解析版江苏省苏州高新区第一中学学年高一1.docx

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解析版江苏省苏州高新区第一中学学年高一1

苏州高新区第一中学2016-2017学年度12月月考试卷高一物理

一、单项选择题：

本题共8小题，每小题3分，共计24分．每小题只有一个选项符合题意

1.下列物理量中，属于矢量的是（）

A.速度B.时间C.路程D.质量

【答案】A

【解析】A、速度是既有大小，又有方向的矢量，其方向就是物体的运动方向，故A正确；

B、时间、路程、质量都是只有大小，没有方向的标量，故BCD错误。

点睛：

矢量是既有大小，又有方向的物理量，而标量是只有大小，没有方向的物理量。

2.如图所示，一个小物块沿光滑斜面向下滑动.小物块在下滑的过程中（）

A.只受重力B.受重力和支持力

C.受重力和下滑力D.受重力、下滑力和支持力

【答案】B

【解析】试题分析：

小物块受到重力的作用，还受到斜面对它的支持力的作用，所谓下滑力是指重力在斜面方向上的分力，既然我们考虑了重力，就包括了下滑力，故B是正确的。

考点：

受力分析。

3.某一做匀加速直线运动的物体，加速度是2m/s2，下列关于该物体加速度的理解正确的是（）

A.每经过1秒，物体的速度增加1倍

B.每经过l秒，物体的速度增加2m/s

C.物体运动的最小速度是2m/s

D.物体运动的最大速度是2m/s

【答案】B

【解析】物体做匀加速直线运动，加速度是2m/s2，故每经过1s，速度增加2m/s，故A错误，B正确；物体做匀加速直线运动，初速度最小，不知初始条件，无法求解，末速度最大，不知道初速度和时间，也无法求解，故CD错误。

所以B正确，ACD错误。

4.关于速度和加速度，下列说法正确的是（）

A.物体的加速度越大，它的速度也一定越大

B.加速度的方向可能与速度的方向相反

C.加速度是描述速度变化快慢的物理量

D.物体的加速度为零，它的速度也一定为零

【答案】C

5.在弹性限度内，弹簧的弹力F与弹簧的伸长量x的关系图线是图中的（）

A.

B.

C.

D.

【答案】B

【解析】根据胡克定律公式有：

F=kx，故F∝x，故B正确，ACD错误。

6.为了节省能量，很多商场都安装了智能化的电动扶梯，当无人乘行时，扶梯运转得很慢而有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．如图所示，一顾客乘斜面式自动扶梯（无阶梯）上楼，恰好经历了加速和匀速两个过程，关于该顾客的受力情况，下列说法正确的是（）

A.加速运动阶段可能不受静摩擦力作用

B.匀速运动阶段可能不受静摩擦力作用

C.加速运动阶段受到的静摩擦力一定沿扶梯向上

D.加速运动阶段受到的静摩擦力可能沿扶梯向下

【答案】C

【解析】加速阶段受重力、支持力和静摩擦力，合力平行斜面向上，故C正确，AD错误；匀速阶段，人受重力、支持力和静摩擦力，三力平衡，故B错误。

所以C正确，ABD错误。

7.从高处释放一粒小石子，经过1s，从同一地点再释放一粒小石子，在落地之前，两粒石子之间的距离（）

A.保持不变

B.有时增大，有时减小

C.不断减小

D.不断增大

【答案】D

【解析】设落地前第一个小石子运动的时间为ts，根据位移时间公式得：

，则第二个小石子运动的时间为（t-1）s，位移为：

，则两粒石子的距离△h=h1-h2=gt-5，所以随着时间的增大，两粒石子间的距离将增大，故D正确，ABC错误。

8.一辆以12m/s的速度在水平路面行驶的汽车，刹车过程中以4m/s2的加速度作匀减速直线运动，则汽车在5s内的位移是（）

A.18mB.30mC.24mD.10m

【答案】A

【解析】汽车刹车到停止所需的时间为：

，所以5s内的位移等于3s内的位移，所以有：

，故A正确，BCD错误。

二.多项选择题：

本题共5小题，每小题4分，共计20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对得4分，选对不全得2分，错选或不选的得0分．

9.如图所示，物体P用水平作用力F压在竖直的墙上，沿墙匀速下滑，物体的重力为G，墙对物体的弹力为N、摩擦力为f，物体对墙的压力N’、摩擦力为f’。

下列说法正确的有（）

A.G和f是一对平衡力

B.N和F是一对平衡力

C.f和f’是一对作用力和反作用力

D.N’和F是一对作用力和反作用力

【答案】ABC

【解析】由题意可知，物体沿墙壁匀速下滑，竖直方向受到重力和向上的滑动摩擦力，由平衡条件得知，滑动摩擦力大小f=G，即G和f是一对平衡力，故A正确；N和F的大小相同，方向相反，作用在一个物体上，是一对平衡力，故B正确；f和f′是一对作用力和反作用力，故C正确；N′和F的方向相同，不是一对作用力和反作用力，故D错误。

所以ABC正确，D错误。

10.下列关于摩擦力的说法，正确的是（　　）

A.滑动摩擦力的大小一定与物体的重力成正比

B.滑动摩擦力的方向一定与相对运动的方向相反

C.运动的物体不可能受到静摩擦力作用

D.作用在物体上的静摩擦力可以是动力

【答案】BD

【解析】滑动摩擦力的大小与正压力有关，正压力不一定等于重力，故A错误；滑动摩擦力的方向一定与相对运动的方向相反，故B正确；人走路时受到地面的静摩擦力而运动，故C错误作用在物体上的静摩擦力可以是动力，比如走路时静摩擦力提供动力，故D正确。

所以BD正确，AC错误。

11.汽车在水平路面上刹车时位移随时间变化的规律为：

x=20t－2t2（x的单位是m，t的单位是s）.则关于该汽车的运动，下列判断中正确的是（）

A.刹车前的行驶速度为20m/s

B.刹车过程中的加速度大小为2m/s2

C.刹车后6s内的位移48m

D.刹车后5s内的平均速度10m/s

【答案】AD

【解析】试题分析：

根据匀变速直线运动的位移时间公式得出汽车的初速度和加速度，结合速度时间公式求出速度减为零的时间，根据平均速度推论求出刹车后的位移．

解：

A、B、根据：

，得汽车的初速度：

v0=20m/s，加速度a=﹣4m/s2，故A正确，B错误；

C、汽车刹车所需的时间：

，故汽车在5s末已经停止，故6s内的位移：

，故C错误；

D、刹车后5s末汽车已停止，故刹车后5s内的平均速度为：

，故D正确；

故选：

AD．

【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．

12.如图所示的装置中，增加B的重力，A仍然保持静止状态，则正确的是（　　）

A.悬挂滑轮的轴对滑轮的作用力一定增大

B.绳子对A的拉力一定增大

C.地面对A物体的摩擦力可能减少

D.A物体对地面的压力增大

【答案】AB

【解析】试题分析：

利用隔离体法分别对物体AB进行受力分析，利用共点力平衡对各选项进行分析．

解：

绳子对A、B两物体的拉力大小相等，增加B的重力，AB仍静止，绳子的拉力增加，所以悬挂滑轮的轴对滑轮的作用力一定增大，选项AB正确．

物体A始终静止，绳子对A的拉力增大，拉力在水平竖直两方向的分力增加，由共点力的平衡可知，地面对A物体的摩擦力增大，选项C错误；地面对物体A的支持力变小，选项D错误．

故答案为AB．

【点评】解决此类问题的关键就是要熟练的应用共点力平衡的条件和对物体正确的受力分析．

13.如图所示，表面粗糙的水平传送带匀速向右传动．现在其左侧的A处轻轻放上一物块，设传送带足够长，则该物块（　　）

A.一直向右匀速运动

B.先向右匀加速，后继续向右匀速运动

C.先受到向右的滑动摩擦力，后受到向右的静摩擦力

D.先受到向右的滑动摩擦力，后不受摩擦力

【答案】BD

【解析】木块初速度为零，开始做加速运动，传送带足够长，故最后一起匀速，故A错误，B正确；滑块向右加速阶段，加速度向右，故合力向右，静摩擦力向右；滑块匀速阶段，合力为零，故摩擦力为零，即不受摩擦力；故C错误，D正确。

所以BD正确，AC错误。

三.实验填空题:

本题共2小题,共18分.

14.“探究求合力的方法”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．

（1）某次实验中，拉OC细绳的弹簧秤指针位置如甲图所示，其读数为____N；乙图中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是____．

（2）关于此实验下列说法正确的是____．

A．两个分力F1、F2的方向一定要垂直

B．两个分力F1、F2间夹角要尽量大些

C．两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉至同一位置

D．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行

【答案】

（1）.2.8

（2）.F′（3）.CD

【解析】

（1）弹簧秤的最小分度值是0.1N，读数时要估读一位，即读数为2.80N，F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力，故方向一定沿AO方向的是F′。

（2）实验要方便、准确，两分力适当大点，读数时相对误差小，夹角不宜太大，也不宜太小，两个分力F1，F2的方向不一定要垂直，因此夹角不是尽量大，故AB错误；两次拉橡皮筋时，保证效果相同，需将橡皮筋结点拉至同一位置，故C正确；拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行，故D正确。

所以CD正确，AB错误。

15.某研究性学习小组在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的实验装置．小车及车中砝码的质量用M表示，沙桶和沙的质量用m表示，小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到．

（1）关于本实验，下列说法中正确的是_________

A．保持沙及沙桶的质量m一定，改变小车质量M可探究加速度与力的关系

B．当m＜＜M时，才可以认为绳对小车的拉力大小近似等于沙和沙桶的重力

C．改变小车的质量重复实验时，不需要重新平衡摩擦力

D．用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式

求出

E．实验时，应先释放小车，后接通打点计时器的电源

（2）如图所示为某次实验得到的一条纸带示意图，相邻计数点间还有四个点没有画出．已知打点计时器所接电源的频率为50Hz．则打“2”点时对应的速度大小是__m/s，纸带在0～6计数点间的加速度大小是__m/s2．（答案均保留两位有效数字）

（3）如图3所示是某同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a﹣F图线．其中图线不过原点的原因是______________．

【答案】

（1）.BC

（2）.0.81（3）.2.0（4）.未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

【解析】

（1）保持沙及沙桶的质量m一定，改变小车质量M可探究加速度与质量的关系，故A错误；当m远小于M时，才可以认为绳对小车的拉力大小近似等于沙和沙桶的重力，故B正确；由于平衡摩擦力之后，无论小车的质量是否改变，小车所受的滑动摩擦力都等于小车的重力沿斜面的分力，改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力，故C正确；小车的加速度通过纸带进行求解，不能通过牛顿第二定律进行求解，故D错误；实验时应先接通电源，再释放纸带，故E错误。

所以选BC。

（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点2的瞬时速度为：

，令1、2点间的距离为x1，以此类推为x2、x3、x4、x5、x6，根据逐差法可得，

，

，

，平均加速度为：

，由以上可得：

，代入数据可得：

a=2.0m/s2。

（3）图线不过原点表明当F不等于时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，是没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力不足引起的。

四、计算题：

本题共4小题，共58分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．

16.飞机着陆后匀减速滑行，它滑行的初速度是60m/s，加速度大小是3m/s2,则：

（1）飞机着陆后滑行的时间是多少？

（2）要滑行多远才能停下来？

【答案】

（1）20s

（2）600m

【解析】试题分析：

（1）设飞机的初速度方向为正方向，则由已知可得：

V0=60m/s，a=-3m/s2，Vt=0，

由速度公式

，得：

t=20s。

（2）由位移公式

，得：

x=600m。

考点：

本题考查了匀变速直线运动的速度与时间关系、位移与时间关系.

17.如图所示，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处．现用大小F=30N的水平拉力拉此物体，经t0=2s拉至B处．已知A、B间距L=20m，g=10m/s2，求：

（1）物体与地面间的动摩擦因数μ；

（2）为了使物体从A处由静止开始运动并能到达B处，求力F作用的最短时间t．

【答案】

（1）0.5

（2）1.15s

【解析】试题分析：

物体在水平地面上从A向B点做匀加速运动，根据位移时间公式求得加速度，根据牛顿第二定律求解动摩擦因数；当力作用时间最短时，物体先加速后减速到零，根据牛顿第二定律求出匀加速阶段和匀减速阶段的加速度大小，抓住匀加速阶段的末速度即为匀减速阶段的初速度，初末速度为零，运用运动学公式求出时间。

（1）物体在水平地面上从A点由静止开始向B点做匀加速直线运动，

位移为：

对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律得：

F﹣Ff=ma

竖直方向：

FN=G

滑动摩擦力为：

Ff=μFN

联立解得：

μ=0.5

（2）物体在水平地面上从A点由静止开始向B点经历了在F和Ff共同作用下的匀加速运动和只在Ff作用下的匀减速运动．

匀加速运动加速度的大小：

F﹣Ff=ma1

匀减速运动加速度的大小：

Ff=ma2

撤去外力时的速度为：

v=a1t1

位移为：

减速过程的位移为：

0﹣v2=﹣2a2x2

总位移为：

L=x1+x2

联立解得：

点睛：

本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的直接应用，要求同学们能正确进行受力分析，抓住位移之间的关系求解。

18.如图所示，质量为m=

kg的小球置于倾角为30°的光滑固定斜面上，劲度系数为k=200N/m的轻弹簧一端系在小球上，另一端固定在P点，小球静止时，弹簧与竖直方向的夹角为30°．取g=10m/s2．求：

（1）小球对斜面的压力的大小；

（2）弹簧的伸长量；

（3）弹簧被剪断的瞬间，小球的加速度．

【答案】

（1）10N

（2）0.05m（3）5m/s2

【解析】试题分析：

（1）以小球为研究对象，分析受力情况：

小球受到重力mg、弹簧的拉力F和斜面的支持力N，作出力图，如图．

作出F和N的合力，由平衡条件可知，F和N的合力与重力mg大小相等，方向相反．由对称性可知，N=F，则有2Ncos30°=mg

解得：

（2）由胡克定律得F=kx

解得：

（3）弹簧被剪断的瞬间，根据牛顿第二定律得：

mgsin30°=ma

解得：

a=gsin30°=5m/s2方向：

沿斜面向下．

考点：

胡克定律；牛顿第二定律

【名师点睛】本题考查了胡克定律及牛顿定律的应用；解题关键是分析物体的受力情况，作出力图．此题运用合成法进行求解，也可以根据正交分解法处理。

19.如图所示，倾角θ=37°的斜面体固定在水平地面上，斜面长L=2.4m．质量M=2.0kg的B物体放在斜面底端，与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，通过轻细绳跨过光滑的定滑轮与A物体相连接，连接B的细绳与斜面平行．A的质量m=2.5kg，绳拉直时用手托住A物体使其在距地面h高处由静止释放，着地后立即停止运动．A、B物体均可视为质点，取g=10m/s2，sin37º=0.6，cos37º=0.8．

（1）求A物体下落的加速度大小及绳子拉力T的大小；

（2）求当A物体从多高处静止释放，B物体恰好运动至斜面最高点；

（3）若A物体从h1=1.6m处静止释放，要使B物体向上运动且不从斜面顶端滑出，求A物体质量m的取值范围．（设B物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力）

【答案】

（1）20N

（2）1.92m（3）

...............

（1）根据牛顿第二运动定律

根据牛顿第二定律对A有：

mg-T=ma

根据牛顿第二定律对B有：

代入数据解得：

a=2m/s2

绳子拉力大小：

T=20N

（2）设物体A着地时B的速度为v，A着地后B做匀减速运动的加速度大小为a1

根据牛顿第二定律对B有：

代入数据解得：

a1=m/s2

对B由运动学公式得：

着地前：

着地后：

代入数据解得：

h=1.92m

（3）设A着地后B向上滑行距离x

由运动学公式得：

位移关系满足：

着地前：

代入数据解得：

另一方面要能拉动必须有：

解得：

所以物体A的质量范围是：

点睛：

本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，按时间顺序进行分析受力情况和运动过程分析，由牛顿第二定律、运动学公式进行解答即可。