高一数学教案苏教版高一数学平面向量总复习题.docx
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高一数学教案苏教版高一数学平面向量总复习题
平面直扭总复习题
一、选择题
1•两个非零向量的模相等是两个向量相等的什么条件
A.充分不必要B.必要不充分
C.充要D.既不充分也不必要
答案:
B
2.当|a|=|b|z0且a、b不共线时,a+b与a—b的关系是
A.平行B.垂直
C.相交但不垂直D.相等
解析:
•「(a+b)•(a—b)=a2—b2=|a|2—|b|2=0,「•(a+b)±(a—b).
答案:
B
3.下面有五个命题,其中正确的命题序号为
1单位向量都相等;②长度不等且方向相反的两个向量不一定是共线向量;③若a,b
满足|a|>|b|且a与b同向,贝Ua>b;④由于零向量方向不确定,故0不能与任何向量平行;
⑤对于任意向量a,b,必有|a+b|<|a汁|b|
A.①②③B.⑤
C.③⑤D.①⑤
解析:
①单位向量方向不确定,故不一定相等,所以命题①错误;
2方向相反的向量一定是共线向量,故命题②错误;
3两向量不能比较大小,故命题③错误;
40与任意向量平行,故命题④错误;
5命题⑤正确.
答案:
B
4.下列四式中不能.化简为PQ的是()
A.AB(PABQ)
B.(ABPC)(BA-QC)
C.QC-QPCQ
D.PAAB-BQ
解析:
A选项中,ABBQ二AQ,AQPA二PAAQ二PQ
B选项中,ABBA二AB-AB=0,PC-QC二PCCQ二PQ,PQ+0=PQ
C选项中,QC■CQ=QC-QC=0,—QP+0=PQ+0=PQ.
D选项中,PAAB二PB,PB-BQ=PQ,(vPBBQ=PQ)
答案:
D
5.已知正方形ABCD的边长为1,AB=a,BC=b,AC=c,则a+b+c的模等于()
答案:
D
6•如图所示,D、E、F分别是△ABC的边AB、BC、CA的中点,则下列等式中不正确的是
C.DEDA二ECD.DADE二FD
答案:
D
7.已知a,b为非零向量,a+b|=|a—b成立的充要条件是
A.a//bB.a,b有共同的起点
C.a与b的长度相等D.a丄b
解析:
|a+b|=|a—b|:
<:
|a+b|2=|a—b|2:
<:
(a+b)2=(a—b)〈:
a2+2a•b+:
a2—2a•b+b2:
二a•b=0:
=a丄b
答案:
D
8.下面有五个命题,其中正确命题的序号是
22abb222222
①|a|2=a2;②「;3(a•b)2=a2•b2;@(a—b)2=a2—2a•b+b2;⑤若
aa
a•b=0,贝Ua=0或b=0
A.①②③
B.①④
C.②④
D.②⑤
®(a・b)2=(|a||b|cosa)2=|a|2|b|2cos2a,a2•b2=|a|2•|bf,「.(a•b)2^a2•b2
⑤若a•b=0,贝Ua=0或b=0或a丄b且a*0,b*0.
答案:
B
9若点P分有向线段RP2成定比为3:
1,则点Pi分有向线段F2P所成的比为
RP巴
j.j.j.j.i
解析:
•••空=_4,则点Pi分有向线段P2P所成的比为一-.
RP33
答案:
A
到原
10.已知点A(x,5)关于点C(1,y)的对称点是B(-2,—3),则点P(x,点的距离是
A.4
B.J3
C..15
D.、17
解析:
由中点坐标公式可得
x-25-3
1,y,解得x=4,
22
y=1,
再由两点间距离公式得..〉
〈2+y2=J42+12=J17.
答案:
D
11将点(a,b)按向量a=(h,k)平移后,得到点的坐标为
A.(a—h,b+k)
B.(a—h,b—k)
C.(a+h,b—k)
D.(a+h,b+k)
rx—a=hx
解析:
设平移后点的坐标为
(x',y'),则根据平移公式可得丿,•••丿
y"_b=ky"
答案:
D
12•点A(2,0),B(4,2),若|AB|=2|AC|,则点C坐标为
A.(—1,1)B.(—1,1)或(5,—1)
C.(—1,1)或(1,3)D.无数多个
解析:
由题意|AB|=.(4-2)222=2一2,
Aci=LABJ=72
2
故点C分布在以点A为圆心,半径为、2的圆上,故点C坐标有无数多个•答案:
D
13.将曲线f(x,y)=0按向量a=(h,k)平移后,得到的曲线的方程为
A.f(x—h,y+k)=0B.f(x—h,y—k)=0
C.f(x+h,y—k)=0D.f(x+h,y+k)=0
fr
x—解析:
设平移后曲线上任意一点坐标为(x',y'),则根据平移公式可得丿
x=/-h
y=y"_k
又f(x,y)=0,二f(x'—h,y'—k)=0
即f(x—h,y—k)为平移后曲线方程.
答案:
B
14.设P点在x轴上,Q点在y轴上,PQ的中点是M(—1,2),则|PQ|等于(
A.42B.2.5C.5D.2-10
解析:
由题意设P(x,0),Q(0,y),由中点坐标公式可得x=-1,上=2
22
解得x=—2,y=4,
•••|PQ|=.(―2)242=、20=2.5.
•|a|=2(mn)2=7,|b|=、(-3m2n)2二7
•a•b=(2m+n)(—3m+2n)=—6m2+2n2+m•n=—6+2+-=—-
22
答案:
C
1
A.有最大值一和最小值0
2
1
B.有最大值一,但无最小值
2
C.既无最大值,也无最小值
D.有最大值1,但无最小值
解析:
•••△ABC为直角三角形,•B=—A
=sinA•cosA=1sin2A
2
2
•sinA•sinB=sinA•sin(—A)
2
■ITd
当A=B=时,有最大值一,但无最小值
42
答案:
B
20.a、3是锐角三角形的三个内角,则
A.cosa>sin3且cos3>sina
B.cosavsin3且cos3C.cosa>sin3且cos3D.cosasina
解析:
Ia、3是锐角三角形两内角,
HJITl
..a+3>—,.•—>a>——3>0,
222
ji
•sina>sin(3)
2
即sina>cos3,同理sin3>cosa答案:
B
21.在厶ABC中,sinAA.充分不必要条件B.必要非充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
解析:
由正弦定理可得-^―
b
a
•—
sinA
sinA
sinB'
b
sinB
由sinA根据三角形小边对小角可得AvB,反之由AvB也可推得sinAvsinB
故sinAvsinB是AvB的充要条件.
答案:
C
22.在厶ABC中,tanA•tanB>1,则△ABC为
A.锐角三角形B.直角三角形
C.钝角三角形D.不能确定
解析:
TtanA•tanB>1>0,又tA、B不可能同时为钝角,二tanA>0,tanB>0,
tanAtanB门
•••tan(A+B)=v0,
1-tanAtanB
•90°vA+Bv180°,•0°vCv90°,
•△ABC为锐角三角形.
答案:
A
23.在厶ABC中,A、B、C相应对边分别为a、b、c,贝UacosB+bcosA等于
A.2cosCB.2sinC
ab
C.D.c
2
解析:
由正弦定理得:
——=2R
sinAsinB
得a=2RsinA,b=2RsinB
•
acosB+bcosA=2RsinAcosB+2RcosAsinB=2Rsin(A+B)=2RsinC=c答案:
D
cosB=±.1-sin2B=±
a2vb2+c2,则A的取值范围是(
vAv90°
vAv90°
答案:
A
25.在不等边△ABC中,a为最大边,如果
A.90°vAv180°B.45
C.60°vAv90°D.0°
解析:
•••a2vb2+c2,「.b2+c2—a2>0,
J.22
bc-a
•cosA=>0,•Av90°,
2bc
又ta边最大,•A角最大
A+B+C=180°,「.3A>180•••A>60°,「.60°vAv90°答案:
C
26.
已知点A分BC的比为2,下列结论错误的是
解析:
数形结合可得C选项错误.
答案:
C
27.在厶ABC中,若B=30°,AB=23,AC=2,则厶ABC的面积为
A.2一3B..3
C.2,3或3D.2.3或4.3
•C=60°或120°,「.A=90°或30°
•-Saabc=—AB•AC•sinA=2.3或-3.
2
答案:
C
A
28.在厶ABC中,若sinB•sinC=cos2?
,则△ABC是
A.等腰三角形B.直角三角形
C.等边三角形D.等腰直角三角形
1+cosA
解析:
•••sinB・sinC=1COsA
2
又cosA=cos[180°—(B+C)]=—cos(B+C)=—(cosBcosC—sinBsinC)
•2sinBsinC=1—cosBcosC+sinBsinC,
•cosBcosC+sinBsinC=1
•cos(B—C)=1,•B=C,
•△ABC是等腰三角形.
答案:
A
二、解答题
1.设e1,02是两个不共线的向量,已知AB=2e1+ke2,CB=e1+3e2,CD=2&—e2,若A、B、D三点共线,求k的值.
分析:
由于A、B、D三点共线,因此存在实数入,使AB=入BD,而BD=CD—CB
入、k的
=e1—4e2,将AB、BD的①、e2表达式代入上式,再由向量相等的条件得到关于
方程组,便可求得k的值.
解:
BD
=CD—CB=(2ei—e?
)—(e1+3e?
)
要注意两个向量共线和三点共线
评述:
此题解答关键是应用两个向量共线的充要条件,的区别和联系•
2•已知a、b是两个非零向量,当a+1b(t€R)的模取最小值时,
(1)求t的值;
(2)求证b±(a+tb).
分析:
利用|a+1b|2=(a+1b)2进行转换,可讨论有关|a+tb|的最小值问题,若能算得b-(a+1b)=0,则证明了b±(a+tb).
(1)解:
设a与b的夹角为0
则|a+tb|2=(a+1b)2
222
=a+2a•tb+1b
=|a|2+2t|a||b|cos0+12|b|2
=|b|2t2+(2|a||b|cos0)t+|a|2
="2(t+启皿2+|2朋
abab
(2)证明:
b•(a+tb)=b•(a—•b)=a•b—•b•b=a•b—a•b=0
|b|2|b|2
b±(a+1b).
评述:
对|a+tb|变形,可以从两个角度进行思考,一是通过|a+1b|2=(a+1b)2的数
量积运算;二是通设坐标化思想,进行向量的坐标运算,从而达到求解求证目的
—一1
3•如图所示,OADB是以向量OA=a,OB=b为边的平行四边形,又BM=-BC,CN
3
1
=一CD,试用a,b表示OM,ON,MN.
3
解:
BA=OA-OB=a—b
111
•••BMBCBA(a—b)
366
OM=OBBM=b+1(a一b)=—a+—b
666
又由OD=a+b,得
11222
ONODODODa+b
26333
221511
MN=ON-OM=(—a+b)一(—a+b)=—a一b
336626
评述:
由于a,b不共线,因此a,b构成平行四边形OADB所在平面的一组基底,用它们可以表示出这个平面内的任何向量,将所要用a,b表示的向量连同a,b设法放在一个
三角形或平行四边形内,是解决此类问题的常见方法
4•已知0ABC所在平面内一点,且满足|0A|2|BC|2=|OB|2|CA|2=|OC|2
|AB|2.
求证:
O点是△ABC的垂心
证明:
设OA=a,OB=b,OC=c,贝VBC=c—b,CA=a—c,AB=b—a.
•/|OA|2+|BC|2=|OB|2+|CA|2=|OC|2+|AB|2
•••a2+(c—b)2=b2+(a—c)2=c2+(b—a)2
即c•b=a•c=b-a,
故AB•OC=(b—a)•c=b-c—a•c=0
BC•OA=(c—b)•a=c•a—b•a=0
•AB丄OC,BC丄OA,
•••点O是厶ABC的垂心.
5•如图所示,圆O内两弦AB、CD垂直相交于P点,求证:
PAPBPCP^2PO.
证明:
设M、N分别为圆O的两弦AB、CD的中点,连OM、ON,贝UOM丄AB,ON丄CD.
•••PAPB=2PM,PCPD=2PN
而AB丄CD,•四边形MPNO为矩形
•PMPN二PO,
•PAPBPCPD=2PO
6.已知△ABC中,A(2,—1),B(3,2),C(—3,—1),BC边上的高为AD,求点D和向量AD的坐标.
解:
设点D坐标(x,y),由AD是BC边上的高可得AD丄BC,且B、D、C共线,
ADBC=0
CD//DB
;(x—2,y+1)(-6,—3)=0©+3)(2—y)—(3-x)(y+1)=0
卜6(x-2)-3(y+1)=0
Jx+3)(2—y)—(3—x)(y+1)=0
2x+y_3=0
J
x_2y+1=0
x=1
解得丿
•••点D坐标为(1,1),AD=(-1,2)
7•已知a、b、c分别为△ABC三内角A、B、C所对的边,且2(sinA—sinB),sinA—sinC,2(sinB-sinC)成等比数列.
求证:
2b=a+c.
证明:
要证2b=a+c,由正弦定理只要证:
sinB—sinA=sinC—sinB即可:
由已知可得:
(sinA—sinC)2—4(sinA—sinB)
(sinB—sinC)=0,且sinA^sinB,构造方程:
(sinA—sinB)x2—(sinA—sinC)x+(sinB—sinC)=0,且x=1是方程的根△=(sinA—sinC)2—4(sinA—sinB)•(sinB—sinC)=0,.方程有两相等实根由韦达定理可知:
sinB_sinC=1
sinA—sinB
•sinB—sinC=sinA—sinB,故结论得证.
8.设i,j是平面直角坐标系内x轴,y轴正方向上的两个单位向量,且AB=4i+2j,AC=3i+4j,证明△ABC是直角三角形,并求它的面积.
解:
BC二AC-AB=(3i+4j)—(4i+2j)=—i+2j
•/AB•BC=(4i+2j)(—i+2j)=—4i2+6i•j+4j2=0,•AB丄BC
•△ABC是直角三角形,
••S=■—AB|•|BC|=—x2.5x5=5
22
9.已知△ABC中三内角满足A+C=2B,
cosAcosC
cosB
求cos口的值.
解:
由A+C=2B,可得B=60°,A+C=120°
A_C设=a,贝VA—C=2a,
2
•IA=60°+a,C=60°—a,
1111
--
cosAcosCcos(60'U)cos(60-:
)
•••2、2cos2a+cosa—=0
2
(2cosa—2)(2、.2cosa+3)=0
•••22cosa+3>0
…cosa
即cos~C
10.在厶ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,求证:
a2-b2sin(A-B)c2一sinC
证明:
Ta2=b2+c2—2bccosA,—=sinB,C=n—(A+B)
csinC
22
a-b2b2sinBcosA
21cosA=1-
ccsinC
sinC-2sinBcosAsin(AB)-2sinBcosAsinCsinC
sinAcosB「sinBcosAsin(A「B)
sinC
sinC
故原等式成立.
11.在△ABC中,BC=a,AC=b,AB=c,且c为最大边,若accosA+bccosBv4S,其中S为^ABC的面积.
求证:
△ABC为锐角三角形.
2.2
v2absinCv2ac
证明:
由余弦定理及三角形面积公式accosA+bccosBv4S
即b2+c2_a2丄ba2+c2_b
即ac•+bc•
2ac
2bc
•••a2(b2+c2-a2)+b2(a2+c2-b2)v4a2b2即(a2+b2)c2va4+2a2•b2+b4=(a2+b2)2
•c2va2+b2,
2*b?
_2
cosC=a—>0,•C为锐角
2ab
又c为最大边,故C为最大角,
•△ABC为锐角三角形.
12.在厶ABC中,sinA=一,判断这个三角形的形状
cosB+cosC
解:
由正弦定理、余弦定理可得:
b+c
a=~222222
ca-bab-c
2ca2ab
2.22222
ca-bab-c—
=b+c
2c2b
•-b(a?
—b?
)+c(a?
—c?
)=bc(b+c)
233
••(b+c)a=(b+c)+bc(b+c),
•a2=b2+c2,
•••△ABC是直角三角形.