学年安徽省池州市高一上学期期末考试物理试题.docx

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学年安徽省池州市高一上学期期末考试物理试题

池州市2018高一物理参考答案

1.B【解析】甲驾车行程“198km”指的是路程，选项A错误;本题中路程长度远远大于车的尺寸，所以研究乙的行驶路程时可将车看作质点，选项B正确；甲与乙运动的方向相反，所以位移相反，平均速度不相同，选项C错误；“上午8时”是时刻，“经2小时”是时间间隔，选项D错误.

2.A【解析】力学的三个基本单位分别为长度单位m、时间单位s、质量单位kg.刻度尺是测量长度的仪器，天平是测量质量的仪器，秒表是测量时间的仪器，选项A正确；汽车速度计是测量速度的仪器，速度单位不是基本单位．选项B错误；测力计是测量力的仪器，力的单位不是基本单位，选项C错误；量筒是测量体积的仪器，体积单位不是基本单位．选项D错误。

3.C【解析】狗拉雪橇的力与雪橇拉狗的力是相互作用力，总是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，选项A错误；狗拉雪橇的力与雪橇拉狗的力是相互作用力，同时产生、同时消失，选项B错误；狗对雪橇的拉力和雪橇对狗的拉力是一对作用力与反作用力，选项C正确；雪橇能够运动是由于狗对雪橇的拉力大于地面对其的阻力，选项D错误。

4.B【解析】由Δx＝aT2得a＝4m/s2，由x1＝v0T－

aT2得v0＝12m/s，汽车刹车时间t＝

＝3s<4s，故刹车后4s内的位移为x＝

＝18m，只有选项B正确．

5.B【解析】对B球，受力分析如图所示，则有FTsin30°＝mg,得FT＝2mg=2N，细绳对B球的拉力为F＝FT＝2N；对A球，受力分析如图所示．在水平方向：

FTcos30°＝FNAsin30°,在竖直方向：

FNAcos30°＝mAg＋FTsin30°,由以上方程解得mA＝0.2kg.只有选项B正确。

6.D【解析】若传送带不动，则物体做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得，匀减速直线运动的加速度大小a＝μg＝1m/s2，根据v

－v

＝2ax，解得vB＝2m/s，选项A错误；若传送带逆时针转动，物体滑上传送带做匀减速直线运动，到达B点的速度大小一定等于2m/s，选项B错误；若传送带顺时针匀速运动，且传送带的速度小于2m/s，则物体滑上传送带仍然做匀减速直线运动，到达B点的速度可以等于2m/s，选项C错误；D正确．

7.B【解析】因v-t图像的“面积”等于物体的位移，若运乙动的时间等于甲，则乙运动的位移大于甲的位移，由此可知乙运动的时间小于甲，选项A错误；由图像可知开始时乙的速度大于甲，乙在甲的前面，当甲乙速度相等时，两者距离最大，然后甲的速度大于乙，直到追上乙，故运动中乙始终在甲的前面，选项B正确，C错误；切线的斜率等于加速度，故由图像可知，当甲图像的斜率等于乙的斜率时两者加速度相等，选项D错误.

8.AC【解析】蹦床运动员在空中上升到最高点时速度为零，加速度为g，方向竖直向下，故处于完全失重状态，选项A正确；跳高运动员在越杆时受到重力作用，处于非平衡状态，选项B错误；举重运动员在举铃过头停在最高点时，铃处于静止状态，即平衡状态，选项C正确；质量是惯性的唯一量度，助跑是为了跳出时速度大，跳得更远，选项D错误．

9AC【解析】因为m处于平衡状态，m受重力、支持力以及M对m的静摩擦力平衡，选项A正确；m、M间有摩擦力．摩擦力的方向沿m与M的接触面斜向上，选项B错误；m、M能一起匀速下滑，对整体分析，受重力、支持力和滑动摩擦力，有：

（m+M）gsinθ=μ（m+M）gcosθ，可得μ=tanθ=

．选项C正确；斜面对M的摩擦力方向沿斜面向上，所以M对斜面的摩擦力方向沿斜面向下．选项D错误．

10.BC【解析】由图象可知甲比乙先出发，t1时刻乙出发向正方向运动,t2时刻后乙向负方向运动，选项A错误；t1时刻甲、乙两物体的位移相等，但位移与时间的关系图象的斜率不等，速度不等，选项B错误；t1到t2时间内乙的速度先大于甲的速度后小于甲的速度，则t1到t2时间内某时刻两车的速度可能相同．选项C正确．t1到t2时间内两物体的位移相同，所用时间相同，则平均速度相同．选项D错误．

11.AC【解析】车厢的加速度与小球加速度相同，对小球进行受力分析根据牛顿第二定律得：

F=ma，a=gtan37°，代入数据解得：

a=7.5m/s2，选项A正确；车厢的加速度大小为7.5m/s2，方向水平向左，所以车厢可能向左做匀加速运动，也可能向右做匀减速运动，选项B错误，C正确；悬线对球的拉力大小为T=mg/cos37°=12.5N，选项D错误。

12.ACD【解析】开始系统处于静止，对甲分析，有：

F+m1g=F弹，剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，对甲，合力为F合甲=F弹-m1g=F，选项A正确；对乙分析，根据共点力平衡得，F弹+m2g=F丙对乙，解得F丙对乙=F+m1g+m2g，选项B错误；对乙丙整体分析，根据共点力平衡得，F弹+（m2+m3）g=F地，解得地面对丙的支持力F地=（m1+m2+m3）g+F，因为F合甲=F=m1a，则F地=m1（a+g）+m2g+m3g，选项C、D正确。

13.（6分）

（1）5.8（2分）

（2）甲（2分）ABD（2分）

【解析】

（1）由题图知，弹簧测力计A的最小刻度值为0.2N，读数为5.8N。

（2）解答用平行四边形定则求出的合力可以与重力的方向有偏差，但悬挂重物的线应该竖直向下，故甲同学实验得到的结果符合实验事实。

当弹簧测力计A超出其量程，则说明弹簧测力计B与重物这两根细线的力的合力已偏大．又由于挂重物的细线力的方向已确定，所以要么减小重物的质量，要么改变测力计B拉细线的方向，或改变弹簧测力计B拉力的大小，从而使测力计A不超出量程．故C不可行．

14.（8分）

（1）长木板的倾角过大（能答到这个意思即可）（2分）远大于（2分）

（2）BC（2分）（3）0.90（2分）

【解析】

（1）图线Ⅰ在纵轴上有较大的截距，说明绳对小车的拉力F=0（即还没有砝码盘）时小车就有了沿长木板向下的加速度a0，长木板的倾角过大；图线Ⅱ经过坐标原点，说明乙同学在实验前小车所受的摩擦力已被平衡。

在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：

得

，而实际上

，可见要满足M>>m。

（2）

（2）实验中涉及了质量和合力两个变化的物理量，所以需要控制变量法进行实验，A错误、B正确;实验时为了获得更多的信息，所以需要先接通电源，后释放纸带，C正确;小车运动的加速度必须由纸带上的测量数据计算得到，D错误。

（3）由Δx＝aT2可得x3－x1＝2aT2，所以a＝

m/s2＝0.90m/s2。

15.（10分）

（1）电脑受力情况如图所示，根据重力的作用效果把重力分解为F1，F2.由静止时二力平衡可得：

FN＝F2＝mgcosα，（2分）

Ff＝F1＝mgsinα。

（2分）

（2）当倾角增大到θ时，电脑刚好匀速下滑，电脑受力情况仍如图所示．由二力平衡可知Ff′＝F1′＝mgsinθ，（2分）

FN′＝F2′＝mgcosθ，（2分）

由Ff′＝μFN′，得μ＝

＝tanθ.（2分）

16.（13分）

（1）设下落过程中最大速度为v，自由落体的高度为h1，

则：

v2=2gh1（1分）

v=gt1（1分）

解得：

t1=2s（1分）

设匀减速的高度为h2，加速度大小为a，则：

v2=2ah2（1分）

v=at2（1分）

下落的总距离h=h1+h2=64m﹣4m=60m（1分）

联立解得：

a=5m/s2t2=4s（1分）

小明下落过程的总时间为t=t1+t2=6s（2分）

（2）匀减速过程中：

设阻力为f，由牛顿第二定律得：

f﹣mg=ma（2分）

由f=3675N，可得m=245kg（2分）

17.（15分）

（1）对小物块由牛顿第二定律知

（1分）

对小车由牛顿第二定律知

（2分）

两者刚达到相同的速度时，其速度关系：

（1分）

在开始1s内小物块的位移：

x1＝

amt2

（1分）

在开始1s内小车的位移：

x2＝v0t＋

aMt2

（2分）

小物块离小车左端的距离：

Δx＝x2－x1

（1分）

联立

式，代入已知数值解得：

Δx＝0.75m

（2分）

（2）经过1s小物块与小车具有相同的速度：

（1分）

其后小物块与小车一起做加速运动，由牛顿第二定律知:

（1分）

两者达到相同的速度后，经过t=2s的位移大小：

x＝vt＋

at2

（1分）

联立

式，代入已知数值解得：

x＝5.6m（2分）