中考数学真题分类解析直角三角形勾股定理Word文档下载推荐.docx
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C的长为
A.33B.6C.32D.21
A,解析:
由题意得∠CAB=∠CAB'
=45°
,△ABC≌△A'
C'
,由勾股定理得AB=AB'
=32,B'
C=33,故选A.
A.300B.150C.450D.250
B,解析:
AFB=∠ADE-∠DEB=75°
-60°
=15°
.
6.(2017湖北黄石,
7,3分)如图,△ABC中,E为BC边的中点,CD⊥AB,AB=2,AC=1,则∠CDE+∠ACD=
在△ABC中,AC2+BC2=1+(3)2=4=AB2,故∠CDE+∠ACD=90°
选C.
A.3
4
B.
C.5
D.
考点直角三角形的性质与三角形相似的性质的应用.。
过点F作FM⊥AB于点M.
在RtABC中,ACB900,CDAB,AC3,AB5根据勾股定理可得
2222111112
BCAB2AC252324,SABCACBCABCD345CD得CD,
ABC22225
FM
x,AF平分
CAB,
ACB
900,CD
AB
∴FM
CF
x,ACAM3,BM
2,BF4
x
2
22
CD
AD
9
在Rt
BMF中,
BF2
=BM2
FM2
即(4x)
=2
x2得x=
,由△ACD∽△ABC,=
得AD
BC
5
ED
12
DE∥
FM∴
得到DE.
CE
CDDE
AM
10
1
8.(2017贵州毕节)如图,Rt△ABC中,∠ACB=90°
,斜边AB=9,D为AB的中点,F为CD上一点,且CF=3CD,
过点B作BE∥DC交AF的延长线于点E,则BE的长为()
A.6B.4C.7D.12
A,解析:
由于“∠ACB=90°
,D为AB的中点”,依据“直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半”11
可得DC=AB=4.5;
由CF=CD可得DF=3;
由“D是AB的中点,BE∥DC”可知DF是△ABE的中位线,因23
此BE=2DF=6.
二、填空题
1.(2017浙江丽水·
15·
4分)我国三国时期数学家赵爽为了证明勾股定理,绘制了一幅“弦图”,后人称其为
“赵爽弦图”,如图1所示.在图2中,若正方形ABCD的边长为14,正方形IJKL的边长为2,且IJ∥AB,则正方形EFGH的边长为
ab14
a
6
为b,根据题意得
,解得
ba2
b
8
10.
设直角三角形的勾(较短的直角边)为a,股(较长的直角边)
由勾股定理得直角三角形的弦(斜边)为6282100=10,即方形EFGH的边长为10.
2.(2017四川泸州,16,3分)在△ABC中,已知BD和CE分别是边AC,AB上的中线,且BD⊥CE,垂足为O,若OD=2cm,OE=4cm,则线段AO的长度为cm.
45,解析:
如图,连接AO,作OF⊥AB于点F.
∵BD、CE是△ABC中线,
∴OB=2OD=4,
∵OE=4,BD⊥CE,
∴△BOE是等腰直角三角形,
∴AE=BE=42,
∴OF=EF=22,AF=62,
∴AO=AF2OF2=45.
3.(2017湖南常德,14,3分)如图3,已知Rt△ABE中∠A=90°
,∠B=60°
,BE=10,D是线段AE上的一动点,过D作CD交BE于C,并使得∠CDE=30°
,则CD长度的取值范围是.
0<
CD<
5,解析:
根据在直角三角形中,斜边上的中线等于斜边的一半,当点D运动至A点时,CD最长,即为5.
5.(湖南益阳,10,5分)如图,△ABC中,AC5,BC12,AB=13,CD是AB边上的中线.则CD=答案:
6.5,解析:
由题意可得AC2+BC2=AB2,再根据勾股定理的逆定理判断出△ABC的形状,根据直角三
角形斜边上的中线等于斜边的一半得到CD的长.因此正确答案是6.5.
6.(2017江苏宿迁,3分)如图,在△ABC中,∠ACB=90°
,点D,E,F分别是AB、BC、CA的中点,若
CD=2,则线段EF的长是.
AB=4,再根据三角形中位线定理得
2,解析:
根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得
EF=AB=2.
7.(2017江苏镇江,7,2分)如图,Rt△ABC中,∠ACB=90°
,AB=6.点D是AB的中点,过AC的中点E
作EF∥CD交AB于点F,则EF=
3,解析:
由条件“Rt△ABC中,∠ACB=90°
,AB=6,点D是AB的中点”可得出CD=1AB=3;
由条件“过AC的中点E作EF∥CD交AB于点F”可得出△AEF∽△ACD,相似比为1∶2,所以EF=1CD
2=3.
8.(2017甘肃庆阳,16,4分)如图,一张三角形纸片ABC,∠C=90°
,AC=8cm,BC=6cm,现将纸片折叠:
使点A与点B重合,那么折痕长等于cm.
8cm
B6cmC第16题图
,解析:
在Rt△ABC中,因为AC=6cm,BC=8cm,根据勾股定理,
由折叠的性质得:
BD=AD=5xcm,BE=AE=(8﹣x)cm,在Rt△BCE中,根据勾股定理可知:
AC2+CD2=AD2,
15
9.
(2017·
湖南株洲,11,3分)如图,在Rt△ABC中,∠B的度数
25°
直角三角形两锐角互余,因此∠B=90°
-65°
=25°
,故答案为:
10.(2017河南,15,3分)如图,在直角?
ABC中,∠A=90゜,AB=AC,BC=21,点M、N分别是边BC、AB上的动点,沿MN所在的直线折叠∠B,使点B的对应点B'
始终落在边AC上,若?
MB'
C为直角三角形,则BM的长为.
25
,解析:
在△
由折叠的性质可知CF⊥DE,
ABC中,∠ACB=90°
,AC=8,AB=10,∴BC=10282=6.
∴∠CDE+∠DCF=90°
.又∵∠DCF+∠FCB=90°
,∴∠CDE=∠FCB.11
又∵∠B=∠CDE,∴∠B=∠FCB,∴FC=FB.同理FC=FA,∴FA=FB.∴CF=AB=×
10=5.易证△
CDF∽△
12.13.(2017贵州安顺,
13,4分)三角形三边长分别为3,4,5,那么最长边上的中线长等于
2.5,解析:
根据勾股定理逆定理判断出三角形是直角三角形,然后根据直角三角形斜边上的中线等
于斜边的一半等于斜边的一半,∵32+42=25=52,∴该三角形是直角三角形,
×
5=2.5.
13.(2017年贵州省黔东南州,16,4分)把多块大小不同的30°
直角三角板如图所示,摆放在平面直角坐标系中,第一块三角板AOB的一条直角边与y轴重合且点A的坐标为(0,1),∠ABO=30°
;
第二块三角板的斜边BB1与第一块三角板的斜边AB垂直且交y轴于点B1;
第三块三角板的斜边B1B2与第二块三角板的斜边BB1垂直且交x轴于点B2;
第四块三角板的斜边B2B3第三块三角板的斜边B1B2垂直且交y轴于点B3;
⋯按此规律继续下去,则点B2017的坐标为.
出B1(0,-3),B2(33,0),B3(0,9),B4(93,0),B5(0,-27),⋯观察这组数据,不难发现坐标以4
个为一周期,B2017位于周期中的第一个位置,这个位置的坐标规律为Bn(0,(3)n1),所以B2017(0,-31009).
三、解答题
1.(2017重庆B,24,10分)如图,△ABC中,∠ABC=90°
,AC=BC,点E是AC上一点,连接BE.
(1)如图1,若AB=42,BE=5,求AE的长.
(2)如图2,点D事线段BE延长线上一点,过点A作AF⊥BD于点F,连接CD,BF.当AF=DF时,求证:
DC=BC.
思路分析:
(1)根据勾股定理先求得AC=BC=4,再利用勾股定理求CE的长即可
(2)过C点作CM⊥CF交BD于点M,构造△BCM≌△ACF得FC=MC,即△FCM为等腰直角三角形,∴∠AFC=∠DFC=135°
,再证△DCF≌△ACF即可。
解:
(1)∵∠ABC=90°
,AC=BC
∴∠BAC=∠ABC=45°
∵AB=42
∴BC=AC=42×
2=4
在Rt△BCE中,
CE=BE2BC252423
∴AE=AC-CE=4-3=1
(2)如图,过C点作CM⊥CF交BD于点M.
A
∵∠ACB=∠FCM=90°
,
∴∠ACF=∠BCM,
∵∠ACB=∠AFE=90°
,∠BEC=∠AEF,
∴∠FAC=∠MBC,
在△ACF和△BCM中,
ACFBCM
ACBC
FACMBC
∴△ACF≌△BCM
∴FC=MC
∴∠MFC=∠FMC=45°
∴∠DFC=180°
-45°
=135°
∠AFC=90°
+45°
=135
∴∠DFC=∠AFC
在△ACF和△DCF中,
AFDF
AFCDFC
CFCF
∴△ACF≌△DCF
∴AC=DC
∵AC=BC
∴BC=DC
2.(2017湖南常德,26,10分)
如图,直角△ABC中,∠BAC=90°
,D在BC上,连接AD,作BF⊥AD分别交AD于E,AC于F.
1)如图13,若BD=BA,求证:
△ABE≌△DBE;
2)如图14,若BD=4DC,取AB得中点G,连接CG交AD于M,
求证:
①GM=2MC;
②AG2=AF·
AC.
AB122
CAAB,所以AF·
CA=AB·
CN=14AB2=AG2.
C
证明:
(1)∵BF⊥AD,
∴∠AEB=∠DEB=90°
在Rt△ABE和Rt△DBE中,
BA=BD
BE=BE
∴Rt△ABE≌Rt△DBE(HL);
(2)①连接GD,
∵BD=4DC,G是AB中点,
∴GM=2MC;
②过点C作CN⊥AC于C,交AD延长线于N,则AB∥CN;
N
∴△ADB∽△NDC,
∵BD=4DC
ADCNBD∴4:
DNABDC又∵BF⊥AD,∠BAC=90°
,∴∠ABE+∠BAE=∠FAE+∠BAE,∴∠ABE=∠FAE,即∠ABF=∠CAN,
在Rt△ABF与Rt△CAN中,∠BAF=∠ACN=90°
,∠ABF=∠CAN,∴Rt△ABF∽Rt△CAN,
∴AFAB,
∴CNCA,
122
∴AF·
CN=AB2=AG2,
∴AG2=AF·
3.(2017江苏徐州,25,8分)如图,已知ACBC,垂足为C,AC4,BC33,将线段AC绕点A按
逆时针方向旋转60o,得到线段AD,连接DC,DB.
(1)线段DC;
(2)求线段DB的长度.
(1)根据旋转的性质,判定△ACD为等边三角形,则DC的长度易求;
(2)D作DE⊥BC,分别解Rt△CDE,Rt△BDE即可.
(1)4
(2)∵AC=AD,∠CAD=60°
,∴△CAD是等边三角形
∴CD=AC=4,∠ACD=60°
,过点D作DE⊥BC于E.
∵AC⊥BC,∠ACD=60°
,∴∠BCD=30°
在RT△CDE中,CD=4,∠BCD=30°
∴DE=12CD=2,CE=23
∴BE=3
在RT△DEB中,由勾股定理得DB=7
4.(2017黑龙江齐齐哈尔,23,8分)如图,在ABC中,ADBC于D,BDAD,DGDC,E,F分别是BG,AC的中点.
(1)求证:
DEDF,DEDF;
(2)连接EF,若AC10,求EF的长.
(1)先利用SAS证明△BDG≌△ADC,再利用全等三角形的性质得到BG=AC,然后利用直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半、等量代换得到DE=DF,最后根据△BDE≌△ADF证明DE⊥DF;
(2)先用直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半可以得到DE=DF=5,再利用勾股定理得出EF=5.
(1)∵ADBC于D,
∴∠BDG=∠ADC=90°
∵BDAD,DGDC,
∴△BDG≌△ADC(SAS),⋯⋯1分
∴BG=AC.⋯⋯2分
∵ADBC于D,E,F分别是BG,AC的中点,
11
DE=DF.
∴DE=BG,DF=AC,
3分
DE=DF,BD=AD,BE=AF,
4分
5分
△BDE≌△ADF(SSS),
∠BDE=∠ADF,
∠EDF=∠EDG+∠ADF=∠EDG+∠BDE=∠BDG=90
∴DEDF.
(2)如图所示:
∵AC=10,
∴DE=DF=AC=×
10=5.⋯⋯6分
∵∠EDF=90°
∴EF=DE2DF2525252.⋯⋯8分
34=28.9,
2)∠BAE=300,∠ABE=900,由三角形的内角和为1800可得,∠AEB=1800-∠BAE-∠ABE=600,
∴∠AEB=∠CED=600(对顶角相等),∠C=900,∴∠D=1800-∠C-∠CED=300,∴DEDC×
DB=DE+BE40+28.9米,即海洋球D处到出口B处的距离为69米。
BCD600,DC中点为E,AD与BE的延长线交于点F,则AFB的度数为(