上海市杨浦区中考一模物理试题解析版.docx
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上海市杨浦区中考一模物理试题解析版
杨浦区2020学年度第一学期期末质量调研
初三物理练习卷
考生注意:
1、本试卷物理部分含五个大题。
2、答题时,考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答,在草稿纸、本试卷上答题一律无数。
一、选择题(共20分)
1.首先用实验测定大气压强值的科学家是( )
A.托里拆利B.阿基米德
C.帕斯卡D.牛顿
【答案】A
【解析】
【详解】托里拆利首先想到用玻璃管装满水银再倒插入水银槽,测出了大气压所支持水银柱的高度,算出了大气压强值,故选A。
2.下列实例中,属于利用连通器原理工作的是
A.抽水机B.密度计C.吸尘器D.液位计
【答案】D
【解析】
【详解】A.抽水机的原理是:
先令水面上方的大气压强减小,然后水就在外界大气压的作用下,把水沿抽水机压上来,A不符合题意;
B.密度计是利用阿基米德原理,不属于连通器,B不符合题意;
C.吸尘器在工作时,由于转动的扇叶处气体的流速大,压强小,从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入,C不符合题意;
D.液位计的上、下两端分别与锅筒的蒸汽空间、水空间直接连接,因此水位计中水位与锅炉水位是一致的,水位计中的水位变化即为锅筒中水位的变化,应用了连通器原理,D符合题意。
3.影响某导体电流大小的物理量是( )
A.电荷量B.通电时间C.质量D.电压
【答案】D
【解析】
【详解】由欧姆定律可知,对于某一道题,通过导体的电流与导体两端的电压成正比,所以对于某一确定的导体,通过导体电流大小取决于导体两端的电压。
导体电阻和电压决定了通过导体的电流大小,即在一定时间内通过导体横截面的电荷量的多少,电流的大小与质量无关,故ABC不符合题意,D符合题意。
故选D。
4.一包医用口罩(10只装)的质量约为( )
A.0.03千克B.3千克C.30千克D.300千克
【答案】A
【解析】
【详解】口罩轻小,携带方便,一只口罩的重量很轻,一包医用口罩(10只装)的质量也只相当于半个鸡蛋的重量,通过分析可知,一包医用口罩(10只装)质量约为0.03千克符合生活常识。
故选A。
5.以下事例中,属于增大压强的是( )
A.载重卡车有很多车轮B.书包背带较宽
C.针尖做得很尖锐D.铁轨铺在枕木上
【答案】C
【解析】
【详解】A.载重汽车有很多车轮,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强,故A不符合题意;
B.书包背带很宽,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强,故B不符合题意;
C.针尖做得很尖锐,是在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强,故C符合题意;
D.铁轨铺在枕木上,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强,故D不符合题意。
故选C。
6.有一轻质柱形容器置于水平地面上,容器内盛有10牛重的水。
若将重为5牛的物块浸入水中(水不溢出),物块受到的浮力为3牛,则放入物块后容器对水平地面的压力为( )
A.一定为10牛B.一定为15牛C.可能为12牛D.可能为13牛
【答案】B
【解析】
【详解】因为浮力小于重力,所以物体处于沉底状态,取水和物体作为整体,收到的支持力为15N,所以对地面的压力也是15N,故ACD不符合题意,B符合题意。
故选B。
7.同种材料制成的长度相等的甲、乙导体串联在电路中,若甲导体两端的电压大于乙导体两端的电压,则关于甲、乙的横截面积S甲、S乙大小,下列判断正确的是( )
A.S甲一定小于S乙B.S甲可能等于S乙
C.S甲一定大于S乙D.S甲可能小于S乙
【答案】A
【解析】
【详解】根据串联电路电流的规律:
串联电路的电流处处相等,所以流经两导体的电流相等。
根据欧姆定律
,甲导体两端的电压大于乙导体两端的电压,所以甲导体的电阻大于乙导体的电阻,根据材料、长度相同的导体的横截面积越大电阻越小可以判断出S甲一定小于S乙,故BCD错误,A正确。
故选A。
8.两个相同柱形容器置于水平地面上,两容器中分别盛有体积相等的不同液体甲、乙。
若两个质量相等的物块A、B浸入液体中,物块漂浮于液面,如图所示。
下列判断正确是( )
A.液体的密度ρ甲<ρ乙
B.液体的质量m甲<m乙
C.液体对容器底部的压强p甲>p乙
D.液体对容器底部的压力F甲=F乙
【答案】C
【解析】
【详解】A.相同柱形容器置于水平地面上,分别盛有体积相等的不同液体甲、乙,所以开始液面一样高,放入物体后,因为都漂浮,所以浮力等于重力,因为物体质量相等,所以浮力相等,由图可知,乙液面上升多,即B排开液体体积大,根据F浮=ρgV排,可知ρ甲>ρ乙,故A错误;
B.因为ρ甲>ρ乙,液体体积相等,根据密度公式知,m甲>m乙,故B错误;
CD.由B知m甲>m乙,所以甲液体重力大于乙液体重力,因为力的作用是相互的,AB所受浮力相等,所以对液体的压力也相等,液体对容器底部的压力是液体重力和物体对液体压力之和,所以F甲>F乙,因为底面积相等,所以p甲>p乙,故C正确,D错误。
故选C。
9.在图示的电路中,电源电压保持不变。
开关S从闭合到断开时,变大的是( )
A.电压表V的示数B.电压表V示数与电流表A示数的乘积
C.电流表A的示数D.电压表V示数与电流表A示数的比值
【答案】D
【解析】
【详解】开关闭合为并联电路,电流表测干路电流,电压表测电源电压,开关断开后,为简单电路,电流表测电流,电压表测电源电压。
A.电压表均测电源电压,所以示数不变,故A不符合题意;
BC.断开开关后,简单电路电流小于并联总电流,电流表示数减小,电压表示数不变,所以电压表V示数与电流表A示数
乘积变小,故BC不符合题意;
D.电压表V示数不变,电流表示数减小,所以比值增大,故D符合题意。
故选D。
10.如图所示,形状大小相同的实心长方体甲、乙置于水平地面上,对地面的压强分别为p甲、p乙。
现沿竖直方向截取相同体积,并将截取部分叠放在各自剩余部分上方,若甲对地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量,则( )
A.p甲一定大于p乙B.p甲可能等于p乙
C.p甲一定小于p乙D.p甲可能小于p乙
【答案】A
【解析】
【详解】设截取后剩余体积占整体的比例为a,则剩余底面积占比也为a,甲对地面的压强变化量为
乙对地面的压强变化量为
因为甲对地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量,结合上两式可知
即初始状态下
故选A。
二、填空题(共34分)
11.上海地区家庭电路的电压为__________伏,电视机与空调是__________连接的(选填“串联”或“并联”),当家中开启的用电器增加时,电路中的总电阻__________(选填“变大”、“变小”或“不变”).
【答案】
(1).220
(2).并联(3).变小
【解析】
【详解】我国家庭电路的电压为220V,所以上海地区家庭电路的电压也是220V;电视机、空调工作时互不影响,是并联连接的;当家中开启的用电器增加时,相当于横截面积变大,故家中电路的总电阻变小.
12.压强是表示___________的物理量。
某初中生走路时对地面的压强约为3×104帕,表示每平方米面积上受到的压力约为___________牛,当他站立在水平地面上时,对地面的压强___________(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
【答案】
(1).压力作用效果
(2).3×104(3).变小
【解析】
【详解】[1]物体所受的压力与受力面积之比叫做压强,压强用来比较压力作用的效果,压强越大,压力的作用效果越明显。
[2]某初中生走路时对地面的压强约为3×104帕,根据
知,每平方米面积上的压力约为
[3]走路时,地面受到的压力是人的重力,受力面积是一只脚的面积,当站立在水平地面上时,压力不变,受力面积是两只脚的面积,根据
分析得,站立时压强比走路时压强小。
13.质量为1.8千克的实心冰块,其体积为___________米3,若冰块完全熔化成水,则水的质量为___________千克,水的体积为___________米3。
(ρ冰=0.9×103千克/米3)
【答案】
(1).2×10-3
(2).1.8(3).1.8×10-3
【解析】
【详解】[1]冰的体积为
[2]1.8千克的冰块完全化成水,状态发生变化,物质多少没有变化,所以质量不变,仍然是1.8kg。
[3]水的体积为
14.某导体两端的电压为3伏时,通过该导体的电流为0.3安,10秒内通过该导体横截面的电荷量为___________库,导体的电阻为___________欧,若该导体两端的电压改变为6伏时,导体的电阻为___________欧。
【答案】
(1).3
(2).10(3).10
【解析】
【详解】[1]通过该导体的电流为0.3A,10秒内通过该导体横截面的电荷量为
[2]导体的电阻为
[3]因为电阻是导体本身的一种属性,其大小与电压和电流无关,所以若该导体两端的电压改变为6V时,其电阻仍为10Ω。
15.如图所示,重10牛的物块A用细线悬挂着浸没于水中。
若细线对物块A的拉力为6牛,则物块A所受的浮力为___________牛,方向___________;随着物体A浸入水中的深度变大,它所受的浮力___________(选填“变大”“变小”或“不变”)。
【答案】
(1).4
(2).竖直向上(3).不变
【解析】
【详解】[1][2]物块所受浮力
浮力的方向是竖直向上的。
[3]随着物体A浸入水中的深度变大,因为全部浸没,V排不变,它所受浮力的大小不变。
16.在图示的电路中,电源电压保持不变。
闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P向左移动,电流表A的示数______,电压表V的示数______,电压表V示数和电压表V1示数的差值与电流表A示数的比值______。
(均选填“变大”、“变小”或“不变”)
【答案】
(1).变大
(2).不变(3).变小
【解析】
【详解】[1]闭合开关S,为串联电路,将滑动变阻器的滑片P向左移动,电阻减小,电流增大,所以电流表A的示数变大。
[2]电压表V测电源电压,所以不变。
[3]电压表V示数和电压表V1示数的差值为滑动变阻器分压,差值与电流表A示数的比值为滑动变阻器电阻,因为阻值减小,所以比值减小。
17.在图示电路中,电源电压保持不变,电阻R1、R2的阻值均为R0。
闭合开关S,电路正常工作,电压表示数为U0。
一段时间后,仅有一个电表示数变小。
若电路中仅有一处故障,且只发生在电阻R1、R2上。
请根据相关信息写出此时两电表示数及相对应的故障。
___________
【答案】若电压表示数为2U0,电流表示数为0,则电阻R1断路,若电压表示数为0,电流表示数为2
,则电阻R1短路
【解析】
【详解】闭合开关后,两电阻串联,电流表测电流,电压表测R1电压。
若R1断路,电流表示数为0,电压表测电源电压,示数增大,因为电阻R1、R2的阻值均为R0,所以电压表示数增大为2U0;若R1短路,电压表示数为0,电流表示数增大,根据欧姆定律,变为原来的两倍,即2
;若R2断路,电流表电压表示数均为0,不符合题意;若R2短路,电流表示数增大,电压表示数也增大,不符合题意。
18.在“测定盐水密度”的实验中,实验原理是___________;如图所示,用电子天平测质量,测量前,将量筒置于电子天平的中央,完成电子天平的“___________”操作。
在“用电流表测电流”的实验中,电路连接时,电流从电流表___________接线柱流入;实验数据记录完成后,断开开关,拆除电路,___________实验器材。
【答案】
(1).
(2).去皮(3).+(4).整理
【解析】
【详解】[1]“测定物质的密度”实验中,实验原理是密度公式
。
[2]需要排除量筒自重影响,所以需要去皮。
[3]电流从电流表正接线柱流入,负接线柱流出,否则会反偏。
[4]实验结束后需整理实验仪器,收拾台面。
19.如图所示仪器是___________,为了探究液体内部的压强与方向的关系,保持金属盒在水中的深度不变,改变___________,观察并记录U形管液面的高度差。
右下图示是“验证阿基米德原理”的实验过程,此实验目的是为了验证物体受到的浮力与___________的关系,实验过程中V2-V1表明了___________。
【答案】
(1).U形管压强计
(2).金属盒的方向(3).物体排开的液体所受重力大小(4).物体排开液体的体积
【解析】
【详解】[1]图中仪器为U形管压强计。
[2]探究液体内部的压强与方向的关系,根据控制变量法,需要保持其他变量一定,只改变方向。
[3]由图可知,第一次弹簧测力计测物体的重力,第二次弹簧测力计测物体完全浸没后剩余的重,能够验证物体受到的浮力与物体排开的液体所受重力大小是否相等。
[4]物体放入液体中,液面会上升,液体体积上升的量为物体排开液体的体积。
20.在“探究导体中电流与电压关系”实验中,某小组同学测量了A导体两端的电压和通过的电流,实验数据记录在下表中,并根据实验结果绘制V图线,如图所示。
序号
电压(V)
电流(A)
1
1.6
0.16
2
2.5
0.24
3
3.0
0.30
(1)小明认为“绘制U–I图线只需要一组电压和电流值,这组数据在U–I图中对应的点和原点连成直线,就是该导体的U–I图线”。
你是否赞同小明的观点,理由是:
______;
(2)在绘制U–I图线时,小红想:
“为什么实验获得的三组数据对应的三个点要用直线连接,而不是曲线呢?
”解决小红疑惑的方法是______;
(3)
该小组同学查阅历史资料,了解到:
“十九世纪初,德国物理学家欧姆由于缺少资料,并且没有稳定的电源,也没有较精确的测量电流强度的仪器,致使探索电流规律的工作十分艰难。
期间欧姆自己设计电流扭秤,经历了不少坎坷,但他不畏艰难,坚持不懈,终于获得成功。
”对此你有什么感想:
______。
【答案】
(1).见解析
(2).见解析(3).见解析
【解析】
【详解】
(1)[1]小明的观点不可行,因为一组数据具有偶然性,不能得到普遍规律。
(2)[2]由于每一组数据中电压与电流的比值相同,说明在电阻一定时,电流与电压成正比,所以,图像为倾斜直线。
(3)[3]科学探索的道路上会遇到各种各样的困难,只有不畏艰难,坚持不懈,才能取得成功。
三、作图题(共8分)
21.在图中,重为2牛的物块静止在水平地面上,请用力的图示法画出该物块对地面的压力。
【答案】
【解析】
【详解】压力垂直地面向下,大小为2N,用力的图示法作图,如下图所示:
22.在图中,将电源、电流表、小灯L2三个元件符号填入电路空缺处。
要求:
①小灯L1与L2并联;
②电流表测小灯L1支路电流;
③开关S只控制L2。
【答案】
【解析】
【详解】由题意得,S和灯泡L2串联,电流表和L1串联,同时两灯并联,互不干扰。
23.在图示的电路中有一根导线尚未连接,以笔画线代替导线补上。
补上后要求:
闭合开关S,当滑动变阻器的滑片向左移动时,电流表的示数变小。
【答案】
【解析】
【详解】当滑动变阻器的滑片向左移动时,电阻增大,电流表的示数变小,不确定电流大小时,连0~3A量程,如下图所示:
四、综合题(共38分)
24.体积为2×10-4米3的物块浸没在水中,求物块所受浮力F浮的大小。
【答案】1.96N
【解析】
【详解】解:
物块所受浮力为
答:
物块所受浮力为1.96N。
25.在图(a)所示的电路中,电源电压保持不变,电阻R1的阻值为5欧,滑动变阻器R上标有“50Ω2A”字样,电流表表盘如图(b)所示。
闭合开关S,通过R1的电流为1.8安。
(1)求电源电压U。
(2)在电路各元件都正常工作的情况下,移动变阻器滑片P的过程中,求滑动变阻器R2的最小阻值。
【答案】
(1)9V;
(2)7.5Ω
【解析】
【详解】
(1)由图知道,两电阻并联,所以,电阻R1两端的电压等于电源电压,由
知道,电源电压
U=U1=I1R1=1.8A×5Ω=9V
(2)根据题意知道,干路电流的最大值是3A,所以,滑动变阻器所在支路的最大电流
I2大=I大-I1=3A-1.8A=1.2A
此时滑动变阻器R2的最小阻值,且
答:
(1)电源电压U是9V;
(2)在电路各元件都正常工作的情况下,移动变阻器滑片P的过程中,滑动变阻器R2的最小阻值是7.5Ω。
26.在图(a)所示的电路中,电源电压为18伏且不变。
闭合开关S,电流表的示数为1安,电压表示数如图(b)所示。
(1)求电阻R1的阻值___________。
(2)求此时滑动变阻器R2的阻值___________。
(3)在电路各元件都正常工作的情况下,移动滑动变阻器的滑片P,电流表示数的最大变化范围为0.3安~1.2安,请判断滑动变阻器的规格:
“___________欧,___________安”。
(写出计算过程)
【答案】
(1).10Ω
(2).8Ω(3).50(4).1.2
【解析】
【详解】
(1)[1]电压表示数为10V,串联电路电流1A,所以R1的阻值为
(2)[2]此时滑动变阻器电压为
R2的阻值为
(3)[3][4]当Imin=0.3A时,滑动变阻器最大值为
当Imax=1.2A时,滑动变阻器最小值为
所以I2max=Imax=1.2A。
27.如图所示,盛满水的薄壁轻质柱形容器甲与实心柱体乙放置在水平地面上。
底面积分别为S、2S,水的质量为m。
(1)若容器甲中水的深度为0.2m,求水对容器甲底部的压强p水。
(2)若柱体乙的质量为2m,求柱体乙对地面的压强p乙。
(3)现有物块A、B、C,其密度、体积如下表所示。
小华选择其中一个先后放入容器甲的水中(物块浸没在水中)、桂体乙的上部,使容器甲对地面的压强变化量小于桂体乙对地面的压强变化量,且容器甲对地面的压强最大。
请写出选择的物块并说明理由,计算出容器甲对地面的压强最大值p甲大。
物块
密度
体积
A
1.8
0.5V
B
1.2
0.6V
C
2.5
2V
【答案】
(1)1960Pa;
(2)
;(3)
【解析】
【详解】
(1)水对容器甲底部的压强为
p水=ρ水gh水=1×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1960Pa
(2)柱体乙对地面的压强为
p乙=
(3)选择A物块时,由题意可知Δp甲<Δp乙,可得
推导出
解得ρ物<2ρ水。
因为p甲最大,所以Δp甲最大,所以G物最大,所以综上选择A物块。
容器甲对地面的压强最大值为
p甲大=
答:
(1)若容器甲中水的深度为0.2m,求水对容器甲底部的压强为1960Pa。
(2)若柱体乙
质量为2m,求柱体乙对地面的压强为
。
(3)现有物块A、B、C,其密度、体积如下表所示。
小华选择其中一个先后放入容器甲的水中(物块浸没在水中)、桂体乙的上部,使容器甲对地面的压强变化量小于桂体乙对地面的压强变化量,且容器甲对地面的压强最大。
因为p甲最大,所以Δp甲最大,所以G物最大,所以综上选择A物块。
容器甲对地面的压强最大值为
。
28.小华做“用电流表、电压表测电阻”实验,现有器材:
电源(两节新干电池),待测电阻、电流表、电压表、开关各一个,滑动变阻器两个(A标有“10Ω2A”字样,B标有“20Ω1A”字样),以及导线若干。
(1)请为小华设计正确的实验电路图。
___________
(2)根据实验电路图,以笔线代替导线连接实物图。
___________
(3)若小华规范实验,开关闭合时,电流表示数如图(a)所示。
他将滑片移至滑动变阻器的中点附近,电流表的指针在图(a)位置基础上偏转了5小格。
(a)根据相关信息,计算并判断小华实验中滑动变阻器的规格。
___________(需要写出计算过程)
(b)小华继续实验,将滑动变阻器的滑片移至另一端,电流表示数如图(b)所示。
计算待测电阻的阻值为___________。
(计算最后一组数据,精确到0.1欧)
【答案】
(1).
(2).
(3).B,过程见详解(4).5.2Ω
【解析】
【详解】
(1)[1]伏安法测电阻的电路图,如图所示。
(2)[2]根据电路图连接实物图,电流表串联在电路中,电压表并联在待测电阻两端,滑片左移电阻减小,电压表用0~3V接线柱。
(3)[3]总电压3V,开关闭合时,滑动变阻器阻值最大,电流最小,为0.12A,滑片移动到中点,阻值减小,电流增大,电流表的指针在图(a)位置基础上偏转了5小格,为0.22A,总电阻减小了
所以选择的应该是滑动变阻器B。
[4]电流表示数为0.58A,此时电阻两端电压为3V,所以电阻为
29.某小组同学用图所示装置,研究实心物块漂浮在水面上,水对容器底部的压强及台秤的示数变化情况,他们选用了不同密度、不同体积的物块浸入水中,待物体静止后,利用仪器测出了水对容器底部的压强p以及台秤的示数F,并把数据记录在下表中。
实验序号
物块的密度
(千克/米3)
物块的体积V(×10-4米3)
水对容器底部的压强p(帕)
台秤的示数F(牛)
1
0.4×103
3.0
2600
4.6
2
0.4×103
4.0
2800
5.0
3
0.6×103
1.0
2300
4.0
4
0.6×103
2.0
2600
4.6
5
0.6×103
3.0
2900
5.2
6
0.6×103
4.5
3000
5.4
7
0.8×103
2.0
2800
5.0
8
0.8×103
3.0
3000
5.4
9
0.8×103
5.0
3000
5.4
10
0.8×103
5.5
3000
5.4
(1)观察实验序号1与2(或3与4与5与6或7与8)中p与V的数据,可得初步结论:
同种材料制成的实心物块漂浮在同一容器的水中,___________。
(2)观察实验序号1与5与8(或4与7)中F与p的数据,可得初步结论:
实心物块漂浮在在同一容器的水中,___________。
(3)进一步分析实验序号1与4(或2与7)中p与V的数据,可知:
当___________相同时,F相同,p也相同。
(4)小明分析实验序号9与10数据,发现不符合上述结论,请判断可能存在原因,并用学过
物理知识写出推导过程。
___________
(5)若选用密度为0.7×103千克/米3、体积为3×10-4米3的物块放入上述容器中,可推断:
p为___________帕,F为___________牛。
【答案】
(1).物块体积越大,水对容器底部的压强越大
(2).当体积一定时,密度越大,水对容器底部的压强越大,台秤的示数越大(3).物体质量(4).物体放入后液体溢出容器,过程见详解(5).3000(6).5.4
【解析】
【详解】
(1)[1]分析1、2数据可知,物体密度相同,物块体积增大时,水对容器底部
压强也增大,所以同种材料制成的实心物块漂浮在同一容