四川省高二下学期月考物理试题Word格式.docx
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，故A正确；
C、根据加速度的定义式
，能求出战斗机在甲板上运动的加速度，故C正确；
D、根据推论，
，所以能求出战斗机在甲板上运动的平均速度，故D正确；
B、因为不知道战斗机的质量，无法由牛顿第二定律求战斗机所受的阻力，故B错误；
不能求出舰载机在甲板上运动的故选B。
4.如图所示，对下列课本插图描述正确的是（）
A.图甲右上方的路牌所标的“50”是车辆通行的平均速度
B.由图乙可推出所有形状规则的物体的重心均在其几何中心
C.图丙中冰壶被运动员推出后能继续向前运动，说明其具有惯性
D.图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小，说明人所受重力减小
【解析】图甲右上方的路牌所标的“50”为车辆通行的瞬时速度不超过50km/h，故A错误；
由图乙可推出所有形状规则且质量分布均匀的物体重心均在其几何中心处，故B错误；
惯性是物体保持原来速度不变的性质，图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性，故C正确；
图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受支持力减小，但重力不变，故D错误；
5.研究发现，经常低头玩手机会引起各类疾病。
当人体直立时，颈椎所承受的压力等于头部的重量；
当低头玩手机时，颈椎受到的压力会随之变化。
现将人体头颈部简化为如图所示的模型：
P点为头部的重心，PO为提供支持力的颈椎（视为轻杆）可绕O点自由转动，PQ为提供拉力的肌肉（视为轻绳）。
当某人低头时，PO、PQ与竖直方向的夹角分别为30°
、60°
。
则此人直立时颈椎受到的压力与低头看手机时颈椎受到的压力大小之比为（）
A.1∶
B.1∶2
C.1∶
D.1∶1
【答案】A
【解析】试题分析：
对人的头部进行分析，明确其受力情况，由共点力的平衡条件可得出对应的平行四边形；
由正弦定理可求得颈椎受到的压力．
设头部重力为G，当人体直立时，颈椎所承受的压力等于头部的重量，即F=G；
当某人低头时，PO、PQ与竖直方向的夹角分别为30˚、60˚，P点的受力如图所示，根据几何关系结合正弦定理可得
，解得
，所以
，C正确．
6.在篮球比赛中，某位同学获得罚球机会，他站在罚球线处用力将篮球投出，篮球约以1m/s的速度撞击篮板。
已知篮球质量约为0.6kg，篮球撞击篮板的位置离地高度约为3m，忽略空气阻力，则该同学罚球时对篮球做的功约为（）
A.2J
B.8J
C.20J
D.50J
【解析】对整个过程运用动能定理得，
，代入数据解得
，故B正确，A、C、D错误；
故选B。
【点睛】对篮球从手中出手到撞击篮筐的过程运用动能定理，求出罚球时对篮球做功的大小。
7.如图所示，运动员以速度v在倾角为θ的倾斜赛道上做匀速圆周运动。
已知运动员及自行车的总质量为m，做圆周运动的半径为R，重力加速度为g，将运动员和自行车看作一个整体，则该整体在运动中（）
A.处于平衡状态
B.做匀变速曲线运动
C.受到的各个力的合力大小为
D.受重力、支持力、摩擦力、向心力作用
【解析】D、运动员和自行车组成的整体受重力、支持力、摩擦力作用，靠合力提供向心力，故D错误；
AB、合力提供向心力，合力方向始终指向圆心，做变加速曲线运动，故A、B错误；
C、整体做匀速圆周运动，合力提供向心力，则合力
，故C正确；
【点睛】运动员和自行车组成的整体受重力、支持力、摩擦力作用，靠合力提供向心力，合力大小恒定，方向始终指向圆心。
8.“天宫二号”在2016年秋季发射成功，其绕地球运行的轨道可近似看成是圆轨道。
设每经过时间t，“天宫二号”通过的弧长为l，该弧长对应的圆心角为θ，已知引力常量为G，则地球的质量是（）
A.
B.
C.
D.
【解析】根据几何关系即可求出轨道半径，由线速度的定义式即可求出线速度，然后由万有引力提供向心力即可求出地球的质量．
“天宫二号”通过的弧长为，该弧长对应的圆心角为
弧度，所以其轨道半径：
，t时间内“天宫二号”通过的弧长是，所以线速度
，“天宫二号”做匀速圆周运动的向心力是由万有引力提供，则
，A正确．
9.如图所示，三条带箭头的直线代表某静电场的电场线，a、b为该电场中的两点，下列判断正确的是（）
A.a点电势比b点高
B.a点场强比b点小
C.将质子从a点移到b点，电场力做正功
D.将电子从b点移到a点，其电势能增大
【解析】A、根据沿电场线方向电势降低可知：
b点电势一定高于a点电势，故A错误；
B、电场线密的地方电场强度大，所以b点场强一定小于a点场强，故B错误；
CD、根据
可知将质子从a点移到b点，电场力做负功；
将电子从b点移到a点，电场力做负功，其电势能增大，故C错误，D正确；
【点睛】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小。
通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，来理解这些概念之间的关系。
10.工厂在生产纺织品、纸张等绝缘材料时为了实时监控其厚度，通常要在生产流水线上设置如图所示传感器。
其中A、B为平行板电容器的上、下两个极板，位置均固定，分别接在恒压直流电源的两极上。
当流水线上通过的产品厚度增大时，下列说法正确的是（）
A.A、B两板上的电荷量增加
B.A、B两板间的电场强度减小
C.A、B平行板电容器的电容减小
D.有电流从a向b流过灵敏电流计
【解析】两极板和电源相连，故两极板间的电势差恒定，根据公式
可知当产品厚度增大导致增大时，电容器的电容C增大，再根据
可知极板带电量Q增加，有充电电流从b向a流过，故AC错误D正确；
因两板之间的电势差不变，板间距不变，所以两板间电场强度
不变，B错误．
11.中国已成为世界上高铁系统技术最全、集成能力最强、运营里程最长、运行速度最高、在建规模最大的国家。
报道称，新一代高速列车牵引功率达9000kW，持续运行速度为300km/h，则新一代高速列车沿全长约1300km的京沪线从北京到上海，在动力上耗电约为（）
A.2×
104度B.4×
104度
C.2×
105度D.4×
106度
【解析】列车从北京到上海的时间为：
，在动力上耗电约为：
【点睛】根据公式s=vt求出时间，再由公式W=Pt求解消耗的电能。
12.如图所示，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，均通有大小相同的电流I，其中L3和L2的电流方向相同，与L1相反。
下列说法正确的是（）
A.L1所受磁场作用力的方向与L2、L3所在平面平行
B.L2所受磁场作用力的方向与L1、L3所在平面垂直
C.L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶1∶
D.L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为
∶1∶1
【解析】由于三根导线中的电流大小相同，两两导线之间的距离相同，故两两导线之间的相互作用力的大小相同，设为
，电流同向的导线之间表现为引力，电流反向的导线之间表现为斥力；
A、受力分析可得，L1所受磁场作用力的方向与L2、L3所在平面垂直，故A错误；
B、受力分析可得，L2所受磁场作用力的方向与L1、L3所在平面平行，故B错误；
CD、根据几何关系如图
L2和L3所受磁场作用力大小为
，L1所受磁场作用力大小为
，L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为
，故D正确，C错误；
二、选择题II（本题共8小题，每小题4分，共32分。
每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
13.在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。
下列对物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的是（）
A.牛顿用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动的原因”的观点，并归纳、总结出牛顿第一定律
B.法拉第不仅首次提出了场的概念，而且采用电场线来直观、形象地描绘电场
C.卡文迪许将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律，并测出了引力常量的数值
D.安培不仅研究了磁场对电流的作用规律，还提出了著名的分子电流假说，用来解释磁化和消磁等一些现象
【答案】BD
【解析】A、伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点，故A错误；
B、法拉第不仅首次提出了场的概念，而且采用电场线来直观、形象地描绘电场，故B正确；
...........................
D、安培不仅研究了磁场对电流的作用规律，还提出了著名的分子电流假说，用来解释磁化和消磁等一些现象，故D正确；
故选BD。
【点睛】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即。
14.应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入。
例如你用手掌平托一苹果（可视为质点），保持这样的姿势让苹果在竖直平面内以速率v沿顺时针方向做半径为R的匀速圆周运动。
假设t=0时刻苹果在最低点a且重力势能为零，则在苹果从最低点a运动到最高点c的过程中，下列说法正确的是（）
A.苹果的合力不为零
B.苹果的加速度越来越小
C.手对苹果的作用力做正功
D.苹果的重力势能随时间的变化关系为Ep=mgRcos
【答案】AC
【解析】AB、在苹果从最低点a运动到最高点c的过程中，苹果做匀速圆周运动，加速度大小不变，合力不为零，故A正确，B错误；
C、在苹果从最低点a运动到最高点c的过程中，动能不变，重力势能增大，苹果的机械能增加，所以手对苹果的作用力做正功，故C正确；
D、苹果的上升的高度为
，苹果的重力势能随时间的变化关系为
，故D错误；
故选AC。
15.如图所示，某段滑雪雪道倾角为30°
，总质量为m（包括雪具在内）的滑雪运动员从距底端高为h处的雪道上由静止开始匀加速下滑，加速度为0.25g。
在他从上向下滑到底端的过程中，下列说法中正确的是（）
A.运动员的机械能守恒
B.运动员的重力势能减少mgh
C.运动员在底端时的动能为0.5mgh
D.运动员克服摩擦力做功为0.75mgh
【答案】BC
【解析】A、运动员在下滑中受重力、支持力及摩擦力的作用，人要克服摩擦力做功，所以运动员减少的重力势能全部转化为动能和内能，故A错误；
B、在他从上向下滑到底端的过程中，重力做功为
，运动员的重力势能减少mgh，故B正确；
C、由牛顿第二定律可知,人受到的合力
，故合力的功
，根据动能定理可知运动员在底端时的动能为0.5mgh，故C正确；
D、根据功能关系可知，系统减少的机械能等于克服摩擦力做功，运动员克服摩擦力做功为0.5mgh，故D错误；
故选BC。
【点睛】运动员减少的重力势能全部转化为动能和内能．由牛顿第二定律可求得合外力，则可求得合力所做的功，再由动能定理可求得动能的变化量，分析人在运动过程中的受力及各力做功情况，求得摩擦力，得到摩擦力做功，再求机械能的变化量。
16.扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图所示为某品牌扫地机器人，已知其工作额定电压为12V，额定功率为36W，充电额定电压为15V，额定电流为0.8A，充电时间约为4h，电池容量为4500mAh，则下列说法错误的是（）
A.机器人正常工作的电流为0.8A
B.电池容量指的是电池储存的电能
C.电池充满电后，机器人能正常工作最多约1.5h
D.将已用光的电池以额定电压充电，充满需消耗的电能约为2.4×
105J
【答案】AB
【解析】A、机器人正常工作的电压为12V，机器人正常工作时的电流
，故A错误；
B、电池容量是指电池的存储电量（电流与时间的乘积）多少，单位是“Ah”，不是储存电能的大小，故B错误；
C、电池充满电后，机器人能正常工作时间
D、将已用光的电池以额定电压充电，充满需消耗的电能
，故D正确；
说法错误的是故选AB。
17.如图所示，一根长度为L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向与竖直方向成θ角斜向左上，导体棒与导轨间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g。
A.导体棒受到的安培力大小为BILcosθ
B.导体棒受到的安培力方向与水平成θ角斜向右上
C.导体棒对轨道的压力大小为mg－BILsinθ
D.若仅将电源极性对调，则导体棒受到的摩擦力将比原来大
【解析】AB、根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示.B与I垂直，故导体棒受到磁场力大小为F=BIL，导体棒受到的安培力方向与水平成θ角斜向右上，故A错误，B正确；
C、根据共点力平衡规律得：
，得导体棒对轨道的压力大小为
D、由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为
，若仅将电源极性对调，则导体棒受到的摩擦力还是静摩擦力，根据平衡规律求解可得
【点睛】对导体棒受力分析，正交分解，根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力。
18.在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，下列器材必须要的是（）
在本实验研究小车速度随时间的变化规律，因此需要小车，不需要测量小车受到的拉力，因此不需要弹簧秤，需要用打点计时器打点，所以要电火花打点计时器，同时打点计时器记录了小车运动时间，因此不需要秒表，故BD正确。
考点：
探究小车速度随时间变化的规律
【名师点睛】本题属于基础简单题目，对于实验器材的选取一是根据实验目的进行，二是要进行动手实验，体会每种器材的作用。
19.关于下列实验的说法正确的是（）
A.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，需要平衡摩擦力
B.在“探究求合力的方法”实验中，两个分力与合力的标度一定要相同
C.在用橡皮筋做“探究功与速度变化的关系”实验时，可以求得做功的具体数值
D.在“验证机械能守恒定律”的实验中，可以用重力加速度计算重锤在某时刻的速度
【解析】A、在“探究加速度与质量、外力之间的关系”实验中，需要平衡摩擦力，故A正确；
B、在“探究求合力的方法”实验中，两个分力与合力的标度一定要相同，故B正确；
C、实验时，每次保持橡皮筋的形变量一定，当有n根相同橡皮筋并系在小车上时，n根相同橡皮筋对小车做的功就等于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难，故实验中不需要测出一条橡皮筋对小车做功W的数值，故C错误；
D、在验证机械能守恒的实验中，由于存在阻力物体实际下落的加速度小于重力加速度，不可以用重力加速度计算重锤在某时刻的速度，应该运用某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故D错误；
故选AB。
20.在研究究平抛运动的规律时，可以选用下图所示的各种装置图，以下操作或说法合理的是（）
A.装置甲只能研究平抛物体的竖直分运动，小球的离地高度可以改变，而打击的力度不能改变
B.装置乙中要获得钢球做平抛运动的轨迹，每次必须从斜槽上同一位置由静止释放钢球
C.装置丙中要获得稳定的细水柱显示平抛运动的轨迹，竖直管上端A须低于瓶中的液面
D.除上述三种装置或方法外，还可以用频闪相机拍摄平抛物体来研究平抛运动的规律
【答案】BCD
【解析】A、选用装置图甲研究平抛物体竖直分运动，应该是听声音的方法判断小球是否同时落地，与每次打击的力度无关，故A错误；
B、选用装置图乙要获得钢球的平抛轨迹，每次一定要从斜槽上同一位置由静止释放钢球，这样才能保证初速度相同，故B正确；
C、竖直管内与大气相通，为外界大气压强，竖直管在水面下保证竖直管上出口处的压强为大气压强，因而另一出水管的上端口处压强与竖直管上出口处的压强有恒定的压强差，保证另一出水管出水压强恒定，从而水速度恒定，如果竖直管上出口在水面上，则水面上为恒定大气压强，因而随水面下降，出水管上口压强降低，出水速度减小，故C正确；
D、可以用频闪相机拍摄平抛物体来研究平抛运动的规律，故D正确；
故选BCD。
三、非选择题
21.某实验小组要测绘一个标有“3V、1.5W”小灯泡的伏安特性曲线，要求小灯泡两端的电压调节范围尽可能大，且能正常发光。
实验室已有的器材如下：
A．待测小灯泡（3V，0.9W）B．电源（电动势3.5V，内阻0.8Ω）
C．电压表（量程3V，内阻约2kΩ）D．电压表（量程15V，内阻约10kΩ）
E．电流表（量程0.6A，内阻约0.2Ω）F．电流表（量程3A，内阻约0.05Ω）
G．滑动变阻器（阻值0～5Ω，1A）H．滑动变阻器（阻值0～100Ω，0.5A）
I．开关一只、导线若干
（1）本实验中，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________。
（均填字母代号）
（2）在右侧虚线框中已画出本实验的部分电路图，请将电路图补充完整。
（3）某次测量时，发现两只电表的表盘下图所示，则此时通过小灯泡的电流大小为__________A。
【答案】
（1）.
（1）E，G
（2）.
（2）
（3）.（3）0.48
【解析】
（1）灯泡电压为3V，故电压表应选择3V量程的C；
由P=UI可知
，故电流表应选择E；
由于本实验采用滑动变阻器分压接法，故应选用小电阻G；
（2）本实验要求电流从零开始调节，故应采用分压接法，同时因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接法；
如图所示
（3）电表的表盘如图所示，则此时通过小灯泡的电流大小为0.48A。
四、解答题
22.冰壶冬季奥运会上的常规比赛项目，中国队在该项目上的实力与日俱增。
如图所示，质量为m的冰壶在运动员的操控下，先从起滑架A点由静止开始匀加速启动，经过投掷线B时释放，之后匀减速滑行到营垒中心O点恰好停下。
已知AB相距L1，BO相距L2，冰壶与冰面各处的动摩擦因数均为μ，重力加速度为g。
求：
（1）冰壶在投掷线B时的速度大小；
（2）运动员在AB段对冰壶施加的水平推力大小；
（3）若用毛刷将BO段中的某一段动摩擦因数减为0.5μ，则要使冰壶在O点时的速度不低于v，则毛刷刷冰的长度至少要多长？
【答案】
（1）
（2）
（3）
【解析】【分析】在BO段，由动能定理求出冰壶在投掷线B时的速度大小，在AB段，由运动学规律和牛顿第二定律求出运动员在AB段对冰壶施加的水平推力大小；
在AO段，由动能定理求出毛刷刷冰的长度；
解：
（1）在BO段，由动能定理有：
解得：
（2）在AB段，由运动学规律有：
由牛顿第二定律有：
F－μmg=ma
（3）在AO段，由动能定理有：
23.上海热带风暴水上乐园有个项目叫做“音速飞龙”。
如图甲所示，两条高速滑道，人可以仰卧下滑，下滑起伏共有3层。
图乙为其轨道侧视图，一个质量m=70kg的人从A点静止下滑，经BCDEF最终停在G点。
已知AB、BC、CD、DE、EF均是半径R=14m的圆弧，其对应的圆心角均为θ=60°
，FG段水平。
通过测量得知人滑到圆弧末端F点时对滑道的压力大小F=2700N，不计空气阻力。
（1）求人滑到圆弧末端F点时的速度大小；
（2）求人在整个圆弧滑道上滑行过程中，阻力所做的功；
（3）若一光滑小球在该轨道无水时从A点静止释放，小球能否沿滑道ABCDEF运动？
若能，请说明理由；
若不能，请求出小球脱离滑道的位置。
（1）20m/s
（2）－1.05×
104J（3）小球在B点脱离滑道，不能沿整个圆弧滑运动
【解析】【分析】根据竖直方向上合力提供向心力求出人运动到F点时，支持力的大小。
对AF段，运用动能定理，求出运动过程中克服阻力做功的大小。
根据动能定理求出B点的速度，判断小球与轨道有无压力，从而判断小球在B点是否离开轨道。
若离开轨道，结合平抛运动规律确定落点的位置；
（1）在F点，由向心力公式有：
v=20m/s
（2）从A点到F点的过程中，由动能定理有：
（3）从A点到B点的过程中，由动能定理有：
在B点，由向心力公式有：
FB=0
故小球在B点脱离滑道，不能沿整个圆弧滑运动。
24.在如图所示的平面直角坐标系xOy中，第一、四象限存在方向垂直平面的匀强磁场，范围足够大；
第二象限存在方向沿y轴正方向的匀强电场，在电场中有一点P，坐标为（－2l，l）。
一带电量为－q、质量为m的粒子（重力不计）从P点以速度v沿x轴正方向开始运动，恰好从坐标原点O离开电场进入磁场，粒子进入磁场后第一次回到x轴时恰好通过Q点，Q点坐标为（2l，0）。
（1）匀强电场的场强大小；
（2）匀强磁场的磁感应强度大小和方向；
（3）粒子从P点运动到Q到所用的时间；
（4）若在粒子到达Q点时，在第一、四象限再添加一个与原来磁场方向相同的匀强磁场，使粒子能在磁场中做完整的圆周运动，则所加磁场的磁感应强度至少多大？
，方向垂直平面向外（3）
（4）
【解析】【分析】带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，运用运动的分解法，由牛顿第二定律和运动学公式求解场强E的大小；
带电粒子进入磁场后，由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，由几何知识求出轨迹半径，由牛顿第二定律即可求得磁感应强度B的大小；
在电磁场中，由运动学规律有粒子从P点运动到Q到所用的时间；
在粒子到达Q点时，在第一、四象限再添加一个与原来磁场方向相同的匀强磁场，粒子能在磁场中做完整的圆周运动，由几何知识求出轨迹半径，由牛顿第二定律即可求得加磁场的磁感应强度的大小；
（1）在电场中（从P点到O点），由类平抛运动的规律有：
（2）在O点，由运动的分解有：
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