复变函数与积分变换学习指导第三章.docx
《复变函数与积分变换学习指导第三章.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《复变函数与积分变换学习指导第三章.docx(15页珍藏版)》请在冰点文库上搜索。
复变函数与积分变换学习指导第三章
第三章 复变函数的积分
复变函数的积分是研究解析函数的一个重要工具。
解析函数的许多重要性质都要利用复变函数的积分来证明。
本章的重点是第二节柯西积分定理,第三节柯西积分公式及其推论。
约定,除非特别声明,否则,曲线指光滑或逐段光滑曲线,围线指逐段光滑的简单闭曲线,逆时针方向为正向,顺时针方向为负向。
第一节 复积分的概念及简单性质
一.概念
1.定义 设有向曲线()以为起点,
为终点,沿有定义,顺着沿从到的方向在
上取分点,把曲线分成若干个弧段,
在从到的每一个弧段上任取一点,并作和数
,其中,如果当分点无限增多,而
这些弧段长度的最大值趋于零时,和数的极限存在且等于,则称
沿从到可积,称为沿从到的积分,并记
为,其中称为积分路径。
注
(1)“和数的极限”是指复数列的极限。
(2)积分存在时一般记为,而不写成。
因
为的值不仅与,有关,而且和积分路径有关。
(3)表示沿的正方向的积分,表示
沿的负方向的积分。
2.可积的必要条件
沿可积沿有界。
3.可积的充分条件
定理3.1 若沿曲线连续,则沿
可积且
证 记
由于沿曲线连续,故沿曲线连续,从而
均存在。
因此,
二.性质
1.线性
(为复常数)
2.可加性
(由,衔接而成)
3.方向性
4.绝对值不等式
(表示弧长的微分)
5.积分估值
定理3.2 沿连续且使,的长为,
则。
证
4.,取极限即得。
5.,取极限即得。
例1表示连接的任一曲线,则
(1)
(2)
证
(1)取,。
令,
当时,,故。
(2)取,,
则,令,
则;取,
则,从而,
于是
例2 求
其中为以为中心为半径的圆周。
(重要积分)
解
,当时,
当时,
例3试证,其中为连接和的直线段。
证
由于沿连续且
,故。
例4试证。
证 由于,故
式中等号当且仅当时成立,但依题意,故得证。
例5计算,其中为
(1)连接到的直线段;
(2)连接到的直线段及连续到的直线段所成折线。
解
(1),
(2)
例6 计算
(1)
(2)
(3) (4)
解 的参数方程为
(1) (重要积分)
(2)
(3)
(4)
作业P135:
1、2、3
第二节柯西积分定理
数学分析中,若为封闭光滑曲线,所围成的区域为
如果有,则以上两积分均为0。
于是思考必与的解析性有关,可以证明还与区域的单连通性有关。
一.柯西积分定理
1.柯西积分定理
定理3.3设函数在平面上的单连通区域解析,为
任一围线,则。
证明 略(古莎证明不难但太繁琐)
2.柯西积分定理的等价形式
定理设是一围线,为的部,在闭域上解
析,则。
注在闭域解析在包含的某区域解析
证明等价性“定理3.3定理3.3”由注即得。
“定理定理3.3”
设为的部则在上解析,由定理,
,即得。
例1 求。
解 的奇点为,在的外部,
故在以为边界的闭圆上解析,
故。
3.两个推论
推论3.4若在平面上单连通区域解析,为任
一闭曲线(不必是简单的,即可能有重点),
则
证可看作有限多条围线衔接而成。
推论3.5若在平面上单连通区域解析,则在积
分与路径无关。
证 取任意两点与,设起点为,终点为。
为
连接与的任意曲线,且连接成一个围线,
则
从而
例2求,从-1到1的上半单位圆周。
解 由于在平面解析,故。
例3 分析在为
(1)从-1到1的上半单位圆周;
(2)从-1到1的下半单位圆周;
(3)从-1到再到1的折线段,
时三者的关系。
解 由于在平面仅有奇点,
故。
二.柯西积分定理的两种推广
1.条件减弱
定理3.9设为围线的部。
函数在解析,在
上连续,则。
证明:
略。
注条件“在上连续,在上解析”不可改写为“在
解析在上连续”。
例4,取的分支。
解 由在上解析
故在上连续,从而
2.适用围推广(有界单连通有界多连通区域)
定义复围线由条相邻(不相交也不相切)
的围线构成,其中中每一条都在其余各条的外部,而它
们又全都在的部。
的方向定为:
当观察者沿的正方向
绕行时,为边界的有界多连通区域总在他的左手
边。
定理3.10设是复围线所围成的有界多连通区
域,在解析,在连续,则
,
即沿外边界积分等于沿边界积分之和。
证取条互不相交且完全在(端点除外)的光滑弧
为割线,依次与连接。
设想将沿割线割破,则
就被分成两个单连通区域,其边界分别为围线与围线,于是
,,
且
例5设为围线部一点,求。
解以为圆心作圆周,使全含于的部,则在
部、外部所成区域上解析,在上连续,故
。
例6计算,其中
(1)
(2)。
解
(1)由于的奇点在的部,而奇
点在的外部,故在上解析。
于是,
故。
(2)由于的奇点及均在的部,故在
分别作以、1为心,半径均为的小圆、,则
在以及、为边界的多连通区域解
析,在上连续,故
三.变上限积分与原函数
1.变上限积分
定义设在单连通区域解析,为一定点,对任意
,定义的变上限积分为。
是
一个单值函数。
定理3.6设在单连通区域解析,则变上限积分在
解析且。
证,以为心,为半径作一含于的小圆,取圆动点
,取到的曲线,使其经过点并全含于。
由于在连续,
故,
又由于
故
由的任意性知,当时,
即。
定理3.7
(1)在单连通区域连续;
(2)沿任一围线的积分值为0
(从而积分与路径无关),
在解析
(为中一定点),且
2.原函数
定义设在区域连续,若则称
为的一个不定积分或一个原函数。
定理3.8若在单连通区域解析(或①在连续②
沿任一围线的积分值为0),则
(1)的
不定积分一般表达式为;
(2)若为的一个不定积分,
则。
证
(1)由,根据第二章习题的结
论即知,即得。
(2)设为的一个原函数,
则由
(1),。
令则得,从而得证。
例计算积分路径是顶点为,,,的四边
形的边。
解 取位于原点右边连接到的右半单位圆周。
设,则,从而。
作业
P136:
4
(1)
(2)、6、8
第三节柯西积分公式及其推论
一.柯西积分公式
1.柯西积分公式
定理3.11设区域的边界是围线(或复围线),在解析,
在上连续。
则
或。
称为柯西积分。
证 对任意固定,由于在连续,
故。
令,则在以为唯一奇点,
故
又
故
由的任意性,即有,从而得证。
例1 求,其中(1)
(2)
解
(1)原式
(2)原式
例2求
解法一
解法二
注公式中是被积函数在部的唯一奇点,若
在部有两个以上奇点,就不能直接应用柯西积分
公式。
例3求
解
2.柯西高阶导数公式
定理3.13 若在区域解析,在上连续,则
在有各阶导数,
且
证 当时,对,
下证
在充分小时不超过任给正数。
设沿,,表示与上点间的最短距离,于是
当时,,先设,
于是,
故,
其中为的长度
只要取,
即得
当时公式成立,当时,
只须验证在时
以为极限,方法和证明时类似,
但稍微复杂些,略去。
例4计算,是绕一周的围线。
解
例5设,求
解
当时,由柯西积分定理,从而
当时,由柯西高阶导数公式
故
第四节 解析函数与调和函数的关系
一.调和函数与共轭调和函数
1.定义3.5 若二元实函数在区域有二阶连续偏导数且满
足拉普拉斯方程,则称为
区域的调和函数。
记,则为运算符
号,称为拉普拉斯算子。
2.定义3.6 在区域满足条件:
的两个调
和函数中,称为在区域的共轭调和函数。
注:
在的共轭调和函数应为。
3.定理3.18若在区域解析,则在区域
必为的共轭调和函数。
证由在解析知,,从而
。
又解析函数具有的无穷可微性保证,在
均连续,故必相等,于是在。
同理,即,满足拉普拉斯方程。
已知,求使解析
二.从已知解析函数的实(虚)部求它的虚(实)部的方法。
1.线积方法
定理3.19设是在单连通区域的调和函数,则存在
,
使是的解析函数。
(其中是定点,是动点,为任意常
数,积分与路径无关)
证要使成为解析函数,则必须满足条件
(条件),
又,故,
又在单连通区域可微,故积分与路径无关,
从而
2.条件
由,两边对求积分
两边同时求的偏导
,由条件
两边对求积分求得的表达式,从而
3.观察法
例1验证是平面上的调和函数,并求出以
为实部的解析函数,使。
解
(1)
故
(2)
方法一
故
又故,从而。
方法二
由于,故
于是,从而,
于是,即。
故,以下同方法一(略)。
方法三
由于
故。
余下(略)。
例2验证在右半平面是调和函数,并求以
此为虚部的解析函数。
解
(1)
故即在右半平面是调和函数。
(2)由得
又,故
于是,故 从而
在右半平面单值解析。