四川省广安市中考真题物理试题答案+解析.docx

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四川省广安市中考真题物理试题答案+解析

2016年四川省广安市中考物理试卷

一、选择题

1．下面是小明同学对身边的物理问题做出的估测，你认为与事实明显不符的是（　　）

A．高大结实的小亮同学的身高大约有175cm

B．苗条玲珑的晓燕同学的质量大约只有45kg

C．我们广安冬季的气温一半会低到﹣10℃

D．我们正常步行的速度大约是1.2m/s

【考点】长度的估测；温度；质量的估测；速度与物体运动．

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，确定与生活实际相差较远的选项．

【解答】解：

A、中学生的平均身高在165cm左右，高大结实的小亮同学的身高可以达到175cm．此选项符合实际；

B、中学生的质量平均在50kg左右，苗条玲珑的晓燕同学质量为45kg．此选项符合实际；

C、广安地处我国南方，冬季气温不是很低，最低气温不可能达到﹣10℃．此选项不符合实际；

D、中学生正常步行的速度在4km/h=4×

m/s≈1.2m/s左右．此选项符合实际．

故选C．

2．电业局为每一户居民安装了一个仪表，用该仪表来测量居民家中每个月消耗的电能，从而计算出该交多少电费．该仪表的中文标准名称及国际通用读数单位是（　　）

A．电能表﹣kW•hB．电压表﹣V

C．电流表﹣AD．电表﹣度

【考点】电功．

【分析】

（1）电功是表示电流做功多少的物理量，指的是一段时间内消耗电能的多少；

（2）电能表是测量电功（电能）的仪表，使用时串联在电路里．

【解答】解：

电能表（俗称电度表）是用来测用户消耗电能多少的仪表，国际单位是千瓦时（kW•h），俗称“度”；

电流表是测量电路中电流大小的仪表，国际单位是安培（A）；

电压表是测量电路两端电压大小的仪表，国际单位是伏特（V）；故A符合题意，BCD不符合题意．

故选：

A．

3．现代人的生活已经离不开电了，为了安全用电，我们对生活中一些“电”常识的了解必不可少．下列有关常见电压值的表述，错误的是（　　）

A．一节干电池的电压是1.5V

B．家庭电路的电压是220V

C．手机电池电压是3.7V

D．对人体安全的电压是36V

【考点】电压．

【分析】每一节新干电池电压是1.5V，家庭电路的电压是220V，手机电池电压是3.7V，目前市场上的手机电池的电压在3.7V左右；对人体安全的电压是不超过36V．

【解答】解：

A．每一节新干电池电压是1.5V，此项不符合题意；

B．家庭电路的电压是220V，此项不符合题意；

C．手机电池电压是3.7V，目前市场上的手机电池的电压在3.7V左右，此项不符合题意；

D．对人体安全的电压是不高于36V，此项符合题意；

故选D．

4．请你细心体会，在下列场景内，属于噪音的是（　　）

A．足球场上，球迷们兴奋狂热的吼叫声

B．居民小区内，夜晚震耳欲聋的“坝坝舞”音乐声

C．歌舞厅里，铿锵有力的打击乐声

D．车站里，提醒旅客检票上车的广播声

【考点】噪声及来源．

【分析】从物理学角度噪声是由物体做无规则振动产生的，从生活

的角度考虑，不管声音是优美动听，还是杂乱刺耳的，只要对人们的生活和工作造成影响的，都可以称为噪声．

【解答】解：

A．足球场上，球迷们兴奋狂热的吼叫声，是球迷们激动之举，不是噪声，此项不符合题意；

B．居民小区内，夜晚震耳欲聋的“坝坝舞”音乐声，由于是震耳欲聋的，这种声音对人们的生活和工作造成影响，所以是噪声，此项符合题意；

C．歌舞厅里，铿锵有力的打击乐声，在歌舞厅里人们愿意去欣赏，不是噪声，此项不符合题意；

D．车站里，提醒旅客检票上车的广播声是为了方便人们，不是噪声，此项不符合题意；

故选B．

5．当光从空气斜射进入玻璃中时，会发生折射，如图所示．画出的折射光路，正确的是（　　）

A．

B．

C．

D．

【考点】作光的折射光路图．

【分析】光的折射定律：

折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入其它透明介质时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角．

【解答】解：

A、根据光的折射定律可知，光由空气斜射入玻璃时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；而图中折射角大于入射角．故A错误；

B、根据光的折射定律可知，折射光线、入射光线分居法线两侧，而图中折射光线、入射光线位于法线同侧．故B错误；

C、根据光的折射定律可知，光由空气斜射入玻璃时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角．故C正确；

D、根据光的折射定律可知，光由空气斜射入玻璃时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，而图中折射光线没有发生偏折．故D错误．

故选C．

6．在电与磁的研究过程中，很多科学家呕心沥血，作出了杰出的贡献．下列科学家及研究成果与成果的应用描述，完全正确的是（　　）

A．沈括﹣磁偏角﹣制造出了指南针，使人类更好地掌握了航海技术

B．奥特斯﹣电流磁效应﹣制造出了电动机，提高了人类的工作效率

C．安培﹣安培定则﹣制造出了电磁铁，开拓了电与磁之联系的科学研究

D．法拉第﹣电磁感应﹣制造出了发电机，让人类逐步进入了“电”文明时代

【考点】物理常识．

【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．

【解答】解：

A、沈括是我国宋代的学者，它首次发现了磁偏角，但指南针不是沈括的发明，故A错误；

B、奥斯特发现了电流的磁效应．电动机，即通电能动，故是利用电流在磁场中受力的原理制成的，不是根据电流的磁效应，故B错误；

C、法拉第首先引入电场线和磁感线，故C错误；

D、法拉第发现了电磁感应现象，并制成了人类历史上第一台发电机，让人类逐步进入了“电”文明时代，故D正确．

故选D．

7．水与酒精是我们日常生活中最常见的两种物质．下表列出了它们在标准大气压下的部分物理特征数据，请你参照这些特征分析：

让质量及初温都相等的水和酒精冷却，待它们放出相等的热量后再倒在一起混合．下列哪个判断是错误的（　　）

物质

密度[kg/m3]

比热容（J/（kg•℃）

凝固点[℃]

沸点[℃]

水

1.0×103

4.2×103

0

100

酒精

0.8×103

2.4×103

﹣117

78

A．在混合过程中，热将从酒精传递给水

B．均匀混合后，混合液的凝固点将比水的凝固点低些

C．均匀混合后，混合液的密度将比水的密度小些

D．均匀混合后，混合液的比热容将比水的比热容小些

【考点】热量的计算；热传递．

【分析】

（1）水和酒精的初温相同、质量相同、放出的热量相同，利用热量公式Q=cm△t的变形公式△t=

分析水和酒精的温度降低值，即可得出末温的关系，从而判断出热传递的方向；

（2）晶体物质中混入杂质后，其熔点和凝固点都降低；

（3）根据密度公式进行分析；

（4）酒精的比热容小于水的比热容，据此分析水和酒精混合后混合液的比热容的变化．

【解答】解：

A、水的比热容大于酒精的比热容，因为Q放=cm△t，质量m相同，放出的热量相同，所以水比酒精降低的温度值小，因为二者的初温相同，即水的末温高，即：

t水＞t酒精，所以热从水传到酒精，故A错误；

B、水的凝固点是0℃，掺入酒精后混合液的凝固点要低于0℃，凝固点降低，故B正确；

C、根据公式ρ=

可知，水和酒精混合后，混合液的密度将比水的密度小些，比酒精的密度大一些，故C正确；

D、因为水的比热容大于酒精的比热容，水和酒精混合液的比热容将比水的比热容小些，比酒精的比热容大一些，故D正确．

故选A．

8．如图所示，放在水平桌面上的杯子中装有0℃的冰水混合物，水较少，冰块较大，冰与杯底有接触且对杯底有压力，在冰块熔化的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．杯中水位高度将保持不变

B．冰块受到水的浮力将逐渐减小

C．杯子对桌面的压强将逐渐增大

D．杯中水的温度降逐渐升高

【考点】阿基米德原理；熔化与熔化吸热特点；密度公式的应用；液体压强计算公式的应用．

【分析】

（1）要想判断冰熔化过程中，水面是否变化，则需要比较冰块排开液体的体积跟冰熔化成水后的体积大小．若二者体积相等，则水面不变；若增大，则水面上升；若减小，则水面下降．

（2）根据F浮=ρ水gV排，利用控制变量法分析其浮力大小变化；

（3）杯子对桌面的压力等于杯子与杯内水和冰的总重力，利用p=

分析杯子对桌面的压强变化；

（4）晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变．据此分析即可解答．

【解答】解：

A、由题知，冰沉底，且对杯底有压力，

所以，F浮＜ρ水gV排=G冰，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

冰熔化成水后，其质量不变，重力不变，

根据G=mg和ρ=

可得：

G水=ρ水gV水=G冰，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

由①②可得：

ρ水gV排＜ρ水gV水，

所以V排＜V水，即：

冰熔化为水的体积大于冰排开水的体积．

所以，杯中水位不断增高．故A错误；

B、在冰块熔化的过程中，水的密度不变，排开水的体积不断变小，根据F浮=ρ水gV排可知，冰块受到水的浮力将逐渐减小．故B正确；

C、质量是物质的一种属性，在冰熔化成水的过程中，冰熔化成水后质量不变，所以杯内水和冰的质量不变，重力不变，杯子的重力一定，故杯子对桌面的压力不变，杯子的底面积，即受力面积不变，根据p=

可知，杯子对桌面的压强不变．故C错误；

D、冰熔化过程中温度保持不变，故D错误．

故选B．

9．如图所示，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．灯泡发光变亮

B．灯泡发光变暗

C．电流表示数变大

D．电压表示数变小

【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑片右侧电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时不能改变接入电路中的电阻，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化和亮暗的变化，根据滑片的移动可知滑片右侧电阻丝电阻的变化，再根据欧姆定律可知电压表示数的变化．

【解答】解：

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑片右侧电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，

因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，

所以，滑片移动时，接入电路中的电阻不变，

由I=

可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变，故C错误；

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，由P=I2R可知，滑片移动时，灯泡的实际功率不变，亮暗不变，故AB错误；

将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，滑片右侧部分电阻丝的电阻变小，

由U=IR可知，滑片右侧部分电阻丝两端的电压变小，即电压表的示数变小，故D正确．

故选D．

10．如图所示，将一枚鸡蛋放在一杯盐水中，鸡蛋刚好处于悬浮状态，在往杯中加入清水的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．鸡蛋将上浮，在未露出水面之前，所受浮力在减小

B．鸡蛋将上浮，在未露出水面之前，所受浮力不变

C．鸡蛋将下沉，所受浮力在减小

D．鸡蛋将下沉，所受浮力不变

【考点】物体的浮沉条件及其应用．

【分析】

（1）物体的密度大于液体的密度时下沉、沉入底部，物体的密度等于液体的密度时悬浮；

（2）物体悬浮时受到的浮力和自身的重力相等，物体下沉时受到的浮力小于重力；

（3）在盐水中甲清水时盐水的密度变小，根据物体浮沉条件判断所受浮力的变化和鸡蛋的状态．

【解答】解：

鸡蛋刚好在盐水中处于悬浮状态时，盐水的密度等于鸡蛋的密度，且受到的浮力和自身的重力相等，在往杯中加入清水的过程中，盐水的密度减小，小于鸡蛋的密度，鸡蛋会下沉，故AB错误；

因鸡蛋下沉时受到的浮力小于自身的重力，

所以，鸡蛋受到的浮力减小，故C正确，D错误．

故选C．

11．如图所示，把一个重为6N的物体挂在测力计下，再将该物体浸没在水中后，测力计上显示的读数为4N，此时杯中水的深度为8cm．则下列计算结果中，错误的是（g取10N/kg）（　　）

A．水对杯底的压强是p=8×104Pa

B．物体受到的浮力是F浮=2N

C．物体的体积是V=2×10﹣4m3

D．物体的密度是ρ=3×103kg/m3

【考点】液体的压强的计算；密度公式的应用；浮力大小的计算．

【分析】

（1）已知烧杯内水的深度，根据p=ρgh求出水对杯底的压强；

（2）知道物体的重力和物体浸没在水中后弹簧测力计的示数，根据称重法求出受到的浮力；

（3）物体浸没时排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出物体的体积；

（4）知道物体的重力，根据G=mg求出质量，根据ρ=

求出物体的密度．

【解答】解：

（1）水对杯底的压强：

p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣2m=800Pa，故A错误；

（2）物体受到的浮力：

F浮=G﹣F′=6N﹣4N=2N，故B正确；

（3）因物体浸没时排开水的体积和自身的体积相等，

所以，由F浮=ρgV排可得物体的体积：

V=V排=

=

=2×10﹣4m3，故C正确；

（4）由G=mg可得，物体的质量：

m=

=

=0.6kg，

则物体的密度：

ρ=

=

=3×103kg/m3，故D正确．

故选A．

12．两只小灯泡上分别标有甲“6V3W”、乙“4V2W”字样，现在把它们按不同方式接在不同电路中．下列判断错误的是（　　）

A．若把它们串联在10V电路中，两只灯泡恰好都能正常发光

B．若把它们串联在10V电路中，两只灯泡都不能正常发光

C．若把它们并联在6V电路中，只有甲灯泡能正常发光

D．若把它们并联在4V电路中，只有乙灯泡能正常发光

【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系．

【分析】知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻．

（1）两灯泡串联时通过它们的电流相等，且两灯泡的额定电流相等，根据电阻的串联和欧姆定律求出它们正

常发光时电源的电压；

（2）两灯泡并联时它们两端的电压相等，两灯泡两端的电压和额定电压相等时正常发光，否则不能正常发光．

【解答】解：

由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：

I甲=

=

=0.5A，I乙=

=

=0.5A，

由I=

可得，两灯泡的电阻分别为：

R甲=

=

=12Ω，R乙=

=

=8Ω；

（1）两灯泡串联时，

因串联电路中各处的电流相等，且两灯泡的额定电流相等，

所以，两灯泡可以同时正常发光，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电源的电压：

U=I（R甲+R乙）=0.5A×（12Ω+8Ω）=10V，故A正确、B错误；

（2）两灯泡并联在6V电路中时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光，

所以，只有甲灯泡能正常发光，乙灯泡不能正常发光，可能被烧毁，故C正确；

同理可知，两灯泡并联在4V电路中时，

只有乙灯泡能正常发光，甲灯泡实际功率小于额定功率，不能正常发光，故D正确．

故选B．

二、填空题

13．现在小区的电梯楼飞船普遍，小明和小丽放学后一同乘匀速上升的电梯上楼．相对于电梯来说，小明和小丽都是　静止　的（选填“运动”或“静止”）；在上升过程中，他俩的　动能　没有变化（选填“动能”、“势能”或“机械能”）

【考点】参照物及其选择．

【分析】判断物体是运动还是静止时，要先选择一个参照物，分析被研究物体和参照物之间的位置是否发生变化，如果变化，就运动了，如果没变化，就静止；

重力势能的影响因素：

质量和高度；质量越大，高度越高，重力势能就越大；

动能的影响因素：

质量和速度；质量越大，速度越大，动能就越大．

【解答】解：

小明和小丽放学后一同乘匀速上升的电梯上楼，以电梯为参照物，小明和小丽与电梯的位置没有改变，因此相对于电梯小明和小丽都是静止的；

电梯是匀速上升，小明和小丽的速度和质量都不变，故他俩的动能不变；在此过程中，小明和小丽的高度升高，故乘重力势能增大，机械能增大．

故答案为：

静止；动能．

14．信鸽能从2000km以外的地方准确地飞回“家中”，研究表明，原来信鸽是利用　地磁场　（选填“地磁场”或“电磁波”）来“导航”的；光和电磁波在真空中的传播速度都是　3×108　m/s，这不是巧合，原来光也是一种电磁波．

【考点】地磁场；光的传播速度与光年；电磁波的传播．

【分析】地球周围有磁场，鸽子是靠地磁场来导航的；光（电磁波）在真空中的传播速度．目前公认值为C=299792458米/秒（精确值），一般四舍五入为3×108米/秒，是最重要的物理常数之一．

【解答】解：

鸽子在飞行时是靠地磁场来导航的；电磁波在真空中的传播速度等于光在真空中的传播速度，是3×108m/s．

故答案为：

地磁场；3×108

15．同学们一定知道抗战时的“驼峰航线”吧！

一名盟军记者写了一篇报道，其中有一句是“山下盟军坠毁的飞机残骸折射的太阳光在几千米的高空都能看见！

”其中这句话有一个物理专业术语用法错误，请你写出此处正确的术语应该叫做　反射　；飞机坠毁的主要原因除日寇猛烈的炮火攻击外，还有就是高空中缺氧、大气压　很低　（选填“很高”、“很低”或“正常”），发电机不能正常运转．

【考点】光的反射；大气压强与高度的关系．

【分析】

（1）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（2）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象；

（3）大气压随海拔高度的增加而减小．

【解答】解：

（1）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，因此“山下盟军坠毁的飞机残骸折射的太阳光在几千米的高空都能看见！

”中的折射是错误的，应该是反射；

（2）大气压随海拔高度的增加而减小．因此高空中缺氧、大气压很低造成发电机不能正常运转．

故答案为：

反射；很低．

16．班级拔河比赛获胜有不少诀窍，其中之一就是要设法增大队员与地面的摩擦，所以选择参赛队员应选择体重　较重　（选填“较重”或“较轻”）的同学，同时全体队员应穿鞋底较　粗糙　（选填“粗糙”或“光滑”）的鞋子．

【考点】增大或减小摩擦的方法．

【分析】增大摩擦力的方法：

在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．

【解答】解：

在接触面粗糙程度一定时，较重的运动员对地面的压力大，摩擦力大；

穿鞋底较粗糙的鞋子，可以在压力一定时，增大摩擦力．

故答案为：

较重；粗糙．

17．仔细观察家里电饭锅、洗衣机等所用的插头，我们会发现有一根插头E要长些，如图所示．那么，较长的那根插头E接的是　地线　（选填“火线”、“零线”或“地线”）；你认为这根插头做长点的主要目的是　先接通地线（或后断开地线，或确保用电安全）　．

【考点】插座的构造与工作方式；家用电器．

【分析】牢记三孔插座接线是右火（L）左零（N）上地（E）．三脚插头的第三个脚比另外两个长，这样在插入时先把用电器外壳与大地接通，拨出时后把用电器外壳与大地分离，更加安全．

【解答】解：

地线又称做避雷线，是用来将电流引入大地的导线

；电气设备漏电或电压过高时，电流通过地线进入大地，用字母E表示．三孔插座配合三脚插头使用的，三脚插头的第三个脚与用电器的金属外壳相连，三孔插座的第三个孔与大地相连，这样在使用的时候就把用电器的金属外壳与大

地相连通，避免用电器一旦漏电时使人发生触电事故；三脚插头的第三个脚比另外两个长，这样在插入时先把用电器外壳与大地接通，拨出时后把用电器外壳与大地分离，更加安全．

故答案为：

地线；先接通地线（或后断开地线，或确保用电安全）．

18．有一种炊具叫“高压锅”．“高压锅”中的“压”字的含义指的是　压强　（选填“压强”或“压力”）；“高压锅”能更快地煮熟食物，不仅节约了时间，更节约了能源．“高压锅”能更快煮熟食物是利用了“气压增大，沸点　升高　”的原理（选填“升高”、“降低”或“不变”）

【考点】沸点及沸点与气压的关系．

【分析】液体沸腾的温度叫沸点，液体的沸点与气压有关：

气压越高，沸点越高．

【解答】解：

高压锅密封性很好，锅内气压可以超过标准大气压，所以它是利用增大压强，使沸点升高的原理来更快煮熟食物的．

故答案为：

压强；升高．

19．如图所示，把一个未知电阻Rx与一个阻值为10Ω的电阻R串联接到某恒稳电源上后，闭合开关S，电流表的示数为0.3A；断开开关S，将10Ω电阻换成20Ω后再闭合开关，这时电流表的示数变为0.2A，则未知电阻Rx的值是　10　Ω，电源电压为　6　V．

【考点】欧姆定律的应用．

【分析】由电路图可知，Rx与R串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出两种情况下电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出电阻Rx的值，进一步求出电源的电压．

【解答】解：

由电路图可知，Rx与R串联，电流表测电路中的电流，

当R=10Ω、电流表的示数I=0.3A时

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，由I=

可得，电源的电压：

U=I（Rx+R）=0.3A×（Rx+10Ω），

当R′=20Ω、电流表的示数I′=0.2A时

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，由I=

可得，电源的电压：

U=I′（Rx+R′）=0.2A×（Rx+20Ω），

因电源的电压不变，

所以，0.3A×（Rx+10Ω）=0.2A×（Rx+20Ω），

解得：

Rx=10Ω，

电源的电压U=I（Rx+R）=0.3A×（10Ω+10Ω）=6V．

故答案为：

10；6．

三、作图题

20．如图所示，作出入射线AO经平面镜反射后的反射线OB，并标出反射角的度数．

【考点】作光的反射光路图．

【分析】根据反射定律：

反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数．

【解答】解：

由图可知，入射角为90°﹣50°=40°，可得反射角也为40°，过入射点垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线左侧画出反射光线即可，如图所示：

21．如图所示，这时“伏安法”测小灯泡的电阻所需的电路图，请在○中填上字母A和V，让它们变成电流表和电压表．

【考点】电压表的使用；电流表的使用．

【分析】

（1）电流表与被测用电器串联，并且在电路

中相当于导线；

（2）电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路．

【解答】解：

根据图示可知，上面仪表与灯泡并联，因此为电压表；右侧仪表与灯泡串联，因此为电流表，如下图所示：

22．如图所示，想要在B点施加最小的动力撬起铁路上报废的道钉，请画出该最小动力F的示意图，并标出动力臂L．

【考点】力臂的画法．

【分析】使用道钉撬撬道钉时，要想最省力，则动力臂要最长，只有让道钉撬的撬杆的长度成为动力臂时，动力最小．

【解答】解：

（1）由杠杆平衡的条件知，当阻力与阻力的力臂的积为定值时，动力臂最大时，动力是最小的，此时的动力臂是支点到动力的作用点的距离．动力F最小时，其力臂最长，即为从支点到动力作用点的距离为力臂L；

（2）力和力臂是垂直关系，故在B点做力臂L的垂线，方向斜向下，即为最小动力F．

四、实验探究

23．如图所示，这是小强同学设计的测牛奶密度的实验步骤及他的操作示意图：

A．测