贵州省六盘水市中考数学试题解析版docWord文档格式.docx
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B．
C．
D．
概率公式．.
让白球的个数除以球的总数即为摸到白球的概率．
∵布袋中装有5个红球、4个白球、3个黄球，共12个球，从袋中任意摸出一个球共有12种结果，其中出现白球的情况有4种可能，
∴是白球的概率是
=
．
故答案为：
本题考查随机事件概率的求法：
如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P（A）=
4．如图2是正方体的一个平面展开图，原正方体
上两个“我”字所在面的位置关系是（ ）
A．相对B．相邻C．相隔D．重合
正方体相对两个面上的文字．.
正方体的表面展开图，相对的面之间一定相隔一个正方形，根据这一特点作答．
正方体的表面展开图，相对的面之间一定相隔一个正方形，
“我”与“国”是相对面，
“我”与“祖”是相对面，
“爱”与“的”是相对面．
故原正方体上两个“我”字所在面的位置关系是相邻．
故选B．
本题主要考查了正方体相对两个面上的文字，注意正方体的空间图形，从相对面入手，分析及解答问题．
5．下列说法不正确的是（ ）
A．圆锥的俯视图是圆
B．对角线互相垂直平分的四边形是菱形
C．任意一个等腰三角形是钝角三角形
D．周长相等的正方形、长方形、圆，这三个几何图形中，圆面积最大
命题与定理．.
根据三视图、菱形的判定定理、等腰三角形的性质、正方形的性质、即可解答．
A、圆锥的俯视图是圆，正确；
B、对角线互相垂直平分的四边形是菱形，正确；
C、任意一个等腰三角形是钝角三角形，错误；
例如，顶角为80°
的等腰三角形，它的两个底角分别为50°
，50°
，为锐角三角形；
D、周长相等的正方形、长方形、圆，这三个几何图形中，圆面积最大，正确；
故选：
C．
本题考查了命题与定理，解决本题的关键是熟记三视图、菱形的判定定理、等腰三角形的性质、正方形的性质．
6．下列运算结果正确的是（ ）
有理数的乘法；
有理数大小比较；
有理数的减法．.
原式各项计算得到结果，即可做出判断．
A、原式=7221，正确；
B、原式=﹣10.1，错误；
C、原式=﹣3.34，错误；
D、﹣
＞﹣
，错误，
故选A
此题考查了有理数的乘法，有理数的大小比较，以及有理数的减法，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
7．“魅力凉都六盘水”某周连续7天的最高气温（单位°
C）是26，24，23，18，22，22，25，则这组数据的中位数是（ ）
A．18B．22C．23D．24
中位数．.
将一组数据从小到大（或从大到小）重新排列后，最中间的那个数就是这组数据的中位数．
把数据按从小到大的顺序排列为：
18、22、22、23、24、25、26，
则中位数是：
23．
本题为统计题，考查中位数的意义，中位数是将一组数据从小到大（或从大到小）重新排列后，最中间的那个数（最中间两个数的平均数），叫做这组数据的中位数．
8．如图3，表示
的点在数轴上表示时，所在哪两个字母之间（ ）
A．C与DB．A与BC．A与CD．B与C
估算无理数的大小；
实数与数轴．.
确定出7的范围，利用算术平方根求出
的范围，即可得到结果．
∵6.25＜7＜9，
∴2.5＜
＜3，
则表示
的点在数轴上表示时，所在C和D两个字母之间．
此题考查了估算无理数的大小，以及实数与数轴，解题关键是确定无理数的整数部分即可解决问题．
9．如图4，已知∠ABC＝∠DCB，下列所给条件不能证明△ABC≌△DCB的是（ ）
A．∠A＝∠DB．AB＝DC
C．∠ACB＝∠DBCD．AC＝BD
全等三角形的判定．.
本题要判定△ABC≌△DCB，已知∠ABC=∠DCB，BC是公共边，具备了一组边对应相等，一组角对应相等，故添加AB=CD、∠ACB=∠DBC、∠A=∠D后可分别根据SAS、ASA、AAS能判定△ABC≌△DCB，而添加AC=BD后则不能．
A、可利用AAS定理判定△ABC≌△DCB，故此选项不合题意；
B、可利用SAS定理判定△ABC≌△DCB，故此选项不合题意；
C、利用ASA判定△ABC≌△DCB，故此选项不符合题意；
D、SSA不能判定△ABC≌△DCB，故此选项符合题意；
D．
本题考查三角形全等的判定方法，判定两个三角形全等的一般方法有：
SSS、SAS、ASA、AAS、HL．
注意：
AAA、SSA不能判定两个三角形全等，判定两个三角形全等时，必须有边的参与，若有两边一角对应相等时，角必须是两边的夹角．
10．如图5，假设篱笆（虚线部分）的长度
16m，则所围成矩形ABCD的最大面积
是（ ）
A．60m2B．63m2
C．64m2D．66m2
二次函数的应用．.
应用题．
设BC=xm，表示出AB，矩形面积为ym2，表示出y与x的关系式，利用二次函数性质求出面积最大值即可．
设BC=xm，则AB=（16﹣x）m，矩形ABCD面积为ym2，
根据题意得：
y=（16﹣x）x=﹣x2+16x=﹣（x﹣8）2+64，
当x=8m时，ymax=64m2，
则所围成矩形ABCD的最大面积是64m2．
此题考查了二次函数的应用，熟练掌握二次函数性质是解本题的关键．
二、填空题（本大题共8小题，每小题4分，满分32分）
11．如图6所示，A、B、C三点均在⊙O上，
若∠AOB＝80°
，则∠ACB＝0
圆周角定理．.
直接根据圆周角定理求解．
∠ACB=
∠AOB=
×
80°
=40°
故答案为40．
本题考查了圆周角定理：
在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．
12．观察中国象棋的棋盘，其中红方“马”的位置可以用一个数对（3，5）来表示，红“马”走完“马3进四”后到达B点，则表示B点位置的数对是：
．
坐标确定位置．.
先根据红方“马”的位置向左3个单位，向下5个单位为坐标原点建立平面直角坐标系，然后写出点B的坐标即可．
建立平面直角坐标系如图所示，
点B的坐标为（2，7）．
（2，7）．
本题考查了坐标确定位置，理解平面直角坐标系的定义，准确确定出坐标原点的位置是解题的关键．
13．已知x1＝3是关于x的一元二次方程
的一个根，则方程的另一个根x2是m（m-n）2
根与系数的关系．.
根据根与系数的关系，由两根之和可以求出方程的另一个根．
设方程的另一个根是x2，则：
3+x2=4，
解得x=1，
故另一个根是1．
故答案为1．
本题考查的是一元二次方程的解，根据根与系数的关系，由两根之和可以求出方程的另一个根．
14．已知
，则
的值为2
比例的性质．.
根据比例的性质，可用a表示b、c，根据分式的性质，可得答案．
由比例的性质，得
c=
a，b=
a．
本题考查了比例的性质，利用比例的性质得出a表示b、c是解题关键，又利用了分式的性质．
15．如图8，有一个英语单词，四个字母都关于直线l对称，请在试卷上补全字母，在答题卡上写出这个单词所指的物品2
．
轴对称图形．.
根据轴对称图形的性质，组成图形，即可解答．
如图，
这个单词所指的物品是书．
书．
本题考查了轴对称图形，解决本题的关键是根据轴对称的性质，作出图形．
16．2014年10月24日，“亚洲基础设施投资银行”在北京成立，我国出资500亿美元，这个数用科学记数法表示为美元-1＜x＜0或x＞2
科学记数法—表示较大的数．
把500亿美元化为美元，表示为科学记数法即可．
500亿美元=5×
1010美元，
5×
1010
此题考查了科学记数法﹣表示较大的数，科学记数法的表示形式为a×
10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
17．在正方形A1B1C1O和A2B2C2C1，按如图9所示方式放置，在直线
上，点C1，C2在x轴上，已知A1点的坐标是（0，1），则点B2的坐标为．
一次函数图象上点的坐标特征；
正方形的性质．.
规律型．
根据直线解析式先求出OA1=1，求得第一个正方形的边长，再求出第二个正方形的边长为2，即可求得B2的坐标．
∵直线y=x+1，当x=0时，y=1，当y=0时，x=﹣1，
∴OA1=1，OD=1，
∴∠ODA1=45°
∴∠A2A1B1=45°
∴A2B1=A1B1=1，
∴A2C1=C1C2=2，
∴OC2=OC1+C1C2=1+2=3，
∴B2（3，2）．
故答案为（3，2）．
本题考查了一次函数图象上点的坐标特征以及正方形的性质；
求出第一个正方形、第二个正方形的边长是解决问题的关键．
18．赵洲桥是我国建筑史上的一大创举，它距今约1400年，历经无数次洪水冲击和8次地震却安然无恙。
如图10，若桥跨度AB约为40米，主拱高CD约10米，则桥弧AB所在圆的半径R＝米．
垂径定理的应用；
勾股定理．.
根据垂径定理和勾股定理求解即可．
根据垂径定理，得AD=
AB=20米．
设圆的半径是r，根据勾股定理，
得R2=202+（R﹣10）2，
解得R=25（米）．
故答案为25．
此题综合运用了勾股定理以及垂径定理．注意构造由半径、半弦、弦心距组成的直角三角形进行有关的计算．
三、解答题（本大题共8小题，共88分。
答题时应写出必要的运算步骤，推理过程，作图痕迹以及文字说明，超出答题区域书写的作答无效）
19．（本小题8分）计算：
实数的运算；
零指数幂；
负整数指数幂；
特殊角的三角函数值．.
原式第一项利用绝对值的代数意义化简，第二项利用特殊角的三角函数值计算，第三项利用负整数指数幂法则计算，第四项利用零指数幂法则计算，最后一项利用平方根定义计算即可得到结果．
原式=2﹣
+3×
+2﹣1﹣2=1．
此题考查了实数的运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
20．（本小题8分）如图11，已知，l1∥l2，C1在l1上，并且C1A⊥l2，A为垂足，C2，C3是l1上任意两点，点B在l2上，设△ABC1的面积为S1，△ABC2的面积为S2，△ABC3的面积为S3，小颖认为S1＝S2＝S3，请帮小颖说明理由．
平行线之间的距离；
三角形的面积．.
根据两平行线间的距离相等，即可解答．
∴△ABC1，△ABC2，△ABC3的底边AB上的高相等，
∴△ABC1，△ABC2，△ABC3这3个三角形同底，等高，
∴△ABC1，△ABC2，△ABC3这些三角形的面积相等．
即S1=S2=S3．
本题考查了平行线之间的距离，解集本题本题的关键是明确两平行线间的距离相等．
21．（本小题10分）联通公司手机话费收费有A套餐（月租费15元，通话费每分钟0.1元）和B套餐（月租费0元，通话费每分钟0.15元）两种。
设A套餐每月话费为y1（元），B套餐每月话费为y2（元），月通话时间为x分钟．
（1）（4分）分别表示出y1与x，y2与x的函数关系式．
（2）（3分）月通话时间为多长时，A、B两种套餐收费一样？
（3）（3分）什么情况下A套餐更省钱？
一次函数的应用．.
（1）根据A套餐的收费为月租加上话费，B套餐的收费为话费列式即可；
（2）根据两种收费相同列出方程，求解即可；
（3）根据
（2）的计算结果，小于收费相同时的时间选择B套餐，大于收费相同的时间选择A套餐解答．
（1）A套餐的收费方式：
y1=0.1x+15；
B套餐的收费方式：
y2=0.15x；
（2）由0.1x+15=0.15x，得到x=300，
答：
当月通话时间是300分钟时，A、B两种套餐收费一样；
（3）当月通话时间多于300分钟时，A套餐更省钱．
本题考查了一次函数的应用，是典型的电话收费问题，求出两种收费相同的时间是确定选择不同的缴费方式的关键．
22．（本小题10分）毕达哥拉斯学派对”数”与”形”的巧妙结合作了如下研究：
请在答题卡上写出第六层各个图形的几何点数，并归纳出第n层各个图形的几何点数．
规律型：
图形的变化类．.
首先看三角形数，根据前三层的几何点数分别是1、2、3，可得第六层的几何点数是6，第n层的几何点数是n；
然后看正方形数，根据前三层的几何点数分别是1=2×
1﹣1、3=2×
2﹣1、5=2×
3﹣1，可得第六层的几何点数是2×
6﹣1=11，第n层的几何点数是2n﹣1；
再看五边形数，根据前三层的几何点数分别是1=3×
1﹣2、2=3×
2﹣2、3=3×
3﹣2，可得第六层的几何点数是3×
6﹣2=16，第n层的几何点数是3n﹣2；
最后看六边形数，根据前三层的几何点数分别是1=4×
1﹣3、5=4×
2﹣3、9=4×
3﹣3，可得第六层的几何点数是4×
6﹣3=21，第n层的几何点数是4n﹣3，据此解答即可．
∵前三层三角形的几何点数分别是1、2、3，
∴第六层的几何点数是6，第n层的几何点数是n；
∵前三层正方形的几何点数分别是：
1=2×
3﹣1，
∴第六层的几何点数是：
2×
∵前三层五边形的几何点数分别是：
1=3×
3﹣2，
3×
前三层六边形的几何点数分别是：
1=4×
3﹣3，
4×
6﹣3=21，第n层的几何点数是4n﹣3．
名称及图形
几何点数
层数
三角形数
正方形数
五边形数
六边形数
第一层几何点数
1
第二层几何点数
2
3
4
5
第三层几何点数
7
9
…
第六层几何点数
6
11
16
21
第n层几何点数
n
2n﹣1
3n﹣2
4n﹣3
6、11、16、21、n、2n﹣1、3n﹣2、4n﹣3．
此题主要考查了图形的变化类问题，首先应找出图形哪些部分发生了变化，是按照什么规律变化的，通过分析找到各部分的变化规律后直接利用规律求解．探寻规律要认真观察、仔细思考，善用联想来解决这类问题．
23．（本小题12分）某学校对某班学生“五·
一”小长假期间的度假情况进行调查，并根据收集的数据绘制了两幅不完整的统计图，请你根据图中提供的信息解答下面的问题：
180°
（1）（4分）求出该班学生的总人数．
（2）（4分）补全频数分布直方图．
（3）（2分）求出扇形统计图中∠α的度数．
（4）（2分）你更喜欢哪一种度假方式．
频数（率）分布直方图；
扇形统计图．.
（1）根据其它的人数和所占的百分比求出总人数；
（2）分别求出徒步和自驾游的人数，从而补全统计图；
（3）用360°
乘以自驾游所占的百分比，求出∠α的度数；
（4）根据自己喜欢的方式即可得出答案．
（1）该班学生的总人数是：
=50（人）；
（2）徒步的人数是：
50×
8%=4（人），
自驾游的人数是：
50﹣12﹣8﹣4﹣6=20（人）；
补图如下：
（3）扇形统计图中∠α的度数是：
360°
=144°
；
（4）最喜欢的方式是自驾游，它比较自由，比较方便．
本题考查读频数分布直方图的能力和利用统计图获取信息的能力；
利用统计图获取信息时，必须认真观察、分析、研究统计图，才能作出正确的判断和解决问题．
24．（本小题12分）如图12，在Rt△ACB中，∠ACB＝90°
，点O是AC边上的一点，以O为圆心，OC为半径的圆与AB相切于点D，连接OD．
（1）（6分）△ADO∽△ACB．
（2）（6分）若⊙O的半径为1，求证：
AC＝AD·
BC
切线的性质；
相似三角形的判定与性质．.
（1）由AB是⊙O的切线，得到OD⊥AB，于是得到∠C=∠ADO=90°
，问题可证；
（2）由△ADO∽△ACB列比例式即可得到结论．
（1）证明：
∵AB是⊙O的切线，
∴OD⊥AB，
∴∠C=∠ADO=90°
∵∠A=∠A，
∴△ADO∽△ACB；
（2）解：
由
（1）知：
△ADO∽△ACB．
∴
∴AD•BC=AC•OD，
∵OD=1，
∴AC=AD•BC．
本题考查了切线的性质，相似三角形的判定和性质，熟记定理是解题的关键．
25．（本小题12分）如图13，已知Rt△ACB中，∠C＝90°
，∠BAC＝45°
（1）（4分）用尺规作图，：
在CA的延长线上截取AD＝AB，并连接
BD（不写作法，保留作图痕迹）
（2）（4分）求∠BDC的度数．
（3）（4分）定义：
在直角三角形中，一个锐角A的邻边与对边的比叫
做∠A的余切，记作cotA，即
，根据定义，利
用图形求cot22.5°
的值．
作图—复杂作图；
解直角三角形．.
新定义．
（1）以点A为圆心，AB为半径作弧交CA的延长线于D，然后连结BD；
（2）根据等腰三角形的性质，由AD=AB得∠ADB=∠ABD，然后利用三角形外角性质可求出∠ADB=22.5°
（3）设AC=x，根据题意得△ACB为等腰直角三角形，则BC=AC=x，AB=
AC=
x，所以AD=AB=
x，CD=（
+1）x，然后在Rt△BCD中，根据余切的定义求解．
（1）如图，
（2）∵AD=AB，
∴∠ADB=∠ABD，
而∠BAC=∠ADB+∠ABD，
∴∠ADB=
∠BAC=
45°
=22.5°
即∠BDC的度数为22.5°
（3）设AC=x，
∵∠C=90°
，∠BAC=45°
∴△ACB为等腰直角三角形，
∴BC=AC=x，AB=
x，
∴AD=AB=
∴CD=
x+x=（
+1）x，
在Rt△BCD中，cot∠BDC=
+1，
即cot22.5°
+1．
本题考查了作图﹣复杂作图：
复杂作图是在五种基本作图的基础上进行作图，一般是结合了几何图形的性质和基本作图方法；
解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质，结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图，逐步操作．也考查了解直角三角形．
26．（本小题16分）如图14，已知图①中抛物线
经过点D（－1，0），D（0，－1），E（1，0）．
（1）（4分）求图①中抛物线的函数表达式．
（2）（4分）将图①中的抛物线向上平移一个单位，得到图②中的抛物线，点D与点D1是平移前后的对应点，求该抛物线的函数表达式．
（3）（4分）将图②中的抛物线绕原点O顺时针旋转90°
后得到图③中的抛物线，所得到抛物线表达式为
，点D1与D2是旋转前后的对应点，求图③中抛物线的函数表达式．
（4）（4分）将图③中的抛物线绕原点O顺时针旋转90°
后与直线
相交于A、B两点，D2与D3是旋转前后如图④，求线段AB的长．
二次函数综合题．.
（1）根据待定系数法，可得函数解析式；
（2）根据函数图象向上平移加，可得函数解析式；
（3）根据图象顺时针旋转90°
，可得图象的开口方向向右，二次函数的二次项的系数不变，可得答案；
（4）根据图象顺时针旋转90°
，可得图象的开口方向向下，二次函数的二次项的系数不变，可得函数解析式，根据解方程组，可得A、B点坐标，根据勾股定理，可得答案．
（1）将D、C、E的坐标代入函数解析式，得
解得
图①中抛物线的函数表达式y=x2﹣1；
（2）将抛物线的函数表达式y=x2﹣1向上平移1个单位，得
y=x2，
该抛物线的函数表达式y=x2；
（3）将抛物线的函数表达式y=x2绕原点O顺时针旋转90°
，得x=y2，
图③中抛物线的函数表达式x=y2；
（4）将图③中抛物线的函数表达式x=y2绕原点O顺时针旋转90°
，得y=﹣x2，
联立
A（
），B（
）．
AB=
本题考查了二次函数的综合题，利用待定系数法求函数解析式，利用了图象旋转的性质：
改变图象的开口方向，不改变图象的形状；
利用了解方程组得出A、B点的坐标，又利用勾股定理得出AB的距离．
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