百师联盟届高三一轮复习联考三全国卷理科数学试题含答案解析.docx
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百师联盟届高三一轮复习联考三全国卷理科数学试题含答案解析
百师联盟2021届高三一轮复习联考(三)全国卷I
理科数学试卷
注意事项:
1∙答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
回答非选择题时,将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
考试时间120分钟,满分150分
一、选择题:
本题共12小题,每小题5分,共60分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1∙设集合P=ULv2-I>0(,ρ=∣xh-2>0∣,则PUQ为
B.IajIx<-1或咒工2}
DR
A.∣xlx≥2∣
C.Ixlx<-1或%>1|
2.已知复数Z=-^-则z・7的值
A.0B.2i
3.
COS50oCOS10°-Sin50oSin170°=
4.已知m2≥3,则直线y=mχ+T3与圆x2+/=1的位置关系为
D•相交
A.相切B.相离C.相交或相切
5.函数/(x)=皂的图象在点(∣,∕
(1))处的切线方程为
D・%=e
X
A・y=%+e-1B.y=eC.y=x-e
6.将函数/(E=SinX的图象上各点横坐标变为原来的+,纵坐标不变,再将所得图象向左平移
于个单位,得到函数g(%)的图象,则函数g(兀)的解析式为
7.
已知正实数%满足a+b=l,则(3+制1+壬)的最小值为
8.
零差数列gI的前"项和为5„,其中α3=y,54=14,则当Sft取得最大值时π的值为
10.
如图所示•某旅游景区的伏C景点和距2km,测得观光塔Ai)的塔底D在景点B的北偏东45。
.在呆点C的北偏西60。
方向上,在景点B处测得塔顶/1的仰角为45。
现有游客甲从景点&沿直线去往景点C,则沿途中观察塔顶点的最大仰角的正切值为(塔底大小和游客身髙忽略不计)
11•设有穷数列帀讣的前兄项和为粘令监='松2^∙∙∙f,称人为数列①宀,…宀的n
“凯森和”,已知数列α1,5,…,%O的“凯森和“为4042,那么数列-1,α1,吵…,吆2。
的“凯森和”为
A.4036B.4037C.4038D.4039
12.已知a,b满足0<农<1b
abao
C.√+—ab
二、填空题:
本题共4小题,每小题5分,共20分。
严乡1
13-已知平面上点l∖x,y)满足"2yW4,则“3y-2”的最大值为-
14.已知在△他C中"是EC的中点4AD=2/2ilΛBC=fflLAliC的面积为・
15已知点0∕∕,C在同一平面上,A,B.C三点不共线,且满足OA+W+OC",其中Idtl=√5,l∂β∣=2,1001=/14,则OA・OB的值为,则ZMEC的面积为•(第
一空2分,第二空3分〉
16•已知正方体ARCD-AIRICIDi的棱长为5,其中有一半径为2的球。
与该正方体的底而ABCD和两个侧面ADDIAl,ABiilAl都相切•另有一球血,既与正方体的另外两侧面RCCe,DCGR以及底面ARCD相切,又与球Q相切,则球O2的半径为•
三、解答题:
共70分。
解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
第17-21题为必考题,每个试题考生都必须作答。
第22、23题为选考题,考生根据要求作答。
(一)必考题:
60分。
17.(12分)
已知数列IJ\的前∏项和SB=几数列也-叫}是首项为2,公比为2的等比数列.
(1)求数列{αJ和数列{bn-anI的通项公式;
(2)求数列心}的前TI项和
18.(12分)
在LABC中,乙A,ZB,乙C的对边分别为a,bic.
已知J2ccosC=QCOSB+δcosA
(1)求乙C的大小;
(2)已知α+δ=4,求MBC的面积的最大值•
19.(12分)
斜三棱柱ABC-HDE中,平面MC丄平面BCD9AABC是边长为1的等边三角形,DC丄PC,
且DC长为存,设DC中点为仏且几G分别为CE,AD的中点•
(1)
证明:
FG〃平面朋C;
(2)
20.(12分)
求二面角B—AC—E的余弦值.
某企业年初在一个项目上投资2千万元,据市场调查,每年获得的利润为投资的50%,为了企业长远发展,每年底需要从利润中取岀500万元进行科研、技术改造,其余继续投入该项目•设经过“∈N")年后,该项目的资金为叫万元
(1)求证:
数列Ifln-IOOO!
为等比数列;
(2)若该项目的资金达到翻一番,至少经过儿年?
(⅛3≈0.5,lg2≈0.3)
21.(12分)
已知函数/(比)=(―X3-2x+2Sinx+1),g(x)=SinX+cosX+x2-2x
(1)求g(%)在点(0,g(0))处的切线方程;
(2)证明:
对任意的实数α≤l,g(x)^af(X)在[0,+∞)上恒成立.
(二)选考题JO分。
请考生在第22.23题中选定一题作答,并用2B铅笔在答题卡上将所选题目对应的题号方框涂黑。
按所涂题号进行评分,多涂、错涂、漏涂均不给分,如果多答,则按所答第一题评分。
22.[选修4-4:
坐标系与参数方程](10分)
X=COSθ
在平面直角坐标系诃,中,曲线G的参数方程为C・,&为参数),以坐标原点为极
y=2sιn0
点/轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C2的极坐标方程为PSirlp+y)=1
(1)求G的普通方程和C2的直角坐标方程;
(2)若G与C2相交于4眉两点,设P(-1,√T),求IpIl∙∖PB∖.
23.[选修4-5:
不等式选讲](K)分)已知%,>5=0,满足X+y=2.
(1)求/+χγ+3/的最小值;
(2)证明:
Xy(X2÷∕)≤2.
百师联盟2021届高三一轮复习联考(三)全国卷I
理科数学参考答案及评分意见
1.C解析:
由题意由题意P=>1或-WtQ=∖χ∖x^2∖,故PUQ=P,故选C.
2.C解析:
Z∙Z-Izl2,2==1+i,则Z∙Z=Izl2=√5"2=2.故选C.
3.C解析:
由题意,cos500COSIOO-Sin50oSin170o=CoS50oCOSIOO-Sin50oSinIOO=COS60°=
故选C.
4.D解析:
由题意,该圆的圆心为0(0,0),该点到该直线的距离为<1,故
√l+τ∏22
选D.
5.B解析:
/'(%)=竺二匚,所以/'(I)=O,又/
(1)=e,所以切线方程为7=e.故选B.
x~
6.D解析:
/(%)=SinX图象上各点横坐标变为原来的y,Wy=Sin2%再向左平移号•个单位后
得:
g(%)=Sin(2X十卑).故选D.
7∙A解w=(3+÷)(,+f)=
2a÷8a¼3Zr÷14aΛ=I4+g.牛+3.2/4+4
ba
√6∙故选A.
13
aι=T
2,由等差数列前几项和公式
d=—2
Jl
孕“),由二次函数相关知识,当/1=4时,S”最大.故选C.
it\.TT1(π∖Tr・
+τ∖=CoS(a"τ)cos4r∙s1n
Sin于=-需,所以得Sin,故tana=-7.故选A.
10.A【解析】由题意得乙DBC=45o,ZDCB=30°,BC=2.
⅛fc∆∞C=180o-(乙DBC+乙DCB)=105°
当游客甲到达E处时,仰角为LAED且IanMED=炭
因为AD为定长,所以当DE的长最小时∆AED取最大值.
故当DE丄〃C时,tan∆ΛED最大•在RlADEB中,DE=BD∙sin45o
=(√6-√2)×'^-=^r3-1.
在RIZUDB中.LABD=45°,所以AD=BD=Vz6一√5.
所以tan乙AED==~∑——=/2.故选A.
DE√3-1
11.D解析:
由已知可得5+S2+∙∙∙+52020=2020x4042
贝0—1+(—1+6∣∣)+(-1+(Iy+也)+•••+(-1+α∣+a?
+«2020)二—∣x2021+S[+S?
+•••+
S2020=-1X2021+2021×4042
所以数列-1,⑷心,…,α2o2θ的“凯森和”为="x2021?
;j)20x4042=_Iφ2θ2θχ2=4039
故选D.
12.C解析:
两边同时取对数后,我们发现比较αi与bn的大小关系等价于比较也与学的大
ab
小关系,设/&)=—,JiMr(X)可得x∈(0,e)时,f(%)>0,∕(x)单调递增,所以
XX
b1Il(iL>(£111br4%>‰C
«+——ab
13.y解析:
由题意,可知可行域如图中阴影部分所示,由题意y=y%+yz,当在{1√∣)处2
取得最大值号.
14.2再+2解析:
在△倔中,由正弦定理監岛占解得血5D詁,故
∆BAD=^-1所以SZD=-γ∙BD.AD∙SinLBDA=Λ+1,由。
为BC的中点所以SMC=
=2√T+2.
15∙2,3√J解析:
由题意IOA^oβ∖=I-况I=√∏∖故I方F+IOTI2+2页.亦=14,解得
OA•丽=2又因为OA.OB=∖OA∖∖OB∖cosLAOB=2.所以COS厶AOB=冬
0
故Sin60,晋,故SM=:
*IM∙IOBISin"03=点,同理可求得SWC与S品,
求和知S△磁二3、$
16.1解析:
设球O?
半径为「,由题意知,球。
与球@外切,则由勾股定理得(2-r)2÷(5√Σ
一2√Σ-√∑r)2=(2+r)∖求解可知r=L
17∙
(1)由题意知a】=S]=1,1分
当心2Ht,αn=Sn-5n.∣=Zi2-(n-1)2=2n-13分
Ql=1符合an=2n-1
所以αn=2n-1,5分
由题意知7分
(2)由
(1)可¾I,6λ=2λ+2h-1,9分
10分
12分
Tn=6l+b2++δn=(2l+22+∙∙∙2ft)+(1+3+∙∙∙+2n-1)
=2小-2+7?
得CoSC
由CG(O,仃),故C=于6分
(2)由α+∕>=4,得8分
10分
=-i-α∕>sinCwQ
当且仅当a=b=2时取等号Il分
所以C面积的最大值为√Σ12分
19.
(I)取肋中点N,连结GN,NF,易知N,M,F三点共线,
由GNHAB、且GAV平^ABCyABC平面MC,故GN〃平面MC,2分
同理可得WF〃平面A3C,3分
因为GNCNF=N,故平面GNF〃平面MC,4分
由FGU平面FGN,故FG〃平面4BC5分
(2)以BC中点。
为坐标原点,以0CtOiNf0Λ分别为x,y,z轴,建立空间直角坐标系0-啪,
7分
∕>n∙AC=0
设m=(x1yfz)为平面ME的法向SjIJT,解得加=(疗,-1,1),9分
b∙CE=O
10分
由于OV丄平面/1BC,不妨取平面ABC的法向量为/1=(0」,0)
由图可知所求二面角为钝角,故二面角B-AC-E的余弦值为-警12分
20.
(1)证明:
由题意^afl=(I+50%)叫T-500(心2)∙2分
即5=f^-1_500,所以αn-IOOO=^^.,-IoOo)(n≥2).4分
由题意知①=2000(1+50%)-500=2500所以数列(an-1000}的首项为a∣-IOOO=I500
所以{%-1000}是首项为150(),公比为号的等比数列.5分
(2)由⑴知数列{an-IoO0}的首项为a1-IOoO=1500,公比为斗6分
所以an-I(XX)=1500(y),所以an=1500(y)+1000.9分
当an≥400(),得(非“m2.10分
两边取常用对数得(n-l)Zg-∣-≥Zg2,0r以n-1^∕J‰≈o4⅛3以心2.5
因为n∈N∖所以n=3
即至少经过3年,该项目的资金达到翻一番.12分
21.
(1)由题意,设该切线的切线方程为y=kx+b,由gf(x)=COSX-BinX+2x-2,2分
故A:
=g,(0)=-1,Fhg(0)=1,解得I)=1,故该切线的切线方程为y--X+14分
(2)证明:
设∕ι(x)=-yx3-fIx+2Sinx+1,贝∣]lι'(x)-X-2+2cos%,贝IJh"(x)=2x-2sinX
M0,
故W)在[0,+∞)上单调递増,7√(^)≥∕√(0)=0,故/心)在[0,+J)上单调递增,
所以A(x)≥A(O)>0,所以/(巧>0在[0,+oo)上恒成立,
故g(%)-af(χ)^g(X)-f(x),8分
故只需证g(x)^f(X),即证e,(SinX+COSX+x2-2x)-一2兀+2SinX+1)MO
10分
设F(x)=e1(SinX+CoSx+x2-2x)-(*%'-2x+2Sin%+1),
贝IJF'(.v)=e1(2cosXjfX-2)-(2cosx+x2-2)=(2COSx-∖-x^一2)(e'-1)MO,
在[0,+∞)上恒成立•12分
!
X=COS2
得√+^-=l2分
y=2sinO
由C2:
PSin8+才)=1得专PSinO+^j∙pcos0=1,将%=PCOSO,
y=psinO代入可得%+、/Jy-2=O5分
(2)经检验P(-I,再)在曲线C2上,则曲线C2的参数方程可以为Q为参
y=A+*
数)7分
代入IH【线G,得13『+20√5^∕+12=0,8分
设/1,3两点对应的参数分别为5*2,则由韦达定理得zμ2=j∣,9分
故1刃1・IP/?
I=j∣10分
23.
(1)由题意+xy+3y2=x(x+y)+3y2=2(2-γ)+3y2=3y2-2y+4,3分
由二次函数知识,知上式在y=y时4分
取到最小值¥
(2)证明:
由题口条件以及均值不尊式可以得到:
10分
当且仅当χ=y=l时等号成立