∴ab=
﹙∵1－4t²
（0,1]，当1－4t²=1，即t=0，a=2，b=4时，取“=”号）
解法五：
导数求最值
∵a>0,b>0,
+
=1,
∴b=
>0,a>1,
∴ab=
。
令ƒ（a）=
（a>1）,∴ƒˊ（a）=
。
令ƒˊ（a）=0，解得a=2>1
。
当a
（1,2）时，ƒˊ（a）<0,此时ƒ（a）是减函数，
当a
（2，+∞）时，ƒˊ（a）>0,此时ƒ（a）是增函数。
∴当a>1时，ƒ
=ƒ
=ƒ
（2）=
=8。
（此时a=2,b=4）。
五种解法，第一种利用不等关系求解，是解决类似问题最先想到的方法，也是最直接的解法；第二种的平方法，目的是通过对已知条件进行操作使之出现所求的量，进而求解；第三、第四种都属于换元法，通过三角换元和均值换元，将所求的量变形为一元关系，即
或t的关系，进而求解；最后一种解法是通过导数求出函数单调性，进而求出最值，得出结果。
从知识面的角度来讲，这一道题目的五种解法，至少包含了五方面的知识，这不仅丰富了解法，同时也使一些知识点得到了充分的展示，更体现了数学知识的前后连贯性。
这种多知识点的解法，让学生真正体会到了数学的魅力，更深刻的理解了“条条大路通罗马”的寓意，对培养学生的发散思维能力起到了积极的影响作用。
二、多题一解对学生思维能力的培养
用同一种数学思想方法解决不同的数学问题我们称之为“多题一解”。
在解题过程中，为强化某一解题方法，我们可将一些不同内容的练习题批编在一起，让学生用同一种方法去解，达到强化训练的目的，提高学生解题技巧技能，收到举一反三、触类旁通的效果。
例4.
根据题意，完成下列填空：
如图1，l1和l2是同一平面内的两条相交直线，它们有1个交点。
如果在这个平面内再画第三条直线l3，那么这三条直线最多有＿个交点；如果在这个平面内再画第四条直线l4，那么这四条直线最多可有＿个交点。
由此，我们可以猜想：
在同一平面内的6条直线最多可有＿个交点，n（n为大于1的整数）条直线最多可有＿个交点（用含n的代数式表示）。
分析：
“两条直线相交，有且只有一个交点。
”平面内有n条直线，若全过同一点，则它们只有一个交点；若n条直线两两相交，且交点各不相同，则其中一条与其他直线的交点有（n-1）个，故共有n（n-1）个交点。
但li与lj的交点即为lj与li的交点（其中i、j均为不大于n的正整数），故最多共有
个交点。
解：
若同一平面有3条直线，都两两相交，且交点各不相同，则最多有3个交点（如图2）
若同一平面有4条直线，都两两相交，且交点各不相同，则最多有6个交点（如图3）
我们可以猜想：
在同一平面内的6条直线最多可有15个交点，n（n为大于1的整数）条直线最多可有
个交点。
在解这道题的过程中，我们得到了一个很有用的式子
，这个式子有着广泛的应用。
我们只要掌握它的实际含义，在很多相似问题的解法中，注意对比联想，会收到意想不到的效果。
相似：
在抗击“非典”的斗争中，某市根据疫情的发展状况，决定让全市中小学放假两周，以切实保障广大中小学生的安全。
育英中学初二
（1）班的全体同学在自主完成学习任务的同时，互相关心，两周内全班每个同学都通过一次电话，彼此问候。
如果该班有45名同学，那么同学们之间共通了多少次电话？
如果该班有n名同学，那么共通了多少次电话？
分析：
由例4可知，选择其中任一个人，如甲，他与其他人共通了（n-1）次电话，因而如果该班有n名同学，那么共通了
次电话。
45人共通了
=990（次）电话。
这两道题目，一道是几何题，一道是代数题，看似毫不相关，但通过上述的分析以后都可以用同一个公式
进行解答。
经过这种多题一解的训练，可以达到强化训练的目的，收到举一反三、触类旁通的效果。
同时，这种训练也可加深学生的思维深度，分析事物时学会由表及里，抓住事物的本质，找出事物间内在的联系。
例5.1
如果7个人中有4男3女，要求站成一排是男女相间，共有多少种不同的站法。
分析：
在这个问题中要求男女相间地站成一排，包含两层意思，即4名男的不能相邻，3名女的也不能相邻。
因此，我们可以设想3名女的已经站好如图，
▁○▁○▁○▁，这样恰好形成4个空位，我们再将4个男的逐一插在这4个空位上，就得到了如图所示的队形△○△○△○△。
这样我们不难得到这个题目的答案，为A33A44=144种不同的站法。
例5.2
4男3女站成一排，女的不站排头，也不相邻有多少种站法？
分析：
这个题目与上个题目类似，所不同的是这个题目只要求女的不能相邻而男的可以相邻，也就是说每一名女的左、右两边只能站男的，不能站女的，而男的两边既可以站男的有可以站女的。
这样，我们可以设想4名男的已经站好如图,
▁△▁△▁△▁△▁这样就形成了5个空位（包括排头），但女的不能站排头，因此可将3名女的插在除排头以外的4个位置上，如图：
△○△○△○△或△○△△○△○或△△○△○△○或△○△○△△○显然，这个题目的答案为A44A34=576种。
上述两道题目其实都用了同一种方法——插空法，这是解决排列组合问题最经典的一种方法，也是适用面最广的一种方法。
运用插空法，要求学生对题目中各个量，谁先放置，谁后插空有正确的分析，之后问题就会迎刃而解。
三、一题多解与多题一解实施的步骤及注意事项
（一）一题多解实施的步骤与注意事项
1、笔者在结合做家教经验和文献资料的基础上，总结了在一题多解的过程中培养学生的思维能力分以下几个步骤进行。
（1）选题。
针对所学知识，选择具有代表性的题目，能包容大部分所学知识点，不能过于复杂，但也不能过于简单。
过于复杂会挫伤学生研究学习的积极性，过于简单学生没有兴趣。
这一步对激发学生的学习研究兴趣很重要。
（2）审题。
引导学生研究题目，在认识题设条件和结论之间的客观规律的同时，复习总结整合所学知识。
（3）一般解题。
充分运用所学知识，和学生共同完成题目的一般解法，夯实数学基础知识。
（4）重读题目。
创造愉悦的课堂气氛，重新读题，发现题目隐含的特征，从不同的角度去探究可能隐含的规律，鼓励学生合作，由被动变主动，教师在这个时候的作用仅仅是启发、引导，甚至是旁观者的角色。
（5）创新思维形成。
挖掘学生潜在的思维能力，引发最大的创新积极性和研究兴趣，形成“赏心悦目”的“另类”解法。
（6）教师总结。
发挥指挥官的作用，总结学生的解题思路和思维方法，解答处理学生思维上的障碍，整合数学知识。
（7）质疑问难，留给学生思考总结的空间。
2、在一题多解的教学实际中，教师一味地追求多解法的新、奇、巧和深、广、透，造成学生数学问题解决活动的失度和失控，会损失一题多解的解题过程对培养学生优秀思维品质的应有效能。
因此，笔者认为，在一题多解的训练过程中，有以下几点值得教师注意。
（1）在学生的接受程度之内控制多样性。
在一题多解的教学活动中，学生是以认知活动的主体角色参与其中的。
学生对多样性解法的主动接受程度是影响学生参与程度的重要因素。
脱离学生接受的一题多解，既不可能培养学生的思维能力，也是缺乏实效的失控之举。
学生已有的认知能力、认知水平和认知结构决定着学生对一题多解的主动接受程度。
在学生主动接受程度之内自觉控制一题多解中解法的多样性，应是一题多解训练中的合理选择。
（2）在学生的可操作中控制深难度。
一味追求问题和问题解法的深度和难度，并不有利于发挥范例教学对学生数学问题解决的引导、导向功能。
在一题多解的教学活动中，引发学生积极思维，应是在学生思维发展和知识发展的最近区当中启动的。
一旦其深难度失控，超越了学生的最近发展区，学生难免陷入思维被动的境地。
因此，一题多解的设计和实施都应以合理的思维价值引导为标准，选择学生较易发现而又难于全部完成的范例，通过学生充分思维和独立思维，在教师引导之中完成其思维的突破，达到优化思维品质的目的。
（3）在学生的自我认知中控制关节点。
在一题多解的教学活动中，教师流于列举解法，对学生在一题多解中思维受阻的关键性因素视而不见的做法，削弱了学生思维变通目的的实现。
在教学活动中，应重视学生思维受阻的知识性因素和策略性因素。
学生面对数学问题的解决，其思维的具体过程是：
将问题有效纳入已有解题模式中，实现解题模式与现实问题的灵活结合，顺利设立子目标、分解子模式，实现解题过程自动化。
这说明学生思维过程的实质是若干思维关节点的连续突破。
但是这些关节点的突破，仅有教师的有效控制是不够的，还应有学生的自我认知参与其中，才能获得实质性的效果。
教师在控制一题多解中思维关节点的同时，调动学生自我认知对思维过程受阻关节点的分析、评价，把学生引向知识性策略和思维策略的形成、提高上来，对学生思维能力的培养和优化有重要价值。
（二）多题一解的实施步骤和注意事项
1、多题一解在训练思维能力的过程中，可分为以下几个步骤实施。
（1）选题。
选题时要注意题目与题目之间的关联性，要做到在形式上不同，在实质上相同。
（2）解决一般题目。
先要引导学生解决多道题目中最为一般、最为基础的题目。
（3）分析总结。
通过对一般题目的解决，让学生总结出最基础的解决方法，并上升为一种通式。
（4）审题并解决。
和学生阅读其他题目，由表及里，分析与已解决题目之间内在的、实质上的联系，并应用已有通式解决之。
（5）反思。
总结学生的解题思路和思维方法，反思学生的思维节点，并予以点拨。
2、在多题一解的训练过程中，有几点值得教师注意。
（1）各个题目之间的关联性。
多题一解是建立在“相同要素说”基础上的，这就要求各个题目之间要有相同的要素，而且是在实质上的相同。
若是在形式上也相同，那各个题目间就缺少区分度，不能达到由此及彼的效果；若是在实质上相去甚远，则训练也就毫无意义。
（2）对实质的描述上要做到简洁一般。
多题一解中的一般解法是作为一个通式，甚至一个规律出现的，对它的描述必然是简约的、抽象的，这样才能抓住各个题目之间解法的普遍性。
四、一题多解与多题一解的联系
在数学解题教学中不能只顾其一，要两者兼顾，使学生的思维既可发散，又可回归，做到收放自如，这不仅对学生学习数学有重要作用，对完善学生的人格也大有裨益。
一题多解注重学生思维能力的广度，而多题一解更善于挖掘学生思维能力的深度，两者并不矛盾，甚至还相互依托，但训练时若只注重一方面，就有失偏颇了。
如在训练“一题多解”时让学生的思维无限发散，而不注意及时归纳总结，那将不利于学生对数学思想方法的掌握和运用。
笔者认为在一题多解的基础上通过变式训练，将其解题的思想方法进行整理提炼，升华为多题一解，是最好的策略。
例6.
已知数列{an}和{bn}都是等差数列，Sn和Tn分别是它们的前n项和，
=
，求
的值。
解法一：
因为
=
=
，所以
=
。
解法二：
因为
=
，所以设Sn=kn（4n+3），Tn=kn（2n+5），则由
an=Sn-Sn-1，得an=k（8n-1），bn=k（4n+3），故
=
=
。
解法一运用等差中项的性质，解题巧妙，但这不是一般方法，只能作为一种技巧。
如要求
的值，此法就不灵了。
解法二从函数的角度研究等差数列的前n项的和Sn的特征，表面上看比解法一稍繁，但此法可以解决一类问题，如下变式。
变式题：
设等差数列{an}的前n项和为Sn，若m≠n，
，
，则
=___.
解：
设Sn=
n²＋
n，则由
，
得
n²=
m²＋
m①
m²=
n²+
n②
将①﹣②，得
=﹣
（m+n）﹣（m+n）（*）
因为
=
（m+n）²+
（m+n），将（*）代入，得
=
（m+n）²﹣
（m+n）²﹣（m+n）²=﹣（m+n）²。
可以看出，解法一和解法二为一题多解，解法二与变式题又是多题一解，通过这种变形结合，既培养了学生思维的广
升级会员 