学年高考理综物理第五次模拟试题及答案解析一文档格式.docx
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A．汤姆生最早提出了原子的核式结构学说
B．贝克勒耳最早发现了天然放射现象，后来一些科学家利用放射线轰击其他元素的原子核，相继发现了原子核内存在质子和中子
C．英国植物学家布朗最早发现了布朗运动
D．与热现象有关的自发的宏观过程，总是朝着分子热运动状态有序性增加的方向进行
6．如图所示，内壁光滑且绝热的直立气缸上方有一活塞，活塞上方有一些细砂，活塞将一定质量的空气封闭在气缸中并保持静止．现不断取走活塞上的细砂，在此过程中气缸内的气体（ ）
A．体积不断增大B．压强不断增大C．温度不断升高D．内能不断减小
7．下列实例属于超重现象的是（ ）
A．汽车驶过拱形桥顶端
B．荡秋千的小孩通过最低点
C．跳水运动员被跳板弹起，离开跳板向上运动
D．火箭点火后加速升空
8．如图所示，足够长的“U”形金属框固定在水平面上，金属杆ab可以在框架上无摩擦地滑动，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，若从某一时刻起磁感应强度均匀减小，在此过程中ab杆中的感应电流方向及所受的安培力方向分别是（ ）
A．感应电流方向由a→bB．感应电流方向由b→a
C．安培力的方向水平向左D．安培力的方向水平向右
9．如图所示，两块平行金属板正对着水平放置，两板分别与电源正、负极相连．当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的M点．则（ ）
A．当开关闭合时，若减小两板间距，液滴仍静止
B．当开关闭合时，若增大两板间距，液滴将下降
C．开关再断开后，若减小两板间距，液滴仍静止
D．开关再断开后，若增大两板间距，液滴将下降
三．实验题（共18分）
10．如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．
（1）已知打点计时器电源频率为50Hz；
OABCDE是纸袋上六个计数点，每两个相邻计数点间有一个计时点没有画出，则纸带上OA段运动的时间tOA______s，某同学在纸带上记录了C、D和D、E间的距离，数据记录错误的是______段（填“CD”或“DE”）；
（2）从图中读出A、B两点间距s=______cm；
（3）D点对应的速度是______m/s（计算结果保留二位有效数字）．
11．为了测量某一未知电阻Rx的阻值，某实验小组找来以下器材：
电压表（0～3V，内阻约3kΩ）、电流表（0～0.6A，内阻约0.5Ω）、滑动变阻器（0～15Ω，2A）、电源（E=3V，内阻很小）、开关与导线，并采用如图甲所示的电路图做实验．
①请按图甲所示的电路图将图乙中实物连线图补齐；
②图乙中，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于______端（选填“a”、“b”）．
③闭合开关，缓慢调节滑动变阻器，得到多组电压表与电流表的读数，根据实验数据在坐标系中描出坐标点，请你完成U﹣I图线；
④根据U﹣I图可得，该未知电阻的阻值Rx=______．（保留两位有效数字）
⑤由于实验中使用的电表不是理想电表，会对实验结果造成一定的影响，则该小组同学实验测出的电阻值______Rx的真实值（填“＞”、“＜”或“=”）．
⑥利用现有的仪器，为了更加精确地测量这个电阻的阻值，请你给该实验小组提出建议并说明理由______．
四．计算题（共2小题，每小题18分，共36分．按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
12．如图所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属导轨上，导轨平面与水平面的夹角为θ，并处于磁感应强度大小为B方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，左侧是水平放置间距为d的平行金属板，R和Rx分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻．
（1）调节Rx=R，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v．
（2）改变Rx，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m带电量为+q的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的Rx．
13．如图，小球A和B紧靠一起静止于光滑平台上，mA：
mB=3：
5，两小球在内力作用下突然分离，A分离后向左运动恰好通过半径R=0.5m的光滑半圆轨道的最高点，B球分离后从平台上水平抛出，恰好落在临近平台的一倾角为α的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8m，
g=10m/s2，则
（1）AB两球刚分离时A的速度大小
（2）斜面距离平台的水平距离s
（3）B球沿斜面下滑的加速度．
参考答案与试题解析
【考点】重核的裂变．
【分析】当前所有的核电站的核反应都是U﹣235的裂变反应．热核聚变仍处于实验阶段．
【解答】解：
核电站中的铀235的原子核受到外来中子轰击时，一个原子核会吸收一个中子分裂成两个质量较小的原子核，同时放出2﹣3个中子．裂变产生的中子又去轰击另外的铀235原子核，引起新的裂变．如此持续进行从而产生大量热能．用循环水导出的热量可以使水变成水蒸气，推动气轮机发电．这就是目前核电站的工作原理．故目前的核电站为U﹣235的核裂变反应．故A正确，故选A．
【考点】变压器的构造和原理．
【分析】电压与匝数成正比，当输入线圈的匝数小于输出线圈的匝数时，输出的电压就比输入的电压大，此时的变压器就是升压变压器．
变压器只对交流电起作用，由于A和D的输入的电源是直流电，所以A和D中的灯不会亮，所以A、D错误；
B图中变压器的输入线圈的匝数比输出线圈的匝数多，该变压器属于降压变压器，所以B错误；
C图中变压器的输入线圈的匝数比输出线圈的匝数少，该变压器属于升压变压器，所以C正确；
故选：
C．
【考点】电势差与电场强度的关系；
电场线．
【分析】根据电荷的受力方向与运动方向的关系，判断出电场力做功；
电场力做正功，电荷的电势能减小；
电场力做负功，电荷的电势能增大．
电场线向右，电子受到的电场力向左，从A移动B的过程中，电场力的方向与运动的方向相反，电场力做负功，电子的电势能增加，所以B正确．
B
【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．
【分析】人造地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，得到卫星的周期、线速度、角速度与轨道半径的关系式，再比较大小．
设地球的质量为M，卫星的质量为m，卫星的轨道半径为r，人造地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则得：
G
=m
r=m
=mω2r
则得：
T=2π
，v=
，ω=
，可知，卫星的轨道半径越小，线速度、角速度都越大，周期越小．
A、由题知，“风云一号”气象卫星的周期较小，由T=2π
，知其轨道半径较小，距地面较近，故A正确．
B、由题意知，“风云一号”气象卫星的周期较短，故B错误．
C、由v=
，知“风云一号”气象卫星的轨道半径较小，运行速度较大，故C错误．
D、由ω=
，可知，“风云一号”气象卫星的轨道半径较小，角速度较大，故D错误．
A
【考点】物理学史．
【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．
A、卢瑟福最早提出了原子的核式结构学说．故A错误；
B、贝克勒耳最早发现了天然放射现象，后来一些科学家利用放射线轰击其他元素的原子核，相继发现了原子核内存在质子和中子．故B正确；
C、英国植物学家布朗通过观察悬浮在水中的花粉的运动，最早发现了布朗运动．故C正确；
D、根据熵增原理可知，与热现象有关的自发的宏观过程，总是朝着分子热运动状态无序性增加的方向进行．故D错误．
BC
【考点】理想气体的状态方程；
封闭气体压强．
【分析】根据题意求出气体的压强，然后根据理想气体状态方程、热力学第一定律分析答题．
设活塞的横截面积为S，活塞和细砂的质量为m，封闭气体的压强为p，则有：
，得：
，不断取走活塞上的细砂，封闭气体的压强减小，气体的体积增大，气体对外界做功，因为汽缸绝热Q=0，根据热力学第一定律△U=W+Q＜0，故内能减小，温度降低，故AD正确，BC错误；
AD
【考点】超重和失重．
【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；
当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；
如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．
A、超重是物体受到接触面竖直向上的支持力或绳的拉力大于重力．在汽车驶过拱形桥顶端时，由重力的分力提供做圆周运动向心力，所以支持力小于重力，处于失重状态，所以A错误；
B、荡秋千的小孩通过最低点时，由支持力和重力的合力提供向心力．合力向上，所以支持力大于重力，处于超重状态，所以B正确；
C、跳水运动员离开跳板向上运动时，与跳板分离，没有支持力，完全失重，所以C错误；
D、火箭点火加速升空的过程中，有向上的加速度，是由支持力和重力的合力提供，处于超重状态，所以D正确．所以BD正确．
BD．
【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；
电磁感应中的能量转化．
【分析】当磁感应强度B均匀减小时，根据楞次定律判断感应电流的方向；
由左手定则判断金属棒所受的安培力方向，从而即可求解．
AB、当磁感应强度B均匀减小时，穿过回路的磁通量减小，根据楞次定律判断得到：
回路中感应电流方向为逆时针方向（俯视），杆中的感应电流方向是从b到a．故A错误，B正确．
CD、由左手定则判断可知，金属杆所受安培力水平向右．故C错误，D正确．
【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．
【分析】开始时带电液滴静止，说明液滴受力平衡，可得出电场力与重力大小相等、方向相反；
根据开关的通断，分析电容器两板间电势差的变化或电量的变化；
改变极板间的距离时，由电容器的性质可知板间电场强度的变化，由F=Eq可知电场力的变化，即可判断液滴的运动情况．
开始时，液滴静止，电场力与重力二力平衡，故mg=Eq，电场力竖直向上；
A、当开关闭合时，两板间的电势差不变，则减小两板间距离时，由U=Ed可知E增大，液滴所受电场力增大，合力向上，故液滴将向上运动，故A错误；
B、当开关闭合时，两板间的电势差不变，则增大两板间距离时，由U=Ed可知E减小，液滴所受电场力减小，合力向下，故液滴将向下运动，故B正确；
C，D、通电后断开开关，电容器带电量不变．根据C=
、C=
和E=
联立得：
E=
，E与d无关，可知，无论如何改变两板间的距离，板间的电场强度均不发生变化，故电场力不变，故粒子仍能受力平衡，故C正确，D错误；
BC．
OABCDE是纸袋上六个计数点，每两个相邻计数点间有一个计时点没有画出，则纸带上OA段运动的时间tOA 0.04 s，某同学在纸带上记录了C、D和D、E间的距离，数据记录错误的是 DE 段（填“CD”或“DE”）；
（2）从图中读出A、B两点间距s= 0.70 cm；
（3）D点对应的速度是 0.30 m/s（计算结果保留二位有效数字）．
【考点】测定匀变速直线运动的加速度．
【分析】由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，读数时要进行估读．
根据做匀变速直线运动的物体在某段时间内平均速度就等于在该段时间内的中间时刻瞬时速度求解D点对应的速度．
（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，相邻计时点的时间间隔是0.02s，
每两个相邻计数点间有一个计时点没有画出，则纸带上OA段运动的时间tOA=0.04s，
由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，读数时要进行估读，所以数据记录错误的是DE段，应该是1.30cm．
（2）从图中读出A、B两点间距s=1.70cm﹣1.00cm=0.70cm
（3）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小．
vD=
=0.30m/s
故答案为：
（1）0.04，DE
（2）0.70
（3）0.30
②图乙中，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于 a 端（选填“a”、“b”）．
④根据U﹣I图可得，该未知电阻的阻值Rx= 5.0 ．（保留两位有效数字）
⑤由于实验中使用的电表不是理想电表，会对实验结果造成一定的影响，则该小组同学实验测出的电阻值 ＞ Rx的真实值（填“＞”、“＜”或“=”）．
⑥利用现有的仪器，为了更加精确地测量这个电阻的阻值，请你给该实验小组提出建议并说明理由 由于待测电阻相对较小，所以建议电流表外接 ．
【考点】伏安法测电阻．
【分析】①根据实验电路图连接实物电路图；
②闭合开关前，滑片应置于最大阻值处，根据电路图确定滑片的位置；
③将描出点连接起来；
④根据图象由欧姆定律求出电阻阻值；
⑤根据电路图与欧姆定律分析实验误差；
⑥根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法，从而改进实验．
①根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示；
②由图示电路图可知，闭合开关前，滑片应置于a端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大；
③将偏离较远的点舍掉，连成直线如图：
④由图示U﹣I图象可知，待测电阻阻值RX=
=k≈5.0Ω；
⑤由电路图可知，电流表采用内接法，由于电流表的分压作用，所测电压偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值大于真实值．
⑥由于
=
=5，
=
=600，
＞
，电流表应采用外接法，电流表采用外接法可以减小实验误差．
①实物图连线；
②a；
③连线如图；
④Rx=5.0Ω；
⑤＞；
⑥由于待测电阻相对较小，所以建议电流表外接．
【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．
【分析】由电磁感应定律求电动势E=BLv、闭合电路欧姆定律求电流I=
，由导体棒受力平衡求速度，由带电粒子的匀速通过电容器求电压，结合闭合电路求速度．
（1）导体棒匀速下滑时，Mgsinθ=BIl①
I=
②
设导体棒产生的感应电动势为E0
E0=BLv③
由闭合电路欧姆定律得：
④
联立②③④，得
v=
⑤
（2）改变Rx由②式可知电流不变．设带电微粒在金属板间匀速通过时，板间电压为U，电场强度大小为E
U=IRx⑥
⑦
mg=qE⑧
联立②⑥⑦⑧，得
Rx=
⑨
答：
（1）通过棒的电I=
及棒的速率
．
（2）此时的Rx=
【考点】动量守恒定律；
牛顿第二定律；
平抛运动；
向心力；
机械能守恒定律．
【分析】
（1）小球A恰好能运动到圆轨道的最高点，重力提供向心力；
小球从最低点运动到最高点过程中，机械能也守恒；
（2）A、B两小球在内力作用下突然分离过程中，系统动量守恒；
小球B平抛过程中，根据平抛运动的运动学规律分析求解；
（3）由于小球恰好落在临近平台的一倾角为α的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，故斜面坡角等于小球末速度方向与水平方向的夹角，根据平抛运动的知识求出夹角，再根据牛顿第二定律求加速度．
（1）小球A恰好滑到圆轨道最高点，则在最高点有
mAvA=mA
…①
物体沿光滑半圆上滑到最高点过程机械能守恒
mAg2R+
mA
…②
由①、②得：
vα=5m/s…③
即AB两球刚分离时A的速度大小5m/s．
（2）AB分离时，由动量守恒定律得：
mAvA=mBvB
解得
vB=3m/s…④
B分离后做平抛运动，有平抛运动的规律得
h=
gt2解得
t=0.4s…⑤
s=vBt…⑥
由④、⑤、⑥得：
s=1.2m
即斜面距离平台的水平距离s为1.2m．
（3）小球刚好斜面下滑，说明小球到斜面的速度与斜面平行：
vy=gt…⑦
v=
…⑧
sinα=
…⑨
由⑦⑧⑨解得α=53°
物体沿斜面下滑，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有
ma=mgsinα…⑩
解得α=gsinα=8m/s2
即B球沿斜面下滑的加速度为8m/s2．
2016年9月23日
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