高考近年全国卷一理科数学含详细答案.docx
《高考近年全国卷一理科数学含详细答案.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考近年全国卷一理科数学含详细答案.docx（98页珍藏版）》请在冰点文库上搜索。
绝密★启用前
2018年普通高等学校招生全国统一考试
此卷只装订不密封
班级姓名准考证号考场号座位号
（新课标Ⅰ卷）
理科数学
注意事项：
1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：
每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：
用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）
1．设，则（）
A．0 B． C． D．
2．已知集合，则（）
A． B．
C． D．
3．某地区经过一年的新农村建设，农村的经济收入增加了一倍．实现翻番．为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况，统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例．得到如下饼图：
则下面结论中不正确的是（）
A．新农村建设后，种植收入减少
B．新农村建设后，其他收入增加了一倍以上
C．新农村建设后，养殖收入增加了一倍
D．新农村建设后，养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半
4．记为等差数列的前项和．若，，则（）
A． B． C． D．12
5．设函数．若为奇函数，则曲线在点处的切线方程为（）
A． B． C． D．
6．在中，为边上的中线，为的中点，则（）
A． B．
C． D．
7．某圆柱的高为2，底面周长为16，其三视图如右图所示，圆柱表面上的点
在正视图上的对应点为，圆柱表面上的点在左视图上的对应点为，则在此圆柱侧面上，从到的路径中，最短路径的长度为（）
A． B． C． D．2
8．设抛物线的焦点为，过点且斜率为的直线与交于，两点，则（）
A．5 B．6 C．7 D．8
9．已知函数，，若存在2个零点，则的取值范围是（）
A． B． C． D．
10．下图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形，此图由三个半圆构成，三个半圆的直径分别为直角三角形的斜边，直角边，，的三边所围成的区域记为Ⅰ，黑色部分记为Ⅱ，其余部分记为Ⅲ，在整个图形中随机取一点，此点取自Ⅰ，Ⅱ，Ⅲ的概率分别记为，，，则（）
A． B． C． D．
11．已知双曲线，为坐标原点，为的右焦点，过的直线与的两条渐近线的交点分别为，．若为直角三角形，则（）
A． B．3 C． D．4
12．已知正方体的棱长为1，每条棱所在直线与平面所成的角都相等，则截此正方体所得截面面积的最大值为（）
A． B． C． D．
二、填空题（本题共4小题，每小题5分，共20分）
13．若满足约束条件，则的最大值为________．
14．记为数列的前项和．若，则________．
15．从2位女生，4位男生中选3人参加科技比赛，且至少有1位女生入选，则不同的选法共有________种．（用数字填写答案）
16．已知函数，则的最小值是________．
三、解答题（共70分。
解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第22、23题为选考题，考生根据要求作答。
）
（一）必考题：
共60分。
17．（12分）
在平面四边形中，，，，．
⑴求；
⑵若，求．
18．（12分）
如图，四边形为正方形，，分别为，的中点，以为折痕把折起，使点到达点的位置，且．
⑴证明：
平面平面；
⑵求与平面所成角的正弦值．
19．（12分）
设椭圆的右焦点为，过的直线与交于，两点，点的坐标为．
⑴当与轴垂直时，求直线的方程；
⑵设为坐标原点，证明：
．
20．（12分）
某工厂的某种产品成箱包装，每箱200件，每一箱产品在交付用户之前要对产品作检验，如检验出不合格品，则更换为合格品，检验时，先从这箱产品中任取20件作检验，再根据检验结果决定是否对余下的所有产品作检验，设每件产品为不合格品的概率都为，且各件产品是否为不合格品相互独立．
⑴记20件产品中恰有2件不合格品的概率为，求的最大值点；
⑵现对一箱产品检验了20件，结果恰有2件不合格品，以⑴中确定的作为的值．已知每件产品的检验费用为2元，若有不合格品进入用户手中，则工厂要对每件不合格品支付25元的赔偿费用．
（i）若不对该箱余下的产品作检验，这一箱产品的检验费用与赔偿费用的和记为，求；
（ii）以检验费用与赔偿费用和的期望值为决策依据，是否该对这箱余下的所有产品作检验？
21．（12分）
已知函数．
⑴讨论的单调性；
⑵若存在两个极值点，，证明：
．
（二）选考题：
共10分。
请考生在第22、23题中任选一题作答。
如果多做，则按所做的第一题计分。
22．[选修4—4：
坐标系与参数方程]（10分）
在直角坐标系中，曲线的方程为．以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为．
⑴求的直角坐标方程；
⑵若与有且仅有三个公共点，求的方程．
23．[选修4—5：
不等式选讲]（10分）
已知．
⑴当时，求不等式的解集；
⑵若时不等式成立，求的取值范围．
2018年普通高等学校招生全国统一考试
（新课标Ⅰ卷）
理数答案
一、选择题
1.答案：
C
解答：
，∴，∴选C.
2.答案：
B
解答：
或，则.
3.答案：
A
解答：
假设建设前收入为，则建设后收入为，所以种植收入在新农村建设前为%，新农村建设后为；其他收入在新农村建设前为，新农村建设后为，养殖收入在新农村建设前为，新农村建设后为
故不正确的是A.
4.答案：
B
解答：
，∴.
5.答案：
D
解答：
∵为奇函数，∴，即，∴，∴，∴切线方程为：
，∴选D.
6.答案：
A
解答：
.
7.答案：
B
解答：
三视图还原几何体为一圆柱，如图，将侧面展开，最短路径为连线的距离，所以，所以选B.
8.答案：
D
解答：
由题意知直线的方程为，设，与抛物线方程联立有，可得或，
∴，∴.
9.答案：
C
解答：
∵存在个零点，即与有两个交点，的图象如下：
要使得与有两个交点，则有即，∴选C.
10.答案：
A
解答：
取,则，
∴区域Ⅰ的面积为，区域Ⅲ的面积为，
区域Ⅱ的面积为，故.
11.答案：
B
解答：
渐近线方程为：
，即，∵为直角三角形，假设，如图，∴，直线方程为.联立∴，即，∴，∴，故选B.
12.答案：
A
解答：
由于截面与每条棱所成的角都相等，所以平面中存在平面与平面平行（如图），而在与平面平行的所有平面中，面积最大的为由各棱的中点构成的截面，而平面的面积.
二、填空题
13.答案：
解答：
画出可行域如图所示，可知目标函数过点时取得最大值，.
14.答案：
解答：
依题意，作差得，所以为公比为的等比数列，又因为，所以，所以，所以.
15.答案：
解答：
恰有位女生，有种；
恰有位女生，有种，∴不同的选法共有种.
16.答案：
解答：
∵，∴最小正周期为，∴，令，即，∴或.
∴当，为函数的极小值点，即或,
当
∴.，，
∴最小值为.
三、解答题
17.
答案：
（1）；
（2）5.
解答：
（1）在中，由正弦定理得：
∴, ∵,∴.
（2）,∴，∴,∴,∴.∴.
18.
答案：
（1）略；
（2）.
解答：
（1）分别为的中点，则，∴，
又，，∴平面，
平面，∴平面平面.
（2），，∴，
又，，∴平面，∴，
设，则，，∴，
过作交于点，
由平面平面，
∴平面，连结，
则即为直线与平面所成的角，
由，∴，
而，∴，
∴与平面所成角的正弦值.
19.
答案：
（1）；
（2）略.
解答：
（1）如图所示，将代入椭圆方程得，得，∴，∴，∴直线的方程为：
.
（2）证明：
当斜率不存在时，由
（1）可知，结论成立；当斜率存在时，设其方程为，，联立椭圆方程有即，∴，，，∴，∴.
20.
答案：
略
解答：
（1）由题可知（）.
∴
∴当时，，即在上递增；当时，，即在上递减.
∴在点处取得最大值，即.
（2）（i）设余下产品中不合格品数量为，则，由题可知，∴.
∴（元）.
（ii）由（i）可知一箱产品若全部检验只需花费元，若余下的不检验则要元，所以应该对余下的产品作检验.
21.
答案：
（1）见解析；
（2）见解析.
解答：
（1）①∵，∴，∴当时，，，∴此时在上为单调递增.
②∵，即或，此时方程两根为，当时，此时两根均为负，∴在上单调递减.当时，，此时在上单调递减，在上单调递增，在上单调递减.∴综上可得，时，在上单调递减；时，在，上单调递减，在上单调递增.
（2）由
（1）可得，两根得，，令，∴，.∴，要证成立，即要证成立，∴，
即要证（）
令，可得在上为增函数，∴，∴成立，即成立.
22.
答案：
（1）；
（2）
解答：
（1）由可得：
，化为.
（2）与有且仅有三个公共点，说明直线与圆相切，圆圆心为，半径为，则，解得，故的方程为.
23.
答案：
（1）；
（2）.
解答：
（1）当时，，
∴的解集为.
（2）当时，，当时，不成立.
当时，，∴，不符合题意.
当时，，成立.
当时，，∴，即.
综上所述，的取值范围为.
2017年普通高等学校招生全国统一考试（全国I卷）
理科数学
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：
本题共12小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.已知集合，则（）
A． B．
C． D．
【答案】A
【解析】，
∴，，
选A
2.如图，正方形内的图形来自中国古代的太极图.正方形内切圆中的黑色部分和白色部分位于正方形的中心成中心对称，在正方形内随机取一点，则此点取自黑色部分的概率是（）
A． B． C． D．
【答案】B
【解析】设正方形边长为，则圆半径为
则正方形的面积为，圆的面积为，图中黑色部分的概率为
则此点取自黑色部分的概率为
故选B
3.设有下面四个命题（）
：
若复数满足，则；
：
若复数满足，则；
：
若复数满足，则；
：
若复数，则．
A． B． C． D．
【答案】B
【解析】设，则，得到，所以.故正确；
若，满足，而，不满足，故不正确；
若，，则，满足，而它们实部不相等，不是共轭复数，故不正确；
实数没有虚部，所以它的共轭复数是它本身，也属于实数，故正确；
4.记为等差数列的前项和，若，则的公差为（）
A．1 B．2 C．4 D．8
【答案】C
【解析】
联立求得
得
选C
5.函数在单调递减，且为奇函数．若，则满足的的取值范围是（）
A． B． C． D．
【答案】D
【解析】因为为奇函数，所以，
于是等价于|
又在单调递减
故选D
6.展开式中的系数为
A． B． C． D．
【答案】C.
【解析】
对的项系数为
对的项系数为，
∴的系数为
故选C
7.某多面体的三视图如图所示，其中正视图和左视图都由正方形和等腰直角三角形组成，正方形的边长为，俯视图为等腰直角三角形、该多面体的各个面中有若干是梯形，这些梯形的面积之和为
A． B． C． D．
【答案】B
【解析】由三视图可画出立体图
该立体图平面内只有两个相同的梯形的面
故选B
8.右面程序框图是为了求出满足的最小偶数，那么在和两个空白框中，可以分别填入
A．和 B．和
C．和 D．和
【答案】D
【答案】因为要求大于1000时输出，且框图中在“否”时输出
∴“”中不能输入
排除A、B
又要求为偶数，且初始值为0，
“”中依次加2可保证其为偶
故选D
9.已知曲线，，则下面结论正确的是（）
A．把上各点的横坐标伸长到原来的倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向右平移个单位长度，得到曲线
B．把上各点的横坐标伸长到原来的倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向左平移个单位长度，得到曲线
C．把上各点的横坐标缩短到原来的倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向右平移个单位长度，得到曲线
D．把上各点的横坐标缩短到原来的倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向左平移个单位长度，得到曲线
【答案】D
【解析】，
首先曲线、统一为一三角函数名，可将用诱导公式处理．
．横坐标变换需将变成，
即
．
注意的系数，在右平移需将提到括号外面，这时平移至，
根据“左加右减”原则，“”到“”需加上，即再向左平移．
10.已知为抛物线：
的交点，过作两条互相垂直，，直线与交于、两点，直线与交于，两点，的最小值为（）
A． B． C． D．
【答案】A
【解析】
设倾斜角为．作垂直准线，垂直轴
易知
同理，
又与垂直，即的倾斜角为
而，即．
，当取等号
即最小值为，故选A
11.设，，为正数，且，则（）
A． B． C． D．
【答案】D
【答案】取对数：
.
则
，故选D
12.几位大学生响应国家的创业号召，开发了一款应用软件，为激发大家学习数学的兴趣，他们推出了“解数学题获取软件激活码”的活动，这款软件的激活码为下面数学问题的答案：
已知数列，…，其中第一项是，接下来的两项是，，在接下来的三项式，，，依次类推，求满足如下条件的最小整数：
且该数列的前项和为的整数幂．那么该款软件的激活码是（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【解析】设首项为第1组，接下来两项为第2组，再接下来三项为第3组，以此类推．
设第组的项数为，则组的项数和为
由题，，令→且，即出现在第13组之后
第组的和为
组总共的和为
若要使前项和为2的整数幂，则项的和应与互为相反数
即
→
则
故选A
二、填空题：
本题共4小题，每小题5分，共20分。
13.已知向量，的夹角为，，，则________．
【答案】
【解析】
∴
14.设，满足约束条件，则的最小值为_______．
【答案】
不等式组表示的平面区域如图所示
由得，
求的最小值，即求直线的纵截距的最大值
当直线过图中点时，纵截距最大
由解得点坐标为，此时
15.已知双曲线，（，）的右顶点为，以为圆心，为半径作圆，圆与双曲线的一条渐近线交于，两点，若，则的离心率为_______．
【答案】
【解析】如图，
，
∵，∴，
∴
又∵，∴，解得
∴
16.如图，圆形纸片的圆心为，半径为，该纸片上的等边三角形的中心为，、、为元上的点，，，分别是一，，为底边的等腰三角形，沿虚线剪开后，分别以，，为折痕折起，，，使得，，重合，得到三棱锥．当的边长变化时，所得三棱锥体积（单位：
）的最大值为_______．
【答案】
【解析】由题，连接，交与点，由题，
，即的长度与的长度或成正比
设，则，
三棱锥的高
则
令，，
令，即，
则
则
体积最大值为
三、解答题：
共70分。
解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
第17-21题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第22、23题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：
共60分。
17.的内角，，的对边分别为，，，已知的面积为．
（1）求；
（2）若，，求的周长．
【解析】本题主要考查三角函数及其变换，正弦定理，余弦定理等基础知识的综合应用.
（1）面积.且
由正弦定理得，
由得.
（2）由
（1）得，
又
，，
由余弦定理得①
由正弦定理得，
②
由①②得
，即周长为
18.（12分）
如图，在四棱锥中，中，且．
（1）证明：
平面平面；
（2）若，，求二面角的余弦值．
【解析】
（1）证明：
∵
∴，
又∵，∴
又∵，、平面
∴平面，又平面
∴平面平面
（2）取中点，中点，连接，
∵
∴四边形为平行四边形
∴
由
（1）知，平面
∴平面，又、平面
∴，
又∵，∴
∴、、两两垂直
∴以为坐标原点，建立如图所示的空间直角坐标系
设，∴、、、，
∴、、
设为平面的法向量
由，得
令，则，，可得平面的一个法向量
∵，∴
又知平面，平面
∴，又
∴平面
即是平面的一个法向量，
∴
由图知二面角为钝角，所以它的余弦值为
19.（12分）
为了抽检某种零件的一条生产线的生产过程，实验员每天从该生产线上随机抽取16个零件，并测量其尺寸（单位：
）．根据长期生产经验，可以认为这条生产线正常状态下生产的零件的尺寸服从正态分布．
（1）假设生产状态正常，记表示一天内抽取的16个零件中其尺寸在之外的零件数，求及的数学期望；
（2）一天内抽检零件中，如果出现了尺寸在之外的零件，就认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况，需对当天的生产过程进行检查．
（I）试说明上述监控生产过程方法的合理性：
（II）下面是检验员在一天内抽取的16个零件的尺寸：
经计算得，，其中为抽取的第个零件的尺寸，．
用样本平均数作为的估计值，用样本标准差作为的估计值，利用估计值判断是否需对当天的生产过程进行检查，剔除之外的数据，用剩下的数据估计和（精确到）．
附：
若随机变量服从正态分布,则．
，．
【解析】
（1）由题可知尺寸落在之内的概率为，落在之外的概率为．
由题可知
（2）（i）尺寸落在之外的概率为，
由正态分布知尺寸落在之外为小概率事件，
因此上述监控生产过程的方法合理．
（ii）
，需对当天的生产过程检查．
因此剔除
剔除数据之后：
．
20.（12分）
已知椭圆：
，四点，，，中恰有三点在椭圆上．
（1）求的方程；
（2）设直线不经过点且与相交于、两点，若直线与直线的斜率的和为，证明：
过定点．
【解析】
（1）根据椭圆对称性，必过、
又横坐标为1，椭圆必不过，所以过三点
将代入椭圆方程得
，解得，
∴椭圆的方程为：
．
（2）当斜率不存在时，设
得，此时过椭圆右顶点，不存在两个交点，故不满足．
当斜率存在时，设
联立，整理得
，
则
又
，此时，存在使得成立．
∴直线的方程为
当时，
所以过定点．
21.（12分）
已知函数．
（1）讨论的单调性；
（2）若有两个零点，求的取值范围．
【解析】
（1）由于
故
当时，，．从而恒成立．
在上单调递减
当时，令，从而，得．
单调减
极小值
单调增
综上，当时，在上单调递减；
当时，在上单调递减，在上单调递增
（2）由
（1）知，
当时，在上单调减，故在上至多一个零点，不满足条件．
当时，．
令．
令，则．从而在上单调增，而．故当时，．当时．当时
若，则，故恒成立，从而无零点，不满足条件．
若，则，故仅有一个实根，不满足条件．
若，则，注意到．．
故在上有一个实根，而又．
且．
故在上有一个实根．
又在上单调减，在单调增，故在上至多两个实根．
又在及上均至少有一个实数根，故在上恰有两个实根．
综上，．
（二）选考题：
共10分。
请考生在第22、23题中任选一题作答。
如果多做，则按所做的第一题计分。
22.[选修4-4：
坐标系与参考方程]
在直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数），直线的参数方程为（为参数）．
（1）若，求与的交点坐标；
（2）若上的点到距离的最大值为，求．
【解析】
（1）时，直线的方程为．
曲线的标准方程是，
联立方程，解得：
或，
则与交点坐标是和
（2）直线一般式方程是．
设曲线上点．
则到距离，其中．
依题意得：
，解得或
23.[选修4-5：
不等式选讲]
已知函数．
（1）当时，求不等式的解集；
（2）若不等式的解集包含，求的取值范围．
【解析】
（1）当时，，是开口向下，对称轴的二次函数．
，
当时，令，解得
在上单调递增，在上单调递减
∴此时解集为．
当时，，．
当时，单调递减，单调递增，且．
综上所述，解集．
（2）依题意得：
在恒成立．
即在恒成立．
则只须，解出：
．
故取值范围是．
绝密★启封并使用完毕前
试题类型：
A
注意事项：
1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分.第Ⅰ卷1至3页,第Ⅱ卷3至5页.
2.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置.
3.全部答案在答题卡上完成,答在本试题上无效.
4.考试结束后,将本试题和答题卡一并交回.
第Ⅰ卷
一.选择题：
本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
（1）设集合,,则
（A）（B）（C）（D）
【答案】D
考点：
集合的交集运算
【名师点睛】集合是每年高考中的必考题,一般以基础题形式出现,属得分题.解决此类问题一般要把参与运算的集合化为最简形式再进行运算,如果是不等式解集、函数定义域及值域有关数集之间的运算,常借助数轴进行运算.
（2）设,其中,实数,则
（A）1（B）（C）（D）2
【答案】B
【解析】
试题分析：
因为所以故选B.
考点：
复数运算
【名师点睛】复数题也是每年高考必考内容,一般以客观题形式出现,属得分题.高考中复数考查频率较高的内容有：
复数相等,复数的几何意义,共轭复数,复数的模及复数的乘除运算,这类问题一般难度不大,但容易出现运算错误,特别是中的负号易忽略,所以做复数题要注意运算的准确性.
（3）已知等差数列前9项的和为27,,则
（A）100（B）99（C）98（D）97
【答
升级会员 