C.硫氢化钾是离子化合物,其完全电离,但其电离出的硫氢根离子既能电离、也能水解,存在电离平衡和水解平衡,故错误;
D.硅形成原子晶体,硫形成分子晶体,所以硅的熔点高于硫,故错误。
故选B。
9.[河北省示范性高中2019届高三4月联考]四种位于不同主族的短周期元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大,
的内层电子与最外层电子数之比为2:
5,Z和W位于同一周期。
Z与W组成的化合物是常用的调味品,也是重要的医用药剂,工业上电解该化合物的熔融物可制得Z单质,Y和Z可形成两种离子化合物,这两种离子化合物的阴离子与阳离子数之比均为1:
2。
下列说法正确的是
A.四种元素中至少有两种金属元素
B.四种元素的常见氢化物中熔点最高的是
的氢化物
C.四种元素形成的简单高子中,离子半径最小的是元素
形成的离子
D.常温下,
三种元素形成的化合物的水溶液的
小于7
【答案】B
【解析】
【分析】原子序数依次增大,位于不同主族的四种短周期元素X、Y、Z、W,X的内层电子与最外层电子数之比为2:
5,X为氮元素,Z和W位于同周期。
Z的化合物与人类生活关系密切,Z与W组成的化合物是常用的调味品,也是重要的医用药剂,工业上电解该化合物的熔融物可制得Z单质,Z为钠元素,W为氯元素。
Y和Z可形成两种离子化合物,其中阴、阳离子数之比均为1:
2,Y为氧元素,据此解答。
【详解】A.四种元素中只有钠为金属元素,故A错误;
B.氢化钠为离子化合物,四种元素的常见氢化物中熔点最高的是Z的氢化物,故B正确;
C.四种元素形成的常见简单离子中,离子半径最小的是元素Z形成的离子,钠离子半径最小,故C错误;
D.
三种元素形成的化合物为NaNO3或NaNO2,若为NaNO3溶液显中性,pH等于7,若为NaNO2因水解溶液显碱性,pH大于7,故D错误。
故选B。
10.[山东省青岛市2019届高三5月第二次模考]前20号元素X、Y、Z、W、R原子序数依次增大。
其中X、Z、R最外层电子数相等,且X与Z、R均可形成离子化合物;Y、W同主族,Y最外层电子数是内层电子数的3倍。
下列说法正确的是
A.元素原子半径大小顺序为:
W>Z>Y
B.X分别与Y、Z、W形成的常见化合物都属于电解质
C.Y分别与Z、R形成的化合物中均只含有离子键
D.Y分别与X、Z、W均可形成具有漂白性的化合物,且漂白原理相同
【答案】B
【解析】
【分析】前20号元素X、Y、Z、W、R原子序数依次增大。
Y最外层电子数是内层电子数的3倍,由于最外层电子数不超过8,原子只能有2个电子层,最外层电子数为6,则Y为O元素;而Y、W同主族,则W为S元素;X、Z、R最外层电子数相等,三者处于同主族,只能处于IA族或IIA族,且X与Z、R均可形成离子化合物,根据原子序数关系可知:
X为H元素、Z为Na元素、R为K元素。
【详解】根据上述分析可知X是H元素;Y是O元素;Z是Na元素;W是S元素;R是K元素。
A.同周期元素从左向右原子半径减小,同主族从上到下原子半径增大,则原子半径:
Z(Na)>W(S)>Y(O),A错误;
B.X分别与Y、Z、W形成的常见化合物依次为H2O、NaH、H2S,这几种物质都属于电解质,B正确;
C.Y与Z、R形成化合物有氧化钠、过氧化钠、氧化钾等,而过氧化钠中含有离子键、共价键,C错误;
D.Y分别与X、Z、W均可形成具有漂白性的化合物H2O2、Na2O2、SO2,前两者利用其强氧化性,而二氧化硫利用与有机色质化合为不稳定的无色物质,漂白原理不同,D错误;
故合理选项是B。
11.[安徽省合肥市2019年高三第三次教学质量检测]如图所示的X、Y、Z、W四种短周期元素的原子最外层电子数之和为22,下列说法正确的是
A.X、Y、W三种元素最低价氢化物的沸点依次升高
B.Z、X、W三种元素氧化物对应水化物的酸性依次增强
C.由X、W和氢三种元素形成的化合物中只含共价键
D.X、Z形成的二元化合物是一种新型无机非金属材料
【答案】D
【解析】根据在短周期中,X、Y、Z、W的位置,可以知道,X和Y位于第二周期,Z和W位于第三周期,设Z元素原子的最外层电子数为a,则X、Y、W的原子的最外层电子数分别为a+1、a+2、a+3;有a+a+1+a+2+a+3=22,得a=4,Z的最外层电子数为4,Z元素为Si,同理可知X、Y、W分别为N、O、Cl。
A.X、Y、W三种元素最低价氢化物分别为NH3、H2O、HCl,由于NH3、H2O分子间存在氢键,沸点会升高,因此沸点最高的是H2O,最低的是HCl,A项错误;
B.Z、X、W元素氧化物对应的水化物的酸性不一定增强,如Cl的含氧酸中的HClO为弱酸,其酸性比N的最高价氧化物的水化物HNO3的弱,B项错误;
C.X、W和H三种元素形成的化合物为NH4Cl等,NH4Cl为离子化合物,其中既存在离子键又存在共价键,C项错误;
D.Z和X形成的二元化合物为氮化硅,氮化硅是一种重要的结构陶瓷材料,它是一种新型无机非金属材料,D项正确;
本题答案选D。
12.[辽宁省大连市2019届高三第二次模拟考试]随着原子序数的递增,八种短周期元素(用字母x等表示)原子半径的相对大小,最高正价或最低负价的变化如图所示,下列说法错误的是
A.常见离子半径:
g>h>d>e
B.上述元素组成的ZX4f(gd4)2溶液中,离子浓度:
c(f3+)>c(zx4+)
C.由d、e、g三种元素组成的盐溶液和稀硫酸反应可能生成沉淀
D.f的最高价氧化物的水化物可以分别与e和h的最高价氧化物的水化物发生反应
【答案】B
【解析】
【分析】根据八种短周期元素原子半径的相对大小可知:
x属于第一周期,y、z、d属于第二周期,e、f、g、h属于第三周期元素;根据最高正价或最低负价可知:
x为H,y为C、z为N、d为O、e为Na、f为Al、g为S、h为Cl。
【详解】A.g为S,h为Cl,属于第三周期,离子半径g>h;d为O,e为Na,同为第二周期,离子半径d>e,故离子半径:
g>h>d>e,A正确;B.根据上述分析可知,ZX4f(gd4)2组成为NH4Al(SO4)2,溶液中Al3+和NH4+水解均显酸性,属于相互抑制的水解,由于氢氧化铝的电离常数大于一水合氨,则铝离子水解程度大于铵根,即离子浓度:
c(Al3+)<c(NH4+),故B错误;C.d为O、e为Na、g为S,由d、e、g三种元素组成的盐Na2S2O3溶液和稀硫酸反应可能生成S沉淀,故C正确;D.f为Al,f的最高价氧化物的水化物为Al(OH)3,为两性氢氧化物,e和h的最高价氧化物的水化物分别为NaOH、HClO4,可以与Al(OH)3发生反应,故D正确;答案:
B。
【点睛】突破口是根据原子半径的大小判断元素的周期数;根据最高正化合价和最低负化合价的数值大小判断元素所在的主族;由此判断出元素的种类,再根据元素周期律解答即可。
13.[宁夏银川一中2019届高三第二次模拟考试]短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增加,W的原子中只有1个电子,X2-和Y+离子的电子层结构相同,X与Z同族。
下列叙述正确的是
A.原子半径:
Z>Y>W
B.X的简单氢化物的稳定性比Z的弱
C.Y的氢化物为共价化合物
D.Z的最高价氧化物对应的水化物是一种强酸
【答案】D
【解析】
【分析】W的原子中只有1个电子,W是H元素;X2-和Y+离子的电子层结构相同,X是O元素、Y是Na元素;X与Z同族,Z是S元素。
【详解】A.电子层数越多半径越大,电子层数相同时,质子数越多半径越小,所以原子半径:
Na>S>H,故A错误;
B.非金属性越强,简单氢化物越稳定,稳定性H2O>H2S,故B错误;
C.NaH是离子化合物,故C错误;
D.S的最高价氧化物对应的水化物是硫酸,属于强酸,故D正确。
14.[河南省洛阳市2019届高三第四次模拟考试]短周期元素a、b、c、d的原子序数依次增大,a和b的最外电子数之和等于c和d的最外层电子数之和,这四种元素组成两种盐b2da3和bca2。
在含该两种盐的混合溶液中滴加盐酸,产生白色沉淀的物质的量与盐酸体积的关系如图所示。
下列说法正确的是
A.1mold的氧化物含2mol化学键
B.工业上电解c的氧化物冶炼单质c
C.原子半径:
a
D.简单氢化物的沸点:
a【答案】B
【解析】
【分析】短周期元素a、b、c、d的原子序数依次增大,a和b的最外电子数之和等于c和d的最外层电子数之和,这四种元素组成两种盐b2da3和bca2。
在含该两种盐的混合溶液中滴加盐酸,生成白色沉淀,盐酸过量时部分沉淀溶解,说明生成的沉淀中含有氢氧化铝,因此两种盐的混合溶液中含有偏铝酸盐,如NaAlO2,因此a为O元素,c为Al元素,b为Na元素;根据盐b2da3的形式,结合强酸制弱酸的原理,d酸难溶于水,因此d酸为硅酸,d为Si元素。
据此分析解答。
【详解】根据上述分析,a为O元素,b为Na元素,c为Al元素,d为Si元素。
A.d的氧化物为二氧化硅,1mol二氧化硅中含有4molSi-O键,故A错误;
B.工业上冶炼铝是电解熔融的氧化铝实现的,故B正确;
C.一般而言,电子层数越多,半径越大,电子层数相同,原子序数越大,半径越小,原子半径:
aD.水分子间能够形成氢键,沸点较高,而SiH4不能,因此简单氢化物的沸点:
a>d,故D错误;
答案选B。
15.[辽宁省葫芦岛协作校2019届高三下学期第二次模拟]短同期主族元素
原子序数依次增大。
由这些元素组成的化合物甲、乙、丙、丁的0.1mo/L水溶液
如表,丙、丁为二元化合物。
甲溶液逐滴滴入丙溶液中,先产生白色沉淀,后沉淀消失;乙的水溶液可除油污。
下列说法一定正确的是
0.1mo/L水溶液
甲
乙
丙
丁
pH
13
11
5
1
A.原子半径:
B.配制丙溶液时需加入丁溶液
C.乙溶液去油污时只涉及到盐类的水解
D.海水提镁的过程中一定用到化合物甲
【答案】B
【解析】
【分析】0.1mo/L甲溶液的pH=13,说明甲溶液为强碱溶液,短周期元素形成的强碱为NaOH,则甲为NaOH;0.1mol/L的丁溶液的pH=1,应为氢化物,且完全电离,则丁为HCl;0.1mol/L的乙、丙溶液的pH分别为11、5,则乙为弱碱性溶液,丙为弱酸性溶液;甲溶液逐滴滴入丙溶液中,先产生白色沉淀,后沉淀消失,说明丙溶液中含有铝离子,为AlCl3;乙的水溶液可除油污,可能为Na2CO3,结合短周期主族元素X、Y、Z、W、R、Q原子序数依次增大可知:
X、Y、Z、W、R、Q分别为H、C、O、Na、Al、Cl,据此解答。
【详解】根据分析可知,X、Y、Z、W、R、Q分别为H、C、O、Na、Al、Cl,
A.同周期元素从左到右原子半径依次减小,同主族元素从上到下原子半径依次增大,则原子半径:
,A项错误;
B.丙溶液为氯化铝溶液,配制时为抑制其水解需加入HCl,B项正确;
C.Na2CO3可以去油污是由于Na2CO3溶于水后水解显碱性,油脂在碱性条件下水解生成对应的醇与酸钠而溶解,C项错误;
D.海水提镁的过程中没有用氢氧化钠,而用石灰乳来沉淀镁元素,D项错误;
答案选B。
【点睛】海水资源的利用是常考点,D项海水提镁的过程主要涉及:
生石灰溶于水得到氢氧化钙溶液加入沉淀池,沉淀镁离子,过滤得到氢氧化镁固体,加入稀盐酸后溶解得到氯化镁溶液,通过蒸发浓缩、冷却结晶,过滤洗涤得到氯化镁晶体,熔融电解得到金属镁。
16.[四川省绵阳市2019届高三第三次诊断性考试]2019年是元素周期表诞生的第150周年,联合国大会宣布2019年是“国际化学元素周期表年”。
W、X、Y和Z为原子序数依次增大的四种短周期主族元素。
W的一种核素可用于文物年代的测定,X与W同周期相邻,四种元素中只有Y为金属元素,Z的单质为黄绿色气体。
下列叙述正确的是
A.W的氢化物中只存在极性共价键
B.Z的氧化物对应的水化物均为强酸
C.X与Y的化合物可发生水解反应
D.Y与Z的化合物熔融电解一定得金属单质
【答案】C
【解析】
【分析】W、X、Y和Z为原子序数依次增大的四种短周期主族元素。
W的一种核素可用于文物年代的测定,W为C元素;X与W同周期相邻,则X为N元素;Z的单质为黄绿色气体,Z为Cl元素;四种元素中只有Y为金属元素,则Y可能为Na、Mg、Al元素,据此分析解答。
【详解】A.W的氢化物为烃,烃中可能存在非极性共价键,如乙烷、乙烯等,故A错误;
B.Z的氧化物对应的水化物不一定为强酸,如次氯酸为弱酸,故B错误;
C.X与Y的化合物为氮化物,均可发生水解反应,如氮化钠水解生成氨气和氢氧化钠,氮化镁水解生成氨气和氢氧化镁,氮化铝水解生成氨气和氢氧化铝,故C正确;
D.Y与Z的化合物可能为氯化铝,熔融状态不能导电,不能电解得到铝单质,故D错误;
答案选C