过程一直持续到物块和木板具有共同速度为止．

由图可知，在t1＝0.5s时，物块和木板的速度相同．设t＝0到t＝t1时间间隔内，物块和木板的加速度大小分别为a1和a2，则

a1＝

　①

a2＝

式中v0＝5m/s、v1＝1m/s分别为木板在t＝0、t＝t1时速度的大小．

设物块和木板的质量为m，物块和木板间、木板与地面间的动摩擦因数分别为μ1、μ2，由牛顿第二定律得

μ1mg＝ma1　③

（μ1＋2μ2）mg＝ma2　④

联立①②③④式得

μ1＝0.20　⑤

μ2＝0.30　⑥

（2）在t1时刻后，地面对木板的摩擦力阻碍木板运动，物块与木板之间的摩擦力改变方向．设物块与木板之间的摩擦力大小为f，物块和木板的加速度大小分别a′1和a′2，则由牛顿第二定律得

f＝ma′1　⑦

2μ2mg－f＝ma′2　⑧

假设f＜μ1mg，则a′1＝a′2；

由⑤⑥⑦⑧式得f＝μ2mg＞μ1mg，与假设矛盾．故

f＝μ1mg⑨

由⑦⑨式知，物块加速度的大小a′1等于a1；

物块的v－t图像如图中点划线所示．

由运动学公式可推知，物块和木板相对于地面的运动距离分别为

s1＝2×

　⑩

s2＝

t1＋

物块相对于木板的位移的大小为

s＝s2－s1　

联立①⑤⑥⑧⑨⑩

式得

s＝1.125m　

33．[物理——选修3－3]（15分）H3[2017·

（1）（5分）关于一定量的气体，下列说法正确的是________（填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；

每选错1个扣3分，最低得分为0分）．

A．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和

B．只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低

C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零

D．气体从外界吸收热量，其内能一定增加

E．气体在等压膨胀过程中温度一定升高

33．

（2）（10分）如图，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置．玻璃管的下部封有长l1＝25.0cm的空气柱，中间有一段长l2＝25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3＝40.0cm.已知大气压强为p0＝75.0cmHg.现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓慢往下推，使管下部空气柱长度变为l′1＝20.0cm.假设活塞下推过程中没有漏气，求活塞下推的距离．

33．

（1）ABE　[解析]气体分子间隙很大，气体体积是指气体的分子能够到达的空间的体积，A正确；

根据分子动理论，温度越高，分子热运动越剧烈，相反，温度越低，分子热运动剧烈程度越弱，B正确；

气体压强是微观止大量分子对容器壁频繁碰撞的结果，与宏观上物体的运动状态无关，C错误；

改变内能的方式有两种——做功和热传递，气体吸收热量，若同时对外做功，则内能不一定增加，D错误；

在等压膨胀过程中，气体的体积V增大，压强p不变，由

＝C（常量）可知，温度T一定升高，E正确．

（2）以cmHg为压强单位．在活塞下推前，玻璃管下部空气柱的压强为p1＝p0＋l2　①

设活塞下推后，下部空气柱的压强为p′1，由玻意耳定律得

p1l1＝p′1l′1　②

设活塞下推距离为Δl，则此时玻璃管上部空气柱的长度为l′3＝l3＋l1－l′1－Δl　③

设此时玻璃管上部空气柱的压强为p′3，则

p′3＝p′1－l2　④

由玻意耳定律得

p0l3＝p′3l′3　⑤

由①至⑤式及题给数据解得

Δl＝15.0cm　⑥

34．[物理——选修3－4]（15分）C1[2017·

（1）（5分）如图，一轻弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的．物块在光滑水平面上左右振动，振幅为A0，周期为T0.当物块向右通过平衡位置时，a、b之间的粘胶脱开；

以后小物块a振动的振幅和周期分别为A和T，则A________A0（填“>

”“<

”或“＝”），T________T0（填“>

”或“＝”）．

（2）（10分）如图，三棱镜的横截面为直角三角形ABC，∠A＝30°

，∠B＝60°

.一束平行于AC边的光线自AB边的P点射入三棱镜，在AC边发生反射后从BC边的M点射出．若光线在P点的入射角和在M点的折射角相等，

（ⅰ）求三棱镜的折射率；

（ⅱ）在三棱镜的AC边是否有光线透出？

写出分析过程．（不考虑多次反射）

34．

（1）<

　<

（2）（ⅰ）光路图如图所示，图中N点为光线在AC边发生反射的入射点，设光线在P点的入射角为i、折射角为r，在M点的入射角为r′、折射角依题意也为i，有

i＝60°

由折射定律有

sini＝nsinr　②

nsinr′＝sini　③

由②③式得

r＝r′　④

OO′为过M点的法线，∠C为直角，OO′∥AC.由几何关系有

∠MNC＝r′　⑤

由反射定律可知

∠PNA＝∠MNC　⑥

联立④⑤⑥式得

∠PNA＝r　⑦

由几何关系得

r＝30°

　⑧

联立①②⑧式得

n＝

　⑨

（ⅱ）设在N点的入射角为i″，由几何关系得

i″＝60°

此三棱镜的全反射临界角满足

nsinθc＝1　

由⑨⑩

i″＞θc　

此光线在N点发生全反射，三棱镜的AC边没有光线透出．

35．[物理——选修3－5]（15分）O2[2017·

（1）（5分）关于原子核的结合能，下列说法正确的是________（填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；

A．原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量

B．一重原子核衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能

C．铯原子核（

Cs）的结合能小于铅原子核（

Pb）的结合能

D．比结合能越大，原子核越不稳定

E．自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能

[解析]根据结合能的概念，将原子核分解成自由核子所需要的最小能量等于结合能，A正确；

结合能越大，原子核越稳定，重核衰变放出能量，转化为结合能更大的衰变产物，B正确；

组成原子核的核子越多，它的结合能越高，故铯原子核的结合能小于铅原子核的结合能，C正确；

比结合能是指原子核结合能对其中所有核子的平均值，亦即若把原子核全部拆成自由核子，平均对每个核子所要添加的能量，所以比结合能越大，原子核越牢固，D错误；

自由核子组成原子核时，放出的能量与组成的原子核的结合能相等，E错误．

（2）如图，光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C.B的左侧固定一轻弹簧（弹簧左侧的挡板质量不计）．设A以速度v0朝B运动，压缩弹簧；

当A、B速度相等时，B与C恰好相碰并粘接在一起，然后继续运动．假设B和C碰撞过程时间极短．求从A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中，

（ⅰ）整个系统损失的机械能；

（ⅱ）弹簧被压缩到最短时的弹性势能．

35．

（1）ABC

（2）（ⅰ）从A压缩弹簧到A与B具有相同速度v1时，对A、B与弹簧组成的系统，由动量守恒定律得

mv0＝2mv1　①

此时B与C发生完全非弹性碰撞，设碰撞后的瞬时速度为v2，损失的机械能为ΔE.对B、C组成的系统，由动量守恒和能量守恒定律得

mv1＝2mv2　②

＝ΔE＋

（2m）v

联立①②③式得

ΔE＝

（ⅱ）由②式可知v2＜v1，A将继续压缩弹簧，直至A、B、C三者速度相同，设此速度为v3，此时弹簧被压缩至最短，其弹性势能为Ep.由动量守恒和能量守恒定律得

mv0＝3mv3　⑤

－ΔE＝

（3m）v

＋Ep　⑥

Ep＝

　⑦