人教版八年级数学上册《等边三角形》拔高练习.docx
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人教版八年级数学上册《等边三角形》拔高练习
《等边三角形》拔高练习
、选择题(
本大题共5小题,共25.0分)
1.
5分)如图,已知:
∠MON=30°,点A1,A2,A3,⋯在射线ON上,点B1,B2,B3,⋯
在射线OM上,△A1B1A2,△A2B2A3,△A3B3A4,⋯均为等边三角形,若OA1=1,则
3.
5分)如图,在等边△ABC中,D是AB的中点,DE⊥AC于E,EF⊥BC于F,已知
4.
5分)如图,AD是等边△ABC的中线,AE=AD,则∠EDC的度数为()
E,且CE=1.5,则AB的长为(
、填空题(本大题共5小题,共25.0分)
6.(5分)如图,若BD为等边△ABC的一条中线,延长BC至点E,使CE=CD=1,连接
7.(5分)如图,△ABC是等边三角形,BD为AC边上的中线,点E在BC的延长线上,连接DE,若CE=2,∠E=30°,则线段BC的长为.
8.(5分)下列图形由大小相等的等边三角形组成:
图1为一个白三角形;
图2在图1外部,画了3个黑三角形;
图3在图2外部,画了6个白三角形;
图4在图3外部,画了9个黑三角形;
图5在图4外部,画了12个白三角形;⋯;
以此类推,那么图n(n为大于1的整数)在前一个图外部,画了个三角形(用含有n的代数式表示)
4,则点A的坐标是
10.(5分)在△ABC中,AB=AC,BC=5,∠B=60°,则△ABC的周长是三、解答题(本大题共5小题,共50.0分)
11.(10分)列方程解应用题
用正方形硬纸板做三棱柱盒子,每个盒子由3个矩形面和2个正三角形底面组成,硬纸板以如图两种方法裁剪(裁剪后边角料不再利用),A方法:
剪6个侧面;B方法:
剪4
个侧面和5个底面,现有19张硬纸板,如何裁剪才能使裁剪出的侧面和底面恰好全部用完,能做多少个盒子?
12.(10分)用正方形硬纸板做三棱柱盒子,每个盒子由3个长方形侧面和2个正三角形底
面组成.硬纸板以如图两种方法裁剪(裁剪后边角料不再利用).
A方法:
剪6个侧面;
B方法:
剪4个侧面和5个底面.
现有38张硬纸板,裁剪时x张用A方法,其余用B方法.
(1)分别求裁剪出的侧面和底面的个数(用x的代数式表示)
(2)若裁剪出的侧面和底面恰好全部用完,问能做多少个盒子?
13.(10分)在△ABC中,AB=AC,在△ABC的外部作等边三角形△ACD,E为AC的中点,连接DE并延长交BC于点F,连接BD.
(1)如图1,若∠BAC=100°,求∠BDF的度数;
(2)如图2,∠ACB的平分线交AB于点M,交EF于点N,连接BN.
①补全图2;
14.(10分)如图:
已知等边△ABC中,D是AC的中点,E是BC延长线上的一点,且CE
=CD,DM⊥BC,垂足为M.
(1)求∠E的度数.
(2)求证:
M是BE的中点.
15.(10分)已知:
如图等边△ABC,D是AC的中点,且CE=CD,DF⊥BE.
(1)求证:
BF=EF.
等边三角形》拔高练习
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共5小题,共25.0分)
1.(5分)如图,已知:
∠MON=30°,点A1,A2,A3,⋯在射线ON上,点B1,B2,B3,⋯在射线OM上,△A1B1A2,△A2B2A3,△A3B3A4,⋯均为等边三角形,若OA1=1,则
B2018B2019的长为()
A.2017B.2018C.D.
【分析】根据等腰三角形的性质以及平行线的性质得出A1B1∥A2B2∥A3B3,以及A2B2=
2B1A2,得出B1B2=,B2B3=2,B3B4=4,以此类推,BnBn+1的长为2n﹣1,进而得出答案.
【解答】解:
∵△A1B1A2是等边三角形,
∴A1B1=A2B1,∠3=∠4=∠12=60°,
∴∠2=120°,
∵∠MON=30°,
∴∠1=180°﹣120°﹣30°=30°,
又∵∠3=60°,
∴∠5=180°﹣60°﹣30°=90°,
∵∠MON=∠1=30°,
∴OA1=A1B1=1,
∴A2B1=1,
∵△A2B2A3、△A3B3A4是等边三角形,
∴∠11=∠10=60°,∠13=60°,
∵∠4=∠12=60°,
∴A1B1∥A2B2∥A3B3,B1A2∥B2A3,
∴∠1=∠6=∠7=30°,∠5=∠8=90°,
∴A2B2=2B1A2=2,
∴B1B2=,
∵B3A3=2B2A3,
∴A3B3=4B1A2=4,
∴B2B3=2,
∵A4B4=8B1A2=8,
∴B3B4=4,
以此类推,BnBn+1的长为2n﹣1,
∴B2018B2019的长为22017,
故选:
C.
=4B1A2,A4B4=8B1A2,A5B5=16B1A2进而发现规律是解题关键.
由勾股定理得:
AD===,
故选:
C.
CD
【点评】本题考查了等边三角形的性质和勾股定理,能根据等边三角形的性质求出的长是解此题的关键.
3.(5分)如图,在等边△ABC中,D是AB的中点,DE⊥AC于E,EF⊥BC于F,已知
A.3B.4C.5D.6
【分析】根据等边三角形的性质得到AD=4,AC=8,∠A=∠C=60°,根据直角三角
形的性质得到AE=AD=2,于是得到结论.
【解答】解:
∵在等边△ABC中,D是AB的中点,AB=8,∴AD=4,AC=8,∠A=∠C=60°,
∵DE⊥AC于E,EF⊥BC于F,
∴∠AFD=∠CFE=90°,
∴AE=AD=2,
∴CE=8﹣2=6,
∴BF=5,
故选:
C.
【点评】本题考查了等边三角形的判定和性质,含30°角的直角三角形的性质,平行线
的性质,熟练掌握性质定理是解题的关键.
4.(5分)如图,AD是等边△ABC的中线,AE=AD,则∠EDC的度数为()
A.30°B.20°C.25°D.15
分析】由AD是等边△ABC的中线,根据等边三角形中:
三线合一的性质,即可求得
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AD⊥BC,∠CAD=30°,又由AD=AE,根据等边对等角与三角形内角和定理,即可求得∠ADE的度数,继而求得答案.
【解答】解:
∵AD是等边△ABC的中线,
∴AD⊥BC,∠BAD=∠CAD=∠BAC=×60°=30°,
∴∠ADC=90°,
∵AD=AE,
∴∠ADE=∠AED==75°,
∴∠EDC=∠ADC﹣∠ADE=90°﹣75°=15°.
故选:
D.
【点评】此题考查了等边三角形的性质、等腰三角形的性质以及三角形内角和定理.此
题难度不大,解题的关键是注意数形结合思想的应用.
5.(5分)如图,在等边△ABC中,BD平分∠ABC交AC于点D,过点D作DE⊥BC于点
E,且CE=1.5,则AB的长为(
【分析】由在等边三角形ABC中,DE⊥BC,可求得∠CDE=30°,则可求得CD的长,又由BD平分∠ABC交AC于点D,由三线合一的知识,即可求得答案.
【解答】解:
∵△ABC是等边三角形,
∴∠ABC=∠C=60°,AB=BC=AC,
∵DE⊥BC,
∴∠CDE=30°,
∵EC=1.5,
∴CD=2EC=3,
∵BD平分∠ABC交AC于点D,
∴AD=CD=3,
∴AB=AC=AD+CD=6.
故选:
C.
【点评】此题考查了等边三角形的性质以及含30°角的直角三角形的性质.此题难度不
大,注意掌握数形结合思想的应用.
二、填空题(本大题共5小题,共25.0分)
6.(5分)如图,若BD为等边△ABC的一条中线,延长BC至点E,使CE=CD=1,连接DE,则DE=.
【分析】根据等腰三角形和三角形外角性质求出BD=DE,求出BC,在Rt△BDC中,
由勾股定理求出BD即可.
【解答】解:
∵△ABC为等边三角形,
∴∠ABC=∠ACB=60°,AB=BC,
∵BD为中线,
∴∠DBC=∠ABC=30°,
∵CD=CE,
∴∠E=∠CDE,
∵∠E+∠CDE=∠ACB,
∴∠E=30°=∠DBC,
∴BD=DE,
∵BD是AC中线,CD=1,
∴AD=DC=1,
∵△ABC是等边三角形,
∴BC=AC=1+1=2,BD⊥AC,
在Rt△BDC中,由勾股定理得:
BD=,
即DE=BD=,
故答案为:
.
点评】本题考查了等边三角形性质,勾股定理,等腰三角形性质,三角形的外角性质
等知识点的应用,关键是求出DE=BD和求出BD的长.
7.(5分)如图,△ABC是等边三角形,BD为AC边上的中线,点E在BC的延长线上,
决问题.
【解答】解:
∵△ABC是等边三角形,∴∠ABC=∠ACB=60°,BA=BC,∵BD为AC边上的中线,
∴∠DBC=∠E=30°,BD⊥AC,
∴∠BDC=90°,
∴BC=2DC,
∵∠ACB=∠E+∠CDE,
∴∠CDE=∠E=30°,
∴CD=CE=2,
∴BC=2CD=4,故答案为:
4.
【点评】本题考查等边三角形的性质、等腰三角形的判定和性质,解题的关键是灵活运用:
等边三角形的三个内角都相等,且都等于60°.
8.(5分)下列图形由大小相等的等边三角形组成:
图1为一个白三角形;
图2在图1外部,画了3个黑三角形;
图3在图2外部,画了6个白三角形;
图4在图3外部,画了9个黑三角形;
图5在图4外部,画了12个白三角形;⋯;
以此类推,那么图n(n为大于1的整数)在前一个图外部,画了3(n﹣1)个三角
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形(用含有n的代数式表示)
【分析】数列的数字依次由3乘2、3、4⋯连续的自然数得到,由此得出图n(n为大于
1的整数)在前一个图外部,画了3(n﹣1)个三角形.
【解答】解:
图2在图1外部,画了3个;
图3在图2外部,画了3×(3﹣1)=6个白三角形;
图4在图3外部,画了3×(4﹣1)=9个黑三角形;
图5在图4外部,画了3×(5﹣1)=12个白三角形,
∴图n(n为大于1的整数)在前一个图外部,画了3(n﹣1)个三角形;
故答案为:
3(n﹣1).
【点评】此题考查图形的变化规律,找出规律解决问题的关键.
9.(5分)如图,等边三角形ABC的顶点在坐标轴上,边长为4,则点A的坐标是(0,
2).
【分析】根据等边三角形三线合一定理,即可求出OC的长度,再根据勾股定理,即可得到AO的长,进而得到点A的坐标.
由勾股定理可知:
OA==2,
∴A(0,2),
故答案为:
(0,2).
【点评】本题考查等边三角形的性质,勾股定理,坐标与图形的性质等知识,解题的关键是利用等边三角形的性质解决问题.
10.(5分)在△ABC中,AB=AC,BC=5,∠B=60°,则△ABC的周长是15
分析】根据等边三角形的判定和性质即可解决问题.
【解答】解:
∵AB=AC,∠B=60°,
∴△ABC是等边三角形,
∵BC=5,
∴△ABC的周长为15,
故答案为15.
解题的关键是熟练掌握基本知识,属于中
【点评】本题考查等边三角形的判定和性质,
考常考题型.
三、解答题(本大题共5小题,共50.0分)
11.(10分)列方程解应用题
板以如图两种方法裁剪(裁剪后边角料不再利用),A方法:
剪6个侧面;B方法:
剪4
个侧面和5个底面,现有19张硬纸板,如何裁剪才能使裁剪出的侧面和底面恰好全部用
完,能做多少个盒子?
【分析】由x张用A方法,就有(19﹣x)张用B方法,就可以分别表示出侧面个数和底面个数;由侧面个数和底面个数比为3:
2建立方程求出x的值,求出侧面的总数就可以
求出结论.
【解答】解:
设裁剪时x张用A方法,则裁剪时(19﹣x)张用B方法.
∴侧面的个数为:
6x+4(19﹣x)=(2x+76)个,
底面的个数为:
5(19﹣x)=(95﹣5x)个;
=
=
,
由题意,
解得:
x=7,
经检验,x=7是原分式方程的解,
∴盒子的个数为:
=30.
答:
裁剪出的侧面和底面恰好全部用完,能做30个盒子.
【点评】本题考查了列一元一次方程解实际问题的运用,一元一次方程的解法的运用,列代数式的运用以及分式方程的应用,解答时根据裁剪出的侧面和底面个数相等建立方程是关键.
12.(10分)用正方形硬纸板做三棱柱盒子,每个盒子由3个长方形侧面和2个正三角形底
面组成.硬纸板以如图两种方法裁剪(裁剪后边角料不再利用).
A方法:
剪6个侧面;
B方法:
剪4个侧面和5个底面.
现有38张硬纸板,裁剪时x张用A方法,其余用B方法.
(1)分别求裁剪出的侧面和底面的个数(用x的代数式表示)
(2)若裁剪出的侧面和底面恰好全部用完,问能做多少个盒子?
【分析】
(1)由x张用A方法,就有(38﹣x)张用B方法,就可以分别表示出侧面个数和底面个数;
(2)由侧面个数和底面个数比为3:
2建立方程求出x的值,求出侧面的总数就可以求
出结论.
【解答】解:
(1)∵裁剪时x张用A方法,
∴裁剪时(38﹣x)张用B方法.
∴侧面的个数为:
6x+4(38﹣x)=(2x+152)个,底面的个数为:
5(38﹣x)=(190﹣5x)个;
(2)由题意,得(2x+152):
(190﹣5x)=3:
2,解得:
x=14,
∴盒子的个数为:
=60.
【点评】本题考查了列一元一次方程解实际问题的运用,一元一次方程的解法的运用,列代数式的运用以及分式方程的应用,解答时根据裁剪出的侧面和底面个数相等建立方程是关键.
13.(10分)在△ABC中,AB=AC,在△ABC的外部作等边三角形△ACD,E为AC的中点,连接DE并延长交BC于点F,连接BD.
(1)如图1,若∠BAC=100°,求∠BDF的度数;
(2)如图2,∠ACB的平分线交AB于点M,交EF于点N,连接BN.
①补全图2;
2)①根据要求画出图形即可;
②设∠ACM=∠BCM=α,由AB=AC,
推出∠ABC=∠ACB=2α,可得∠NAC=∠NCA
α,∠DAN=60°+α,由△ABN≌△ADN(SSS),推出∠ABN=∠ADN=30°,∠BAN
=∠DAN=60°+α,∠BAC=60°+2α,在△ABC中,根据∠BAC+∠ACB+∠ABC=180构建方程求出α,再证明∠MNB=∠MBN即可解决问题;
在等边三角形△ACD中,
∠CAD=∠ADC=60°,AD=AC.
∵E为AC的中点,
∴∠ADE=∠ADC=30°,
∵AB=AC,
∴AD=AB,
∵∠BAD=∠BAC+∠CAD=160°,
∴∠ADB=∠ABD=10°,
∴∠BDF=∠ADF﹣∠ADB=20°.
②证明:
连接AN.
∵CM平分∠ACB,
∴设∠ACM=∠BCM=α,
∵AB=AC,
∴∠ABC=∠ACB=2α.在等边三角形△ACD中,
∵E为AC的中点,
∴DN⊥AC,
∴NA=NC,
∴∠NAC=∠NCA=α,
∴∠DAN=60°+α,
在△ABN和△ADN中,
∴△ABN≌△ADN(SSS),
∴∠ABN=∠ADN=30°,∠BAN=∠DAN=60°+α,
∴∠BAC=60°+2α,
在△ABC中,∠BAC+∠ACB+∠ABC=180°,
∴60°+2α+2α+2α=180°,
∴α=20°,
∴∠NBC=∠ABC﹣∠ABN=10°,
∴∠MNB=∠NBC+∠NCB=30°,
∴∠MNB=∠MBN,
∴MB=MN.
【点评】本题考查全等三角形的判定和性质,等边三角形的性质,等腰三角形的判定和性质等知识,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题,属于中考常考题型.
14.(10分)如图:
已知等边△ABC中,D是AC的中点,E是BC延长线上的一点,且CE=CD,DM⊥BC,垂足为M.
(1)求∠E的度数.
(2)求证:
M是BE的中点.
【分析】
(1)由等边△ABC的性质可得:
∠ACB=∠ABC=60°,然后根据等边对等角可得:
∠E=∠CDE,最后根据外角的性质可求∠E的度数;
(2)连接BD,由等边三角形的三线合一的性质可得:
∠DBC=∠ABC=×60°=
30°,结合
(1)的结论可得:
∠DBC=∠E,然后根据等角对等边,可得:
DB=DE,
最后根据等腰三角形的三线合一的性质可得:
M是BE的中点.
【解答】
(1)解:
∵三角形ABC是等边△ABC,
∴∠ACB=∠ABC=60°,
又∵CE=CD,
∴∠E=∠CDE,
又∵∠ACB=∠E+∠CDE,
∴∠E=∠ACB=30°;
2)证明:
连接BD,
∵等边△ABC中,D是AC的中点,
∴∠DBC=∠ABC=×60°=30°
由
(1)知∠E=30°
∴∠DBC=∠E=30°
∴DB=DE
又∵DM⊥BC
∴M是BE的中点.
【点评】此题考查了等边三角形的有关性质,重点考查了等边三角形的三线合一的性质.
15.(10分)已知:
如图等边△ABC,D是AC的中点,且CE=CD,DF⊥BE.
(1)求证:
BF=EF.
【分析】
(1)要证F是BE的中点,根据题意可知,证明△BDE为等腰三角形,利用等腰三角形的三线合一的性质即可得证;
2)利用含30°角的直角三角形的性质直接求出即可.
解答】证明:
(1)∵在等边△ABC,且D是AC的中点,
∵CE=CD,
∴∠CDE=∠E,
∵∠ACB=∠CDE+∠E,
∴∠E=30°,
∴∠DBC=∠E=30°,
∴BD=ED,△BDE为等腰三角形,
又∵DF⊥BE,
∴F是BE的中点,
∴BF=EF;
2)∵在直角三角形DFE中,∠E=30°,DE=5,
点评】本题考查了等腰三角形顶角平分线、底边上的中线和高三线合一的性质以及等边三角形每个内角为60°的知识.辅助线的作出是正确解答本题的关键.