高考数学《新高考创新题型》之5数列含精析.docx
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高考数学《新高考创新题型》之5数列含精析
之5.数列(含精析)
一、选择题。
1.已知函数,.定义:
,,……,
,满足的点称为的阶不动点.则的阶不动点的个数是()
A.个B.个C.个D.个
2.函数f1(x)=x3,f2(x)=,f3(x)=,f4(x)=|sin(2πx)|,等差数列{an}中,a1=0,a2015=1,bn=|fk(an+1)-fk(an)|(k=1,2,3,4),用Pk表示数列{bn}的前2014项的和,则()(创作:
“天骄工作室”
A.P4<1=P1=P2<P3=2B.P4<1=P1=P2<P3<2
C.P4=1=P1=P2<P3=2D.P4<1=P1<P2<P3=2
3.如下图所示将若干个点摆成三角形图案,每条边(色括两个端点)有n(n>l,n∈N*)个点,相应的图案中总的点数记为an,则=()
A.B.C.D.
4.已知函数f(x)是定义在R上不恒为零的函数,且对于任意实数a,b∈R,满足:
(ab)=a(b)+b(a),
(2)=2,an=错误!
未找到引用源。
(n∈N*),bn=错误!
未找到引用源。
(n∈N*).
考察下列结论:
①(0)=
(1);②(x)为偶函数;③数列{an}为等比数列;④数列{bn}为等差数列.其中正确的结论共有( )
A.1个B.2个C.3个D.4个
5.对于各项均为整数的数列,如果为完全平方数,则称数列具有“P性质”,如果数列不具有“P性质”,只要存在与不是同一数列的,且同时满足下面两个条件:
①是的一个排列;②数列具有“P性质”,则称数列具有“变换P性质”,下面三个数列:
①数列1,2,3,4,5;②数列1,2,3,,11,12;③数列的前n项和为.
其中具有“P性质”或“变换P性质”的有()
A.③B.①③C.①②D.①②③
6.已知与都是定义在R上的函数,,且,且,在有穷数列中,任意取前项相加,则前项和大于的概率是()
A.B.C.D.
二、填空题。
7.在数列中,,若(k为常数),则称为“等差比数列”,下列是对“等差比数列”的判断:
①k不可能为0;②等差数列一定是“等差比数列”;③等比数列一定是“等差比数列”;④“等差比数列”中可以有无数项为0.其中正确判断命题的序号是.
8.若数列满足:
存在正整数,对于任意正整数都有成立,则称数列为周期数列,周期为.已知数列满足,现给出以下命题:
①若,则可以取3个不同的值
②若,则数列是周期为的数列
③且,存在,是周期为的数列
④且,数列是周期数列.其中所有真命题的序号是.
9.已知数列(),其前项和为,给出下列四个命题:
①若是等差数列,则三点、、共线;
②若是等差数列,且,,则、、…、这个数中必然存在一个最大者;
③若是等比数列,则、、()也是等比数列;
④若(其中常数),则是等比数列;
⑤若等比数列的公比是(是常数),且则数列的前n项和.
其中正确命题的序号是.(将你认为正确命题的序号都填上)
10.已知数列满足,给出下列命题:
①当时,数列为递减数列
②当时,数列不一定有最大项
③当时,数列为递减数列
④当为正整数时,数列必有两项相等的最大项
请写出正确的命题的序号.
三、解答题。
11.设数列满足:
①;②所有项;③.设集合,将集合中的元素的最大值记为.换句话说,是数列中满足不等式的所有项的项数的最大值.我们称数列为数列的伴随数列.例如,数列1,3,5的伴随数列为1,1,2,2,3.
(1)请写出数列1,4,7的伴随数列;
(2)设,求数列的伴随数列的前之和;
(3)若数列的前项和(其中常数),求数列的伴随数列
的前项和.
12.已知数列是等差数列,其前n项和为Sn,若,.
(1)求;
(2)若数列{Mn}满足条件:
,当时,-,其中数列单调递增,且,.
①试找出一组,,使得;
②证明:
对于数列,一定存在数列,使得数列中的各数均为一个整数的平方.
13.数列满足.
(1)设,求数列的通项公式.
(2)设,数列的前n项和为,不等式对一切成立,求m的范围.
14.已知等差数列中,,公差;数列中,为其前n项和,满足:
(Ⅰ)记,求数列的前项和;
(Ⅱ)求证:
数列是等比数列;
(Ⅲ)设数列满足,为数列的前项积,若数列满足,且,求数列的最大值.
15.已知为单调递增的等比数列,且,,是首项为2,公差为的等差数列,其前项和为.
(1)求数列的通项公式;
(2)当且仅当,,成立,求的取值范围.
1.D.
【解析】函数,当时,,
当时,,∴的阶不动点的个数为,当,,,当,,,当,,,当,,,
∴的阶不动点的个数为,以此类推,的阶不动点的个数是个.
仿前可知,P4=2<2(sin-sin0+sin-sinπ)=1故P4<1
3.A
【解析】试题分析:
由已知,
数列是首项为,公差为的等差数列,通项为;
所以,则
=.故答案为.
4.C
【解析】令,再令,所以有(0)=
(1)知①正确;令,从而令故知(x)为奇函数,故知②错误;对于③,由于
(2)=2,所以;从而,猜想…,成等比数列且,用数学归纳法可证明此结论:
对于n=1时,猜想显然成立;假设当时,猜想正确,即,从而,那么当时,
这就是说当时猜想也成立,故,故③正确;对于④,因为
6.A
【解析】可知,同号由得
又得解得a=或a=2
①a=时,=可知是以首项为,公比为的等比数列,则前k项和为
=令>解得K=5所以前五项相加和才大于
②a=2时,=可知是以首项为2公比为2的等比数列则前k项和
=显然k=1时2>.
联立①②得概率为.故选A
7.①④
【解析】由等差比数列的定义可知,等差比数列的公比不为0,所以①正确;当等差数列的公差为0即等差数列为常数列时,等差数列不是等差比数列;当是等比数列时,当公比时,不是等差比数列;数列是公比为等差比数列,该数列中有无数多个0。
8.①②③
【解析】对于①,根据条件,当m>2时,有a2=m-1>1,a3=m-2,于是m-2=4,有m=6满足条件;当m∈(1,2]时,有a2=m-1∈(0,1],则a3=,于是=4,m=满足条件;若m=1,则an=1恒成立,不可能有a3=4,当m∈(0,1)时,有a2=>1,a3=-1,于是-1=4,m=满足条件.故①正确.
对于②,逐个推导可得:
a1=,a2=-1,a3=,a4=,是周期为3的周期数列.故②正确
对于③,要想使得{an}是周期为T的周期数列,因为m>1,故只需使得aT=,则aT+1=m,而m>1,可使得aT=m-(T-1),即m-(T-1)=,于是m2-(T-1)m-1=0,该关于m的方程两根之积为-1,必为异号两根,而根之和为T-1≥1,故其正根m必定大于1,满足条件,故③正确;
对于④,仿照③可知,当T=1时,m=1不满足条件
当T∈N*且T≥2时,若m为整数,则必定在若干项以后出现an=1,之后成为常数数列,不合题意,
故m为非整数,且m=(舍负),
要使得m∈Q,则必为有理数(且为整数),令其为n,且T-1+n不是偶数,否则m为整数,即T+n是偶数,所以,T与n同奇或同偶
由T2-2T+5=n2知,T与n不能同为偶数,
当T为奇数时,T2是奇数,等式左边是偶数,这与n2为奇数矛盾
综上,这样的条件不可能满足.故④错误
9.①④
10.③④
【解析】
选项①:
当时,,有,,则,即数列不是递减数列,故①错误;
选项②:
当时,,因为,所以数列可有最大项,故②错误;
选项③:
当时,,所以,即数列是递减数列,故③正确;
选项④:
,当为正整数时,;当时,;当时,令,解得,,数列必有两项相等的最大项,故④正确.
所以正确的选项为③④.
11.
(1)1,1,1,2,2,2,3;
(2)50;(3)
【解析】
(1)本题解题的关键是抓住新定义中“是数列中,满足不等式的所有项的项数的最大值”,正确理解题中新定义的内容,根据伴随数列的定义直接写出数列1,4,7的伴随数列;
(2)对于这类问题,我们要首先应弄清楚问题的本质,然后根据等差数列、等比数列的性质以及解决数列问题时的常用方法即可解决,根据伴随数列的定义得,由对数的运算对分类讨论求出伴随数列的前20项的和;(3)数列是特殊的函数,以数列为背景是数列的综合问题体现了在知识交汇点上命题的特点,由题意和与的关系,代入得,求出伴随数列的各项,再对分类讨论得.
解:
解:
(1)由伴随数列的定义得,
数列1,4,7的伴随数列为1,1,1,2,2,2,3(后面加3算对)
(2)由,得
∴当时,
12.
(1);
(2)①,;②证明见解析.
【解析】
(1)设数列的首项为,公差为,利用基本量表示有关量进行求解;
(2)
先根据固定,再根据,验证是否存在符合题意;
由
的结论。
先猜后证.
解:
(1)设数列的首项为,公差为,
由,,得,
解得,
所以
(2)①因为,
若,,
因为,
所以,,此方程无整数解;
若,,
因为,
所以,,此方程无整数解;
若,,
因为,
所以,,解得,
所以,满足题意
②由①知,,,则,,,
一般的取,
此时,,
则=-=,
所以为一整数平方.
因此存在数列,使得数列中的各数均为一个整数的平方.
13.
(1);
(2)或.
【解析】
(1)由已知得,所以,这样可以累差求出的通项公式.
可以求出的前项和,根据题意,这样可以求出m的取值范围.
解:
由已知得,所以,
则,叠加得,因为,所以
故
故,所以或.
14.(Ⅰ);(Ⅱ)由,得,所以当时,=,又当
,符合上式,所以,故数列是等比数列.
(Ⅲ)的最大值为.
【解析】(Ⅰ)首先由数列的通项公式,可得数列的通项公式,然后运用裂项相消法即可求得其
前项和;(Ⅱ)由已知及公式可得,当时,的通项公式;然
后验证当时,是否满足上述通项公式,进而求出的通项公式即可证明结论成立;
(Ⅲ)根据作差法判断数列的单调性,进而判断数列的最大值即可.
解:
(Ⅰ)因为,
所以,
所以
=.
(Ⅱ)由,得,所以当时,=,
又当,符合上式,所以,
故数列是等比数列.
(Ⅲ)因为,所以,
当时,=,
又符合上式,所以,
因为,所以当时,单调递减,
当时,单调递增,但当时,每一项均小于0,
所以的最大值为.
15.
(1),
(2)。
由已知可得:
,
所以,当且仅当,且时,上式成立,
设,则,((创作:
“天骄工作”)
作:
“天骄工作室”)
所以,所以的取值范围为。