质点将穿过N孔继续下降．
[答案]D
2（典型例题）两个共轴的半圆柱面形电极间的缝隙中，存在一沿半径方向的电场，如图18-2-7所示，带正电的粒子流由电场区域的一端M射人电场，沿图中虚线所示的半圆形轨道通过电场并从另一端N射出，由此可知
A.若入射粒子的电荷量相等，则出射粒子的质量一定相等
B．若入射粒子的电荷量相等，则出射粒子的动能一定相等
C若入射粒子的电荷量与质量之比相等，则出射粒子的速.率一定相等
D．若入射粒子的电荷量与质量之比相等，则出射粒子的动能一定相等
答案：
BC指导：
由电场力充当向心力Eg=m可知qEr，选项B正角，进而可得Er，选项C正确．
3（典型例题）水平放置的两块平行金属板长l=5.0cm，两板间距d=1.0cm，两板间电压为90V，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度vo=2.0×107m／s，从两板中间射入，如图18-2-8所示，求：
（1）电子偏离金属板时侧位移是多少?
（2）电子飞出电场时的速度是多少?
（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若s=10cm,求OP之长.
答案：
（1）y0=5m
（2）v=2．04×107m/s（3）oP=2．5×10-2m指导：
电子在匀强电场中受到电场力与重力作用，由于电场力F=1．44×10-15N，远大于电子的重力（约9×10-30N），故只考虑电场力的作用．由于沿水平方向作匀速运动，沿竖直方向作初速度为零的匀加速运动，与平抛物体的运动类似．
（1）电子在电场上的加速度；
侧位移
（2）电子飞出电场时，水平分速度vx=v0，竖直分速度飞出电场时的速度为代入数据可得v≈2．04×107m/s设v与v0的夹角为θ，则tanθ=0．2
（3）电子飞出电场后作匀速直线运动OP=y0+MP=y0+s·tanθ=（5×10-3+0．1×0．2）m=2．5×10-2m
4（典型例题）如图18-2-9所示，一对竖直放置的平行金属板A，B构成电容器，电容为C电容器的A板接地，且中间有一个小孔s.一个被加热的灯丝K与S位于同一水平线，从灯丝上可以不断地发射出电子，电子经过电压Uo加速后通过小孔S沿水平方向射放A，B两极板间．设电子的质量为m，电荷量为e，电子从灯丝发射时的初速度不计．如果到达B板的电子都被B板吸收，且单位时间内射人电容器的电子数为n，随着电子的射人，两极板间的电势差逐渐增加，最终使电子无法到达B板求：
（1）当B板吸收了N个电子时，A，B两板间的电势差；
（2）A，B两板间可达到的最大电势差；
（3）从电子射人小孔S开始到A，B两板间的电势差达到最大值所经历的时间．
答案：
（1）U=Ne/e
（2）Um=U0（3）指导：
（1）当B板吸收了N个电子时，电容器所带电荷量为，根据电容的定义C=得此时A，B两板间的电压为U=
（2）电子经过U0的电压加速后，进入A，B板间的动能为eU0，进入A，B板间电场后做减速动，随着O板电荷增加，电子在A，B间的加速度越来越大，直至电子到达B板的速度为零，此时A，B板间的电压达到最大值Um．根据动能定理，eu0—Um=0．解得Um=U0．
（3）设从电子进入A，B板间，直到板间电压达到最大值Um,经过的时间为t,则B板吸收的总电荷为Q=net，结合电容的定义式，可以得出t
Ⅲ新高考命题方向预测
1质子和a粒子由静止经相同加速电压加速后，又垂直进入同一匀强电场，飞出电场时，它们的横向偏移量之比和在偏转电场中运动的时间之比分别为
A.2:
1和：
1B．1:
1和1：
C．1:
2和2:
1D.1:
4和1:
2
答案：
2如图18-2-10所示，电量为q的油滴从空中自由下落时间为t1后，进入水平放置的带电极板间，再经过t2速度为零，则极板间电场力对油滴产生的加速度为（不计空气阻力）
A.gt／（t1+t2）B．gt2／（t2-t1）
C.（t2+t1）g/t2D．（t2-t1）g／t2
答案：
.C指导：
设电场力大小F，取向下方向为B方向，由动量这理
由牛顿第二定律，电场力对油滴产生的加速度大小为方向竖直向上．
3要使氢离子和一价的锂离子垂直进入同一偏转电场．射出偏转电场时的偏转角相同，这些离子进入电场时需具有相同值的物理量是
A.动能B．动量C速度D．加速度
答案：
A指导：
现θ、q、E和l相同，故m相同，Ek=相同．
4如18-2-11所示，甲、乙分别是场强相同的圆形、正方形匀强电场区域（圆形直径与正方形边长相同）．相同带电粒子以相同速度沿垂直于电场方向，对准中心O分别进入两个区域．则粒子分别经过两个电场区域后，其动量改变量大小△P甲、△P乙的关系为
A．△P甲<△P乙B．△P甲>△P乙
C．△P甲≤△P乙D．△P甲≥△p乙
答案：
4．C指导：
把粒子全过程中的动量改变进行分解，水向无动量改变，所以全过程的动量改变量即是电场力作用下发生的动量变化．由此可求得正确答案为C,
5如图18-2-12是一个说明示波管工作原理的示意图，电子经电压U1加速后以速度vo垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是九两平行板间的距离为d，电势差为U2，板长为l，为提高示波管的灵敏度（每单位电压引起的偏转量）可采用哪些方法?
答案：
指导：
先导出示波管的灵敏度（）与有关物理量（d、lU1等）的关系式，再作抉择．
对于电子的加速过程，有①
对于电子的偏转过程，有
水平方向l=v0t
竖直方向h=③
将②式代入③式，结合E=④
将①式代入④式得
据上式可知，增大l和减小Ul或d均可提高示波管的灵敏度
6在如图18-2-13所示的xOy平面内（y轴正方向竖直向上）存在着水平向右的匀强电场，有一带正电的小球自坐标原点O沿y轴正方向竖直向上抛出，它的初动能为4J，不计空气阻力，当它上升到最高点M时，它的动能为5J，求：
（1）试分析说明带电小球被抛出后沿竖直方向和水平方向分别做什么运动．
（2）在图中画出带电小球从抛出点O到落回与O在同一水平线上的O'点的运动轨迹示意图．
（3）带电小球落回到O'点时的动能．
答案：
（1）
（2）见指导（3）24J
指导：
（1）在竖直方向，小球受重力作用，由于重力与小球初速度方向相反，所以沿竖直方向小球做匀减速运动（竖直上抛运动），沿水平方向，小球受水平向右的恒定电场力作用，做初速度为零的匀加速直线运动
（2）运动轨迹如图D18-2所示
（3）设小球质量为m，带电量为q，初速度为v0，上升的最大高度为A，OM（OP）两点间电势差为，MO′（PO′）两点间电势差为U2，小球在O′点的动能为EK′.
对于小于从O到M的过程根据动能定理有：
Qu1-mgh=EkM-EkO
由竖直方向的分运动可得出：
小球从M到O′，的过程，根据动能定理有：
qU2+mgh=Ek′-ekM根据竖直上抛运动的时间特点和小于沿水平方向的分运动特点可知：
OP：
PO′=1：
3，由匀强电场的电势差与场强的关系有Ul：
U2=1：
3由以上方程可解得:
E′K=24J
考场热身探究性命题综合测试
1对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是
A.将两极板的间距加大，电容将增大
B．将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小
C.在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大
D．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增大
答案：
BCD指导：
影响平行板电容器电容大小的因素有：
①随正对面积的增大而增大；②随两极间距离的增大而减小；③在两极板间放人电介质，电容增大，据上面叙述可直接看出B、C选项正确，对D选项，放人铝板后，实际上是减小了平行板的间距，所以本题正确选项为BCD．
2如图Z18-1所示，平行板电容器经开关S与电池连接，a处有一电荷量非常小的点电荷．S是闭合的，a表示a点的电势,f表示点电荷受到的电场力．现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则
A.a变大,f变大B.a变大f变小
C.a不变f不变D.a不变f变小
答案：
B指导：
电容器始终与电源相连，则两板间的电势差U不变，B板向下移动，两板间的距离增大，由匀强电场的公式E=知，电场的场强减小，点电荷受到的电场力f=qE，则f减小，因为a点与电容器A板的距离dAa没有变化，所以可用UAak=EdAa分析出A板与a点的电势差UAak减小了，于是可知a点相对于B板的电势Ua增大了，故B项对．
3如图Z18-2所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变A、B两极板的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度
A.一定减小B．一定增大
C.一定不变D.可能不变
答案：
A指导：
电量不变而减小两极板间距离时，两板间的电热差减小；同时插入的电介质也导致两极板间的电热差减小，因此静电计指针偏转角一定减小．
4传感器是一种采集信息的重要器件．如图Z18-3所示，是一种测定压力的电容式传感器．当待测压力F作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，引起电容的变化，将电容器、灵敏电流计和电源串接成闭合电路．那么
A.当F向上压膜片电极时，电容将减小
B．当F向上压膜片电极时，电容将增大
C．若电流计有示数，则压力F发生变化
D.若电流计有示数，则压力F不发生变化
答案：
BC指导：
当F向上压膜片电极时，电极间距离减小，电容增大；若电流计有示数，必因电容变化引起了充（或放），即压力F发生了变化
5一平行板电容器与电源相连，如图Z18-4所示，如果在电容器两极板间插入一块介电常数为ε的电介质薄板（小于板间距离）则
A.电容器的电容变为原来的ε倍
B．稳定后，电容器上所带电量增加
C.插入介质的瞬间，导线上有从a到b的电流
D.插入介质的瞬间，导线上有从b到a的电流
答案：
BC指导：
由电容决定式C=当插入电介质，C值变大．但因为介质的尺寸小于板间距离，所以电容值小于原来的倍，所以A项错误．由公式Q=CU因电容变大，两板电压等于电源电动势Z，所以电容器上带电量增加，B选项正确，电容器充电，电流方向从a到b，所以C项正确，D项错误．
6如图Z18-5所示为静电除尘器的示意图，下列说法哪些是正确的
A.金属管A和悬在管中的金属丝B应接在高压交流电上
B．管A和金属丝B应接在高压直流电源上
C.距B越近电场越强
D．距B越远电场越强
答案：
BC指导：
金属丝B和金属管构成一个电容器，当把它们接在高压电源上时，它们之间就形成了以。
为中心的辐射状电场，所以越靠近B，电场越强，C对D错．A和B应接在高压直流电源上，带电灰尘在电场力作用下定向移动，最后附着在电极上，如果A、B接在交流电源上，带电灰尘将在A、B间振动，不能附着在电极上，起不到除尘作用，故A错，B对．
7如图Z18-6所示，灯丝发热后发出的．电子经加速电场后，进入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，要使电子在电场中偏转量丁变为原来的2倍，可选用的方法有（设电子不落到极板上）
A.只使U1变为原来的倍
B．只使U2变为原来的倍
C.只使偏转电极的长度L变为原来的倍
D.只使偏转电极间的距离d减为原来的倍
答案：
ACD指导：
先求出了值：
，由此可确定A、c、D正确，这是分析此类问题的一般方法．
8如Z18-7所示，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动，则关于电子到达Q板时的速率，下列解释正确的是
A.两板间距离越大，加速的时间就越长，则获得的速率越大
B．两板间距离越大，加速度就越长获得的速率越大
C．与两板间的距离无关，仅与加速电压U有关
D.以上解释都不正确
答案：
C指导：
从能量观点，电场力做功，使电荷电势能减小，动能增加，由动能定理得，故正确选项为C
9三个a粒子在同一地点沿同一方向垂直飞人偏转电场，出现了图Z18-8所示的运动轨迹，由此可判断
A.在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上
B．b和c同时飞离电场
C．进入电场时，c的速度最大，a的速度最小
D.动能的增加值c最小，a和b一样大
答案：
ACD指导：
由y=选项A正确，B错误由，选项D正确．由
选项C正确,EΔ=qEyay,
选项D正确.
10如图Z18-9（甲）所示，两块长l=2cm的金属板，相距d=0.4cm平行放置，两板间加有Z18-9（乙）所示的交变电压，一束电子从两板左侧中点处射人两板间的电场中，其速度方向与场强方向垂直，若电子的初动能均为Ek=100eV，电子的质量m=0.91×1030kg，求从两板右侧有电子射出的时间t1与无电子射出的时间t2之比．
答案：
4：
1指导：
电子射人时的速度电子穿过两极板的时间为：
因交变电压的周期T=4s>>t，所以电子在穿过两极板的时间内可认为两极板间电压是不变的．
设电压为U1时，电子穿过两极板的偏转量恰好为而不穿出，则有:
解得U1=8V，由交变电压的图象知U1=8V时t=0．8s在0—2s内电子能穿出两极板的时间为t1=2t=1．6s，不能穿出的时间t2=2-t1=0．4s，则t1：
t2=4：
1
2019-2020年高中物理二轮总复习带电粒子茌复合场中的运动教案
本类考题解答锦囊
解答“带电粒子在复合场中的运动”一类试题，主要了解以下内容：
关于求解带电粒子在复合场中运动的问题，首先要弄清是怎样的一个复合场：
是磁场与电场的复合还是磁场与重力场的复合，还是磁场、电场、重力场的复合其次，要正确的对带电粒子进行受力分析．接着，要准确的对带电粒子的运动形式作出判断；假设带电粒子受力平衡，它将处于静止或匀速直线运动状态：
假设带电粒子所受合外力只充当向心力，它将做匀速圆周运动；假设带电粒子所受合外力恒定，它将做匀变速运动；假设带电粒子所受合外力不恒定，它将做非匀变速曲线运动，在判断出粒子的运动形式后，要结合受力特点与运动学公式或动量守恒、动能定理、能量守恒等列出方程，联立求解．
综上所述，求解带电粒子在复合场中运动问题的一般步骤是：
（1）选带电粒子为研究对象．
（2）对带电粒子进行受力分析．（3）依据受力情况判定带电粒子的运动形式．（4）分析运动过程并结合力学规律列方程或画图象，然后求解．
I高考最新热门题
1（典型例题）如图（9—3—1）所示，在Oxyz坐标系所在的空间中，可能存在匀强电场或匀强磁场，也可能两者都存在或都不存在．但如果两者都存在，已知磁场平行于xy平面．现有一质量为m带正电q的点电荷沿z轴正方向射人此空间中，发现它做速度为vo的匀速直线运动．若不计重力，试写出
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