高考浙江数学.docx
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高考浙江数学
绝密★启用前
2018年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)
数学
本试题卷分选择题和非选择题两部分。
全卷满分150分。
考试用时120分钟。
考生注意:
1.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填在试题
卷和答题纸规定的位置上。
2.答题时,请按照答题纸上“注意事项”的要求,在答题纸相应的位置上规范作答,在
本试题卷上的作答一律无效。
参考公式:
若事件A,B互斥,则P(AB)P(A)P(B)
若事件A,B相互独立,则P(AB)P(A)P(B)
若事件A在一次试验中发生的概率是p,则n
次独立重复试验中事件A恰好发生k次的概
率Pn(k)Cknpk(1p)nk(k0,1,2,,n)
台体的体积公式V13(S1
S1S2S2)h
其中S1,S2分别表示台体的上、下底面积,h表
示台体的高
柱体的体积公式VSh
其中S表示柱体的底面积,h表示柱体
的高
锥体的体积公式V13Sh
其中S表示锥体的底面积,h表示锥体
的高
球的表面积公式
S4R2
球的体积公式
V43R3
其中R表示球的半径
选择题部分(共40分)
一、选择题:
本大题共10小题,每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,只有
一项是符合题目要求的。
1.已知全集U={1,2,3,4,5},A={1,3},则ðUA=
1
A.B.{1,3}C.{2,4,5}D.{1,2,3,4,
5}
2.双曲线x2y2=1的焦点坐标是
3
A.(−
2
,0),(
2
,0)
B.(−2,0),(2,0)
C.(0,−
),(0,
)
D.(0,−2),(0,2)
2
2
3.某几何体的三视图如图所示(单位:
cm),则该几何体的体积(单位:
cm3)是
A.2
B.4
C.6
D.8
4.复数
2
(i为虚数单位)的共轭复数是
1i
A.1+i
B.1−i
C.−1+i
D.−1−i
5.函数y=2|x|sin2x的图象可能是
A.B.
C.D.
2
6.已知平面α,直线m,n满足mα,nα,则“m∥n”是“m∥α”的
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充分必要条件
D.既不充分也不必要条件
7.设0
ξ
0
1
2
P
1p
1
p
2
2
2
则当p在(0,1)内增大时,
A.D(ξ)减小
B.D(ξ)增大
C.D(ξ)先减小后增大
D.D(ξ)先增大后减小
8.已知四棱锥S−ABCD的底面是正方形,侧棱长均相等,E是线段AB上的点(不含端点),
设SE与BC所成的角为θ1,SE与平面ABCD所成的角为θ2,二面角S−AB−C的平面角为
θ3,则
A.θ1≤θ2≤θ3B.θ3≤θ2≤θ1C.θ1≤θ3≤θ2D.θ2≤θ3≤θ1
π
9.已知a,b,e是平面向量,e是单位向量.若非零向量a与e的夹角为3,向量b满足
b2−4e·b+3=0,则|a−b|的最小值是
A.
−1
B.
+1
C.2
D.2−
3
3
3
10.已知a1,a2,a3,a4成等比数列,且a1a2a3
a4ln(a1a2a3).若a11,则
A.a1a3,a2a4
B.a1a3,a2a4
C.a1a3,a2a4
D.a1a3,a2a4
非选择题部分(共110分)
二、填空题:
本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分。
11.我国古代数学著作《张邱建算经》中记载百鸡问题:
“今有鸡翁一,值钱五;鸡母一,
值钱三;鸡雏三,值钱一。
凡百钱,买鸡百只,问鸡翁、母、雏各几何?
”设鸡翁,鸡母,
xyz100,
鸡雏个数分别为x,y,z,则
1
当z81时,x___________,
5x3y
z100,
3
y___________.
xy0,
12
.若x,y满足约束条件2xy6,则zx3y的最小值是___________,最大值是
xy2,
3
___________.
13.在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.若a=
7,b=2,A=60°,则sin
B=___________,c=___________.
3
1
8
14.二项式(
x
)的展开式的常数项是___________.
2x
x4,x
,当λ=2时,不等式f(x)<0的解集是___________.若
15.已知λ∈R,函数f(x)=
4x3,x
x2
函数f(x)恰有2个零点,则λ的取值范围是___________.
16.从1,3,5,7,9中任取2个数字,从0,2,4,6中任取2个数字,一共可以组成___________
个没有重复数字的四位数.(用数字作答)
x2
17.已知点P(0,1),椭圆
+y2=m(m>1)上两点A,B满足AP=2
PB,则当m=___________
4
时,点B横坐标的绝对值最大.
三、解答题:
本大题共5小题,共74分。
解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
18.(本题满分14分)已知角α的顶点与原点O重合,始边与x轴的非负半轴重合,它的终边过点P(53,-54).
(Ⅰ)求sin(α+π)的值;
5
(Ⅱ)若角β满足sin(α+β)=13,求cosβ的值.
19.(本题满分15分)如图,已知多面体ABCA1B1C1,A1A,B1B,C1C均垂直于平面ABC,
∠ABC=120°,A1A=4,C1C=1,AB=BC=B1B=2.
(Ⅰ)证明:
AB1⊥平面A1B1C1;
(Ⅱ)求直线AC1与平面ABB1所成的角的正弦值.
4
20.(本题满分15分)已知等比数列{an}的公比q>1,且a3+a4+a5=28,a4+2是a3,a5的等
差中项.数列
{bn}满足b1=1,数列{(bn+1−bn)an}的前n项和为2n2+n.
(Ⅰ)求q的值;
(Ⅱ)求数列{bn}的通项公式.
21.(本题满分15分)如图,已知点P是y轴左侧(不含y轴)一点,抛物线C:
y2=4x上存
在不同的两点A,B满足PA,PB的中点均在C上.
(Ⅰ)设AB中点为M,证明:
PM垂直于y轴;
(Ⅱ)若P是半椭圆x2+y2=1(x<0)上的动点,求△PAB面积的取值范围.
4
22.(本题满分15分)已知函数f(x)=
x−lnx.
(Ⅰ)若f(x)在x=x1,x2(x1≠x2)处导数相等,证明:
f(x1)+f(x2)>8−8ln2;
(Ⅱ)若a≤3−4ln2,证明:
对于任意k>0,直线y=kx+a与曲线y=f(x)有唯一公共点.
5
2018年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)
数学·参考答案
一、选择题:
本题考查基本知识和基本运算。
每小题4分,满分40分。
1.C2.B3.C4.B5.D6.A7.D8.D9.A10.B
二、填空题:
本题考查基本知识和基本运算。
多空题每题6分,单空题每题4分,满分36
分。
11.8;11
12.−2;8
13.
21
;3
14.7
7
15.(1,4);(1,3](4,)
16.1260
17.5
三、解答题:
本大题共5小题,共74分。
18.本题主要考查三角函数及其恒等变换等基础知识,同时考查运算求解能力。
满分14分。
(Ⅰ)由角的终边过点P(53,54)得sin54,所以sin(π)sin54.
(Ⅱ)由角的终边过点P(53,54)得cos53,
由sin()135得cos()1213.
由()得coscos()cossin()sin,
所以cos5665或cos1665.
19.本题主要考查空间点、线、面位置关系,直线与平面所成的角等基础知识,同时考查空
间想象能力和运算求解能力。
满分15分。
方法一:
(Ⅰ)由AB2,AA14,BB12,AA1AB,BB1AB得AB1A1B12
2,
所以A1B12AB12AA12.
故AB1A1B1.
由BC2,BB12,CC11,BB1BC,CC1BC得B1C1
5,
由ABBC2,ABC120得AC2
3,
6
由CC1AC,得AC1
13,所以AB12B1C12AC12,故AB1B1C1.
因此AB1平面A1B1C1.
(Ⅱ)如图,过点C1作C1DA1B1,交直线A1B1于点D,连结AD.
由AB1平面A1B1C1得平面A1B1C1平面ABB1,
由C1DA1B1得C1D平面ABB1,
所以C1AD是AC1与平面ABB1所成的角.学科.网
由B1C1
得cosC1A1B1
6
sinC1A1B1
1
5,A1B122,A1C1
21
,
7
7
所以CD3,故sinCADC1D
39.
11AC113
因此,直线AC1与平面ABB1所成的角的正弦值是
1339.
方法二:
(Ⅰ)如图,以AC的中点O为原点,分别以射线OB,OC为x,y轴的正半轴,建立空间直角坐标系O-xyz.
7
由题意知各点坐标如下:
A(0,
3,0),B(1,0,0),A1(0,
3,4),B1(1,0,2),C1(0,
3,1),
因此AB1(1,
3,2),A1B1(1,
3,2),A1C1(0,2
3,3),
由AB1A1B10得AB1A1B1.
由AB1A1C10得AB1A1C1.所以AB1平面A1B1C1.
(Ⅱ)设直线AC1与平面ABB1所成的角为.
由(Ⅰ)可知AC1(0,2
3,1),AB(1,
3,0),BB1(0,0,2),
设平面ABB1的法向量n(x,y,z).
nAB0,
3y0,
x
由
uuur即
0,
可取n(3,1,0).
nBB0,
2z
1
uuur
|AC
n|
39
所以sin|cos
AC,n
|
uuur1
.
1
|AC1||n|
13
因此,直线AC1与平面ABB1所成的角的正弦值是
1339.
20.本题主要考查等差数列、等比数列、数列求和等基础知识,同时考查运算求解能力
和综合应用能力。
满分15分。
(Ⅰ)由a42是a3,a5的等差中项得a3a52a44,
所以a3a4a53a4428,
8
解得a48.
由a3a520得8(q1q)20,
因为q1,所以q2.
(Ⅱ)设cn
(bn1bn)an,数列{cn}前n项和为Sn.
S,n1,
解得cn4n1.
由cn1
SnSn1,n2.
由(Ⅰ)可知a2n1
,
n
所以b
b(4n1)(
1
)n1
,
n1
n
2
故bnbn1(4n5)(12)n2,n2,
bnb1(bnbn1)(bn1bn2)(b3b2)(b2b1)
(4n5)(12)n2(4n9)(12)n37123.
设Tn371211(12)2(4n5)(12)n2,n2,
12Tn3127(12)2(4n9)(12)n2(4n5)(12)n1
所以12Tn34124(12)24(12)n2(4n5)(12)n1,因此Tn14(4n3)(12)n2,n2,
又b11,所以bn15(4n3)(12)n2.
21.本题主要考查椭圆、抛物线的几何性质,直线与抛物线的位置关系等基础知识,同时考
查运算求解能力和综合应用能力。
满分15分。
(Ⅰ)设P(x0,y0),A(14y12,y1),B(14y22,y2).
因为PA,PB的中点在抛物线上,所以y1,y2为方程
1
2
yy0
y
x0
即y22y0y8x0
y020的两个不同的实数根.
(
)2
4
4
2
2
所以y1y22y0.
9
因此,PM垂直于y轴.
y1y22y0,
(Ⅱ)由(Ⅰ)可知y1y28x0y02,
所以|PM|18(y12y22)x034y023x0,|y1y2|2
2(y024x0).
3
因此,△PAB的面积S△PAB
1
32
(y02
|PM||y1y2
|
4x0)
2
.
2
4
因为x2
y02
1(x0),所以y02
4x04x02
4x04[4,5].
0
4
0
因此,△PAB面积的取值范围是[62,15
10].
4
22.本题主要考查函数的单调性,导数的运算及其应用,同时考查逻辑思维能力和综合应用
能力。
满分15分。
(Ⅰ)函数f(x)的导函数f(x)21x1x,
由f(x1)f(x2)得
1
1
1
1
,
2
2x2
x1
x1
x2
因为x1x2,所以
1x1
1x212.
由基本不等式得12
x1x2
x1
x224
x1x2.
因为x1x2,所以x1x2256.
由题意得f(x)f(x)
lnx
lnx
1
ln(xx).
x
x
xx
1
2
1
1
2
2
2
1
2
1
2
设g(x)
1
lnx,
x
2
则g(x)
1
(
4),
x
4x
所以
x
(0,16)
16
(16,+∞)
g(x)
-
0
+
g(x)
2-4ln2
所以g(x)在[256,+∞)上单调递增,
10
故g(x1x2)g(256)88ln2,
即f(x1)f(x2)88ln2.
(Ⅱ)令m=e(ak),n=(a1)21,则
k
f(m)–km–a>|a|+k–k–a≥0,
f(n)–kn–a
所以,存在x0∈(m,n)使f(x0)=kx0+a,
所以,对于任意的a∈R及k∈(0,+∞),直线y=kx+a与曲线y=f(x)有公共点.
由
f(x)=kx+a得k
xlnxa.x
设
h(x)=
xlnxa,x
则
h′(x)=lnx2x1ag(x)1a,
x2x2
其中g(x)=
2xlnx.
由(Ⅰ)可知g(x)≥g(16),又a≤3–4ln2,
故–g(x)–1+a≤–g(16)–1+a=–3+4ln2+a≤0,
所以h′(x)≤0,即函数h(x)在(0,+∞)上单调递减,因此方程f(x)–kx–a=0至
多1个实根.
综上,当a≤3–4ln2时,对于任意k>0,直线y=kx+a与曲线y=f(x)有唯一公共点.
11