盐类的水解知识点总结.docx

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盐类的水解知识点总结

盐类的水解

1．复习重点

1．盐类的水解原理及其应用

2．溶液中微粒间的相互关系及守恒原理

2．难点聚焦

（一）盐的水解实质

H2OH++OH—

AB==Bn—+An+

HB〔n—1〕—A（OH）n

当盐AB能电离出弱酸阴离子〔Bn—〕或弱碱阳离子〔An+〕，即可与水电离出的H+或OH—结合成电解质分子，从而促进水进一步电离.

与中和反响的关系：

盐+水酸+碱〔两者至少有一为弱〕

由此可知，盐的水解为中和反响的逆反响，但一般认为中和反响程度大，大多认为是完全以应，但盐类的水解程度小得多，故为万逆反响，真正发生水解的离子仅占极小比例。

〔二〕水解规律

简述为：

有弱才水解，无弱不水解

越弱越水解，弱弱都水解

谁强显谁性，等强显中性

具体为：

1．正盐溶液

①强酸弱碱盐呈酸性

②强碱弱酸盐呈碱性

③强酸强碱盐呈中性

④弱酸碱盐不一定

如NH4CNCH3CO2NH4NH4F

碱性中性酸性

取决于弱酸弱碱相对强弱

2．酸式盐

①假设只有电离而无水解，那么呈酸性〔如NaHSO4〕

②假设既有电离又有水解，取决于两者相对大小

电离程度＞水解程度，呈酸性

电离程度＜水解程度，呈碱性

强碱弱酸式盐的电离和水解：

如H3PO4及其三种阴离子随溶液pH变化可相互转化：

pH值增大

H3PO4H2PO4—HPO42—PO43—

pH减小

③常见酸式盐溶液的酸碱性

碱性：

NaHCO3、NaHS、Na2HPO4、NaHS.

酸性〔很特殊，电离大于水解〕：

NaHSO3、NaH2PO4、NaHSO4

〔三〕影响水解的因素

内因：

盐的本性.

外因：

浓度、湿度、溶液碱性的变化

〔1〕温度不变，浓度越小，水解程度越大.

〔2〕浓度不变，湿度越高，水解程度越大.

〔3〕改变溶液的pH值，可抑制或促进水解。

〔四〕比拟外因对弱电解质电离和盐水解的影响.

HAH++A——QA—+H2OHA+OH——Q

温度〔T〕T↑→α↑T↑→h↑

加水平衡正移，α↑促进水解，h↑

增大[H+]抑制电离，α↑促进水解，h↑

增大[OH—]促进电离，α↑抑制水解，h↑

增大[A—]抑制电离，α↑水解程度，h↑

注：

α—电离程度h—水解程度

思考：

①弱酸的电离和弱酸根离子的水解互为可逆吗？

②在CH3COOH和CH3COONO2的溶液中分别参加少量冰醋酸，对CH3COOH电离程度和CH3COO—水解程度各有何影响？

〔五〕盐类水解原理的应用

考点1．判断或解释盐溶液的酸碱性

例如：

①正盐KX、KY、KZ的溶液物质的量浓度一样，其pH值分别为7、8、9，那么HX、HY、HZ的酸性强弱的顺序是________________

②一样条件下，测得①NaHCO3②CH3COONa③NaAlO2三种溶液的pH值一样。

那实验么它们的物质的量浓度由大到小的顺序是_______________.

因为电离程度CH3COOH＞HAlO2所以水解程度NaAlO2＞NaHCO3＞CH3COON2在一样条件下，要使三种溶液pH值一样，只有浓度②＞①＞③

2．分析盐溶液中微粒种类.

例如Na2S和NaHS溶液溶液含有的微粒种类一样，它们是Na+、S2—、HS—、H2S、OH—、H+、H2O，但微粒浓度大小关系不同.

考点2．比拟盐溶液中离子浓度间的大小关系.

〔1〕一种盐溶液中各种离子浓度相对大小

①当盐中阴、阳离子等价时

[不水解离子]＞[水解的离子]＞[水解后呈某性的离子〔如H+或OH—〕]＞[显性对应离子如OH—或H+]

实例：

aCH3COONa.bNH4Cl

a.[Na+]＞[CH3COO—]＞[OH—]＞[H+]

b.[Cl—]＞[NH4+]＞[OH—]

②当盐中阴、阳离子不等价时。

要考虑是否水解，水解分几步，如多元弱酸根的水解，那么是“几价分几步，为主第一步〞，实例Na2S水解分二步

S2—+H2OHS—+OH—〔主要〕

HS—+H2OH2S+OH—〔次要〕

各种离子浓度大小顺序为：

[Na+]＞[S2—]＞[OH—]＞[HS—]＞[H+]

〔2〕两种电解质溶液混合后各种离子浓度的相对大小.

①假设酸与碱恰好完全以应，那么相当于一种盐溶液.

②假设酸与碱反响后尚有弱酸或弱碱剩余，那么一般弱电解质的电离程度＞盐的水解程度.

考点3．溶液中各种微粒浓度之间的关系

以Na2S水溶液为例来研究

〔1〕写出溶液中的各种微粒

阳离子：

Na+、H+

阴离子：

S2—、HS—、OH—

〔2〕利用守恒原理列出相关方程.

10电荷守恒：

[Na+]+[H+]=2[S2—]+[HS—]+[OH—]

20物料守恒：

Na2S=2Na++S2—

假设S2—已发生局部水解，S原子以三种微粒存在于溶液中。

[S2—]、[HS—]，根据S原子守恒及Na+的关系可得.

[Na+]=2[S2—]+2[HS—]+2[H2S]

30质子守恒

H2OH++OH—

由H2O电离出的[H+]=[OH—]，水电离出的H+局部被S2—结合成为HS—、H2S，根据H+〔质子〕守恒，可得方程：

[OH—]=[H+]+[HS—]+2[H2S]

想一想：

假设将Na2S改为NaHS溶液，三大守恒的关系式与Na2S对应的是否一样？

为什么？

提示：

由于两种溶液中微粒种类一样，所以阴、阳离子间的电荷守恒方程及质子守恒是一致的。

但物料守恒方程不同，这与其盐的组成有关，假设NaHS只考虑盐本身的电离而不考虑HS—的进一步电离和水解，那么[Na+]=[HS—]，但不考虑是不合理的。

正确的关系为[Na+]=[HS—]+[S2—]+[H2S]

小结：

溶液中的几个守恒关系

〔1〕电荷守恒：

电解质溶液呈电中性，即所有阳离子所带的正电荷总数与所有阴离子所带的负电荷总数代数和为零。

〔2〕物料守恒〔原子守恒〕：

即某种原子在变化过程〔水解、电离〕中数目不变。

〔3〕质子守恒：

即在纯水中参加电解质，最后溶液中[H+]与其它微粒浓度之间的关系式〔由电荷守恒及质子守恒推出〕

练一练！

写出0.1mol/LNa2CO3溶液中微粒向后三天守恒关系式。

参考答案：

①[Na+]+[H+]=[OH—]+[HCO3—]+2[CO32—]

②[HCO3—]+[CO32—]+[H2CO3]=0.1

③[OH—]=[H+]+[HCO3—]+2[H2CO3]

考点4．判断加热浓缩至盐干溶液能否得到同溶质固体。

例1．AlCl3+3H2OAl（OH）3+HCl△H＞0〔吸热〕

①升温，平衡右移

②升温，促成HCl挥发，使水解完全

AlCl3+3H2OAl（OH）3+3HCl↑

↓灼烧

Al2O3

例2．Al2（SO4）3+6H2O2Al（OH）3+3H2SO4△H＞0〔吸热〕

①升温，平衡右移

②H2SO4难挥发，随C（H2SO4）增大，将抑制水解

综合①②结果，最后得到Al2SO4

从例1例2可小结出，加热浓缩或蒸干盐溶液，是否得到同溶质固体，由对应酸的挥发性而定.

结论：

①弱碱易挥发性酸盐

氢氧化物固体〔除铵盐〕

②弱碱难挥发性酸盐

同溶质固体

考点5．某些盐溶液的配制、保存

在配制FeCl3、AlCl3、CuCl2、SnCl2等溶液时为防止水解，常先将盐溶于少量相应的酸中，再加蒸馏水稀释到所需浓度.

Na2SiO3、Na2CO3、NH4F等不能贮存磨口玻璃塞的试剂瓶中，因Na2SiO3、Na2CO3水解呈碱性，产生较多OH—，NH4F水解产生HF，OH—、HF均能腐蚀玻璃.

考点6．某些离子间因发生又水解而在溶液中不大量共存，如

①Al3+与S2—、HS—、CO32—、HCO3—、AlO2，SiO32—、ClO—、C6H5O—等不共存

②Fe3与CO32—、HCO3—、AlO2—、ClO—等不共存

③NH4+与ClO—、SiO32—、AlO2—等不共存

想一想：

Al2S3为何只能用干法制取？

〔2Al+2SAl2S3〕

小结：

能发生双水解反响，首先是因为阴、阳离子本身单一水解程度相对较大，其次水解一方产生较多，H+，另一方产生较多OH—，两者相互促进，使水解进展到底。

例如：

3HCO3—+3H2O3H2CO3+3OH—

Al3++3H2OAl（OH）3+3H+

促进水解进展到底

总方程式：

3H2O

3HCO3—+Al3+===Al（OH）3↓+3CO2↑

考点7．泡沫灭火器内反响原理.

NaHCO3和Al2（SO4）3混合可发生双水解反响：

2HCO3—+Al3+==Al（OH3）↓+3CO2↑

生成的CO2将胶状Al（OH）3吹出可形成泡沫

考点8．制备胶体或解释某些盐有净水作用

FeCl3、Kal2（SO4）2·12H2O等可作净水剂.

原因：

Fe3+、Al3+水解产生少量胶状的Fe（OH）3、Al（OH）3，构造疏松、外表积大、吸附能力强，故它们能吸附水中悬浮的小颗粒而沉降，从而起到净水的作用.

考点9．

1.某些化学肥料不能混合使用

如铵态〔NH4+〕氮肥、过磷酸钙[含Ca（HPO4）2]均不能与草木灰〔主要成分K2CO3〕混合使用.2NH4++CO32—==2NH3↑+CO2↑+H2O

↑

损失氮的肥效

Ca2++2H2PO4—+2CO32—==CaHPO4↓+2HCO3—+HPO42—

难溶物，不能被值物吸收

2．热的纯碱液去油污效果好.

加热能促进纯碱Na2CO3水解，产生的[OH—]较大，而油污中的油脂在碱性较强的条件下，水解受到促进，故热的比不冷的效果好.

3．在NH4Cl溶液中参加Mg粉，为何有H2放出？

NH4++H2ONH3·H2O+H+

Mg+2H+===Mg2++H2↑

4．除杂

例：

除去MgCl2溶液中的Fe3+可在加热搅拌条件下，参加足量MgO或MgCO3或Mg（OH）2，搅拌充分反响，后过滤除去。

想一想：

为何不能用NaOH或Na2CO3等溶液？

3．例题精讲

例1浓度为0.1mol/L的8种溶液：

①HNO3②H2SO4③HCOOH④Ba（OH）2⑤NaOH⑥CH3COONa⑦KCl⑧NH4Cl溶液pH值由小到大的顺序是〔填写编号〕____________.

【解析】一样的物质的量浓度的各种电解溶液的pH值大小比拟有以下一般规律：

〔1〕同物质的量浓度的酸及水解呈酸性的盐溶液，其pH值的关系一般是：

二元强酸＜一元强酸＜弱酸＜水解显酸性的盐溶液.

〔2〕同物质的量浓度的碱及水解呈碱性的盐溶液，其pH值的关系一般是：

二元强碱＞一元强碱＞弱碱＞水解呈碱性的盐溶液。

〔3〕强酸弱碱盐，碱越丝状，水溶液酸性越强；弱酸强碱盐，酸越弱，溶液碱性越强。

〔4〕同物质的量浓度的多元弱酸及其盐水溶液的pH关系是：

以H2PO4为例：

＜H3PO4＜NaH2PO4＜NaHPO4＜Na3PO4.答案：

②①③⑧⑦⑥⑤④。

例2（2001广东）假设pH=3的酸溶液和pH=11的碱溶液等体积混合后溶液呈酸性，其原因可能

A．生成一种强酸弱碱盐

B．弱酸溶液和强碱溶液

C．弱酸与弱碱溶液反响

D．一元强酸溶液与一元强碱溶液反响

［解析］

此题考察同学们思维的敏捷性与严密性。

假设酸、碱均是强酸、强碱，那么由pH知酸溶液的c（H+）=碱溶液的c（OH-），故等体积混合时恰好中和生成强酸强碱盐，该盐不水解，溶液呈中性，与题意不符，故D选项错误；假设酸是弱酸，碱是强碱，那么等体积混合后，酸明显剩余，其物质的量远大于所生成的弱酸强碱盐，因此，盐水解导致的碱性远小于酸电离产生的酸性，所以B项正确。

A项具有极强的干扰性，很多同学错选了A，原因是只注意到了A项中明显的“强酸弱碱盐〞水解产生的酸性，而无视了该条件时弱碱大过量对溶液性质的决定性影响。

答案：

B

例3（2001广东）以下反响的离子方程式正确的选项是

A．硫酸铝溶液和小苏打溶液反响Al3++3HCO3－==3CO2↑+Al（OH）3↓

B．向Ca（ClO）2溶液中通入二氧化硫Ca2++2ClO－+SO2+H2O==CaSO3↓+2HClO

C．硫化亚铁中参加盐酸S2－+2H+==H2S↑

D．钠和冷水反响Na+2H2O==Na++H2↑+2OH－

［解析］

Al3+、HCO3-分别为弱碱阳离子和弱酸阴离子，在溶液中存在各自的水解平衡：

Al3++HCO3-

Al（OH）3+3H+、HCO3-+H2O

H2CO3+OH-，因Al3+、HCO3-分别且有结合水电离出的OH-、H+的强烈趋势，所以，含有上述两种离子的溶液一旦混合，两者水解产生的H+、OH-分别为HCO3-、Al3+结合而迅速消耗，使得各自的水解平衡均正向移动，并最终因Al（OH）3↓、CO2↑而进展完全，故A项正确；因CaSO3易被氧化，而HClO又具有强氧化性，故两者将迅速发生氧化复原反响生成CaSO4和HCl，B项错误；C项中的硫化亚铁是难溶性的物质，不能拆开；D选项的书写没有遵守电荷守恒。

答案：

A

［点评］

盐类水解的离子方程式在书写时应按如下原那么进展：

多元弱酸根分步写、多元弱碱阳离子合并写；一般水解用

，“↑〞“↓〞不能标；完全进展用“=〞，标记“↑〞“↓〞。

例4．明矾溶于水所得溶液中离子浓度关系正确的选项是〔〕

A．[SO42—]=[K+]=[Al3+]＞[H+]＞[OH—]

B．[SO42—]＞2[K+]＞[Al3+]＞[OH—]＞[H+]

C．

[SO42—]＞2[K+]＞[Al3+]＞[OH—]＞[H+]

D．[SO42—]+[OH—]=[K+]+[Al3+]+[H+]

解析：

明矾为KAl（SO4）2·12H2O，溶于水店，K+，SO42—均不水解，但Al3+要水解，故[K+]＞[Al3+]，溶液呈酸性，结合该盐的组成，可知C正确，溶液中阴、阳离子电荷守恒的方程式为：

2[SO42—]+[OH—]=[K+]+3[Al3+]+[H+]故D错误。

例5．普通泡沫灭火器的换铜里装着一只小玻璃筒，玻璃筒内盛装硫酸铝溶液，铁铜里盛装碳酸氢钠饱和溶液。

使用时，倒置灭火器，两种药液相混合就会喷出含二氧化碳的白色泡沫。

〔1〕产生此现象的离子方程式是________.

〔2〕不能把硫酸铝溶液装在铁铜里的主要原因是_________________

〔3〕一般不用碳酸钠代替碳酸氢钠，是因为__________________。

解析：

〔1〕Al3+与HCO3—发生双水解反响。

Al3+3HCO3—===Al（OH）3↓+3CO2↑

〔2〕Al2（SO4）3溶液因水解呈酸性，含腐蚀铁铜，Al3++3H2OAl（OH）3+3H+

+Fe↓+Fe2++H2↑

〔3〕与酸反响返率NaHCO3＞Na2CO3；产生等量CO2时，消耗Al3+量：

Na2CO3＞NaHCO3；等质量的NaCO3、Na2HCO3分别与足量Al3+反响，生成CO2量NaHCO3＞Na2CO3

例6．①碳酸钾与水溶液蒸干得到固体物质是__________原因是________________。

②Kal（SO4）2溶液蒸干得到的固体物质是______________，原因是___________________。

③碳酸钠溶液蒸干得到的固体物质是__________，原因是_______________。

④亚硫酸钠溶液蒸干得到的固体物质是___________，原因是__________________。

⑤氯化铝溶液蒸干得到的固体物质是____________，原因是___________________。

⑥盐酸与硫酸各1mol/L的混合酸10mL，加热浓缩至1mL，最后的溶液为_________，原因是____________。

解析：

此题涉及的知识范围较广，除了盐的水解外，还应考虑到盐的热稳定性，复原性等。

①K2CO3，原因是尽管加热过程促进水解，但生成的KHCO3和KOH反响后又生成K2CO3。

②KAl（SO4）2·2H2O，原因是尽管Al3+水解，但由于H2SO4为难挥发酸，最后仍然为结晶水合物。

注意湿度过度，会脱去结晶水。

③BaCO3Ba2（HCO3）2BaCO3↓+CO2↑+H2O

④Na2SO4，2Na2SO3+O2===2Na2SO4

⑤Al（OH）3，加热，使HCl挥发，促进水解进展到底

⑥H2SO4溶液，HCl挥发.

4．实战演练

一、选择题

1.〔2002年全国高考题〕常温下，将甲酸和氢氧化钠溶液混合，所得溶液pH=7，那么此溶液中

A.c（HCOO－）＞c（Na＋）

B.c（HCOO－）＜c（Na＋）

C.c（HCOO－）=c（Na＋）

D.无法确定c〔HCOO－〕与c〔Na＋〕的关系

2.〔2002年上海高考题〕在常温下10mLpH=10的KOH溶液中，参加pH=4的一元酸HA溶液至pH刚好等于7〔假设反响前后体积不变〕，那么对反响后溶液的表达正确的选项是

A.c（A－）=c（K＋）

B.c（H＋）=c（OH－）＜c（K＋）＜c（A－）

C.V后≥20mL

D.V后≤20mL

3.物质的量浓度一样（0.1mol·L－1）的弱酸HX与NaＸ溶液等体积混合后，溶液中粒子浓度关系错误的选项是

A.c〔Na＋〕＋c〔H＋〕＝c〔Ｘ－〕＋c〔OH－〕

B.假设混合液呈酸性，那么c〔Ｘ－〕＞c〔Na＋〕＞c〔HＸ〕＞c〔H＋〕＞c〔OH－〕

C.c〔HＸ〕＋c〔Ｘ－〕＝2c〔Na＋〕

D.假设混合液呈碱性，那么c〔Na＋〕＞c〔HＸ〕＞c〔Ｘ－〕＞c〔OH－〕＞c〔H＋〕

4.将一样物质的量浓度的某弱酸HX溶液与NaＸ溶液等体积混合，测得混合后溶液中

c〔Na＋〕＞c〔Ｘ－〕，那么以下关系正确的选项是

A.c〔OH－〕＜c〔H＋〕

B.c〔HX〕＜c〔X－〕

C.c〔Ｘ－〕＋c〔HＸ〕＝2c〔Na＋〕

D.c〔HＸ〕＋c〔H＋〕＝c〔Na＋〕＋c〔OH－〕

5.某酸的酸式盐NaHＹ在水溶液中，HＹ－的电离程度小于HＹ－的水解程度。

有关的表达正确的选项是

A.H2Ｙ的电离方程式为：

H2Ｙ＋H2O

H3O＋＋HＹ－

B.在该酸式盐溶液中c〔Na＋〕＞c〔Ｙ2－〕＞c〔HＹ－〕＞c〔OH－〕＞c〔H＋〕

C.HＹ－的水解方程式为HＹ－＋H2O

H3O＋＋Ｙ2－

D.在该酸式盐溶液中c〔Na＋〕＞c〔HＹ－〕＞c〔OH－〕＞c〔H＋〕

·L－1的醋酸钠溶液20mL与0.1mol·L－1盐酸10mL混合后，溶液显酸性，那么溶液中有关粒子的浓度关系正确的选项是

A.c（CH3COO－）＞c（Cl－）＞c（H＋）＞c（CH3COOH）

B.c（CH3COO－）＞c（Cl－）＞c（CH3COOH）＞c（H＋）

C.c（CH3COO－）=c（Cl－）＞c（H＋）＞c（CH3COOH）

D.c（Na＋）＋c（H＋）＞c（CH3COO－）＋c（Cl－）＋c（OH－）

7.物质的量浓度一样的以下溶液中，NH

浓度最大的是

A.NH4NO3B.NH4HSO4

C.CH3COONH4D.NH4HCO3

8.CH3COOH与CH3COONa以等物质的量混合配制成的稀溶液，pH为4.7，以下说法错误的选项是

A.CH3COOH的电离作用大于CH3COONa的水解作用

B.CH3COONa的水解作用大于CH3COOH的电离作用

C.CH3COOH的存在抑制了CH3COONa的水解

D.CH3COONa的存在抑制了CH3COOH的电离

·L－1的NaHCO3溶液的pH=8，同浓度的NaAlO2溶液的pH=11，将两种溶液等体积混合，并且发生了反响，可能较大量生成的物质是

A.CO2B.Al〔OH〕3

C.CO

D.Al3＋

二、非选择题（共55分）

10.（12分）

（1）碳酸钾的水溶液蒸干得到的固体物质是，原因是。

（2）KAl〔SO4〕2溶液蒸干得到的固体物质是，原因是。

（3）碳酸氢钡溶液蒸干得到的固体物质是，原因是。

（4）亚硫酸钠溶液蒸干得到的固体物质是，原因是。

（5）氯化铝溶液蒸干得到的固体物质是，原因是。

（6）盐酸与硫酸浓度各为1mol·L－1的混合酸10mL，加热浓缩至1mL，最后得到的溶液是，原因是。

11.（12分）用离子方程式表示以下反响：

（1）某可溶性盐的化学式ＸｍＹn〔是最简构造ｍ≠ｎ〕，将一定量的该盐溶于足量的水中，假设测得溶液的pH为3，该盐水解的离子方程式可能为。

假设测得溶液的pH为11，那么该盐与水反响的离子方程式可能为。

（2）NH4Cl溶液与Na反响。

（3）AlCl3溶液与NaAlO2溶液反响。

（4）CｕSO4溶液与Na2S溶液反响。

（5）NaHSO4溶液与NaHCO3溶液反响。

（6）FeCl3溶液与NaI溶液反响。

12.（10分）25℃时，将0.01molCH3COONa和0.002molHCl溶于水，形成1L混合溶液：

（1）该溶液中存在着三个平衡体系，用电离方程式或离子方程式表示：

①；

②；

③。

（2）溶液中共有种不同的粒子（指分子和离子）。

（3）在这些粒子中，浓度为0.01mol·L－1的是，浓度为0.002mol·L－1的是。

（4）和两种粒子物质的量之和等于0.01mol。

（5）和两种粒子物质的量之和比氢离子数量多0.008mol。

13.（9分）某试剂厂用银（含杂质铜）和硝酸（含杂质Fe3＋）反响制取硝酸银，步骤如下：

依据上述步骤，完成以下填空：

（1）溶解银的硝酸应该用硝酸（填“浓〞或“稀〞），原因是。

a.减少过程中产生NOｘ的量

b.减少原料银的消耗量

c.节省硝酸物质的量

（2）步骤B加热保温的作用是。

a.有利于加快反响速率

b.有利于未反响的硝酸挥发

c.有利于硝酸充分反响，降低溶液中c〔H＋〕

（3）步骤C是为了除去Fe3＋、Cｕ2＋等杂质。

冲稀静置时发生的化学反响是。

a.置换反响

b.水解反响

c.氧化复原反响

产生的沉淀物化学式是。

14.（6分）某二元弱酸（简写为H2A）溶液，按下式发生一级和二级电离：

H2A

H＋＋HA－，HA－

H＋＋A2－

一样浓度时的电离度α〔H2A〕＞α〔HA－〕，设有以下四种溶液：

mol·L－1的H2A溶液

·L－1的NaHA溶液

·L－1的HCl与0.04mol·L－1的NaHA溶液的等体积混合液

·L－1的NaOH与0.02mol·L－1的NaHA溶液的等体积混合液

据此，填写以下空白（填代号）：

（1）c〔H＋〕最大的是，最小的是。

（2）c〔H2A〕最大的是，最小的是。

（3）c〔A2－〕最大的是，最小的是。

15.（6分〕〔1〕Cu2＋、Fe2＋在pH为4～5的条件下不水解，而这一条件下Fe3＋几乎全部水解。

〔2〕双氧水〔H2O2〕是强氧化剂，在酸性条件下，它的复原产物是H2O。

现用粗氧化铜〔CuO中含少量Fe）制取CuCl2溶液的过程如下：

①取50mL纯洁的盐酸，参加