高中数学向量专题-中档难度题目最全汇总文档格式.doc
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3 B.1:
3 C.1:
4 D.1:
6
16.在△ABC中,若BC=8,BC边上中线长为3,则•=( )
A.﹣7 B.7 C.﹣28 D.28
17.已知O是正△ABC的中心.若=,其中λ,μ∈R,则的值为( )
A. B. C. D.2
18.设△ABC的面积为S,若,tanA=2,则S=( )
A.1 B.2 C. D.
19.已知向量,,为平面向量,||=||=2=1,且使得﹣2与﹣所成夹角为,则||的最大值为( )
A. B. C.1 D.+1
20.已知O为△ABC内一点,且有,记△ABC,△BCO,△ACO的面积分别为S1,S2,S3,则S1:
S2:
S3等于( )
A.3:
2:
1 B.3:
1:
2 C.6:
2 D.6:
1
21.已知△ABC是边长为1的等边三角形,P为平面ABC内一点,则的最小值是( )
A. B. C. D.﹣1
22.已知向量,满足||=2,||==3,若(﹣2)•(﹣)=0,则||的最小值是( )
A.2﹣ B.2+ C.1 D.2
23.如图,在△ABC中,点D是边BC的中点,点G在AD上,且是△ABC的重心,则用向量表示为( )
A. B.
C. D.
24.设O是平面ABC内一定点,P为平面ABC内一动点,若=,则O为△ABC的( )
A.内心 B.外心 C.重心 D.垂心
25.已知平面向量,,满足||=||=||=1,若•=,则(2+)(﹣)的最小值为( )
A.﹣2 B.﹣ C.﹣1 D.0
26.已知O是△ABC内部一点,且3=,则△OBC的面积与△ABC的面积之比为( )
A. B.1 C. D.2
27.已知向量满足:
,若,的最大值和最小值分别为m,n,则m+n等于( )
二.填空题(共3小题)
28.已知直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠BAD=90°
,∠ADC=45°
,AD=2,BC=1,P是腰CD上的动点,则|3+|的最小值为 .
29.已知向量=(2,3),=(m,﹣6),若⊥,则|2+|= .
30.已知在△ABC所在平面内有两点P、Q,满足+=0,++=,若||=4,||=2,S△APQ=,则•的值为 .
2018年09月30日186****1015的高中数学组卷
参考答案与试题解析
【分析】如图所示,以D为原点,以DA所在的直线为x轴,以DC所在的直线为y轴,求出A,B,C的坐标,根据向量的数量积和二次函数的性质即可求出.
【解答】解:
如图所示,以D为原点,以DA所在的直线为x轴,
以DC所在的直线为y轴,
过点B做BN⊥x轴,过点B做BM⊥y轴,
∵AB⊥BC,AD⊥CD,∠BAD=120°
,AB=AD=1,
∴AN=ABcos60°
=,BN=ABsin60°
=,
∴DN=1+=,
∴BM=,
∴CM=MBtan30°
∴DC=DM+MC=,
∴A(1,0),B(,),C(0,),
设E(0,m),
∴=(﹣1,m),=(﹣,m﹣),0≤m≤,
∴=+m2﹣m=(m﹣)2+﹣=(m﹣)2+,
当m=时,取得最小值为.
故选:
A.
【分析】把等式﹣4•+3=0变形,可得得,即()⊥(),设,则的终点在以(2,0)为圆心,以1为半径的圆周上,再由已知得到的终点在不含端点O的两条射线y=(x>0)上,画出图形,数形结合得答案.
由﹣4•+3=0,得,
∴()⊥(),
如图,不妨设,
则的终点在以(2,0)为圆心,以1为半径的圆周上,
又非零向量与的夹角为,则的终点在不含端点O的两条射线y=(x>0)上.
不妨以y=为例,则|﹣|的最小值是(2,0)到直线的距离减1.
即.
【分析】用,表示出,利用基本不等式得出|AB|2+|AC|2的最小值即可.
∵点G是△ABC内一点,满足++=,∴G是△ABC的重心,
∴=(+),
∴=(2+2+2•)=(|AB|2+|AC|2)+,
∵•=|AB|•|AC|=1,∴|AB|•|AC|=2,
∴AB2+AC2≥2|AB|•|AC|=4,
∴2≥=.
∴||≥.
C.
【分析】根据题意,以A为原点,以AB所在对的直线为x轴,以AC所在的直线为y轴,建立如图所示的平面直角坐标系,根据向量的坐标运算和向量的数量积即可求出
∵△ABC中,,AB=AC=1,
以A为原点,以AB所在的直线为x轴,以AC所在的直线为y轴,建立如图所示的平面直角坐标系,
则B(1,0),C(0,1)
设P的坐标为(m,0)0≤m≤1,Q的坐标为(0,n),0≤n≤1,
∴=(﹣1,n),=(m,﹣1),
∴=﹣m﹣n=﹣(m+n)≥﹣2,当且仅当m=n=1时取等号,
故的最小值为﹣2,
B.
【分析】由题意对任意x∈R,有,两边平方整理.由判别式小于等于0,可得(﹣)⊥,运用数量积的定义可得即有||=1,画出=,=,建立平面直角坐标系,设出A,B的坐标,求得|t﹣|+|t﹣|的坐标表示,运用配方和两点的距离公式,结合三点共线,即可得到所求最小值.
向量,夹角为,,对任意x∈R,有,
两边平方整理可得x22+2x•﹣(2﹣2•)≥0,
则△=4(•)2+42(2﹣2•)≤0,
即有(2﹣•)2≤0,即为2=•,
则(﹣)⊥,
由向量,夹角为,||=2,
由2=•=||•||•cos,
即有||=1,
则|﹣|==,
画出=,=,建立平面直角坐标系,如图所示;
则A(1,0),B(0,),
∴=(﹣1,0),=(﹣1,);
∴=+
=+=2(+
表示P(t,0)与M(,),N(,﹣)的距离之和的2倍,
当M,P,N共线时,取得最小值2|MN|.
即有2|MN|=2=.
D.
【分析】设,,由B,D,E,C共线可得x+y=2,
可得=()(x+y)=(5++)
设,,
∵B,D,E,C共线,∴m+n=1,λ+μ=1.
∵=x,则x+y=2,
∴=()(x+y)=(5++)
则的最小值为.
【分析】根据题意,由向量垂直与向量数量积的关系分析可得•=(λ+)•(﹣)=0,整理变形可得(λ﹣1)3×
4×
cos120°
﹣9λ+16=0,解可得λ的值,即可得答案.
根据题意,△ABC中,∠A=120°
,且AB=3,AC=4,
若,且,
则有•=(λ+)•(﹣)=λ•﹣λ2+2﹣•=(λ﹣1)•﹣λ2+2=0,
整理可得:
(λ﹣1)3×
﹣9λ+16=0,
解可得:
λ=
【分析】根据题意,设θ为、的夹角,据此依次分析选项,综合可得答案.
根据题意,设θ为、的夹角,据此依次分析选项:
对于A、、是两个单位向量,则、的方向不一定相同,则=不一定成立,A错误;
对于B、•=||||cosθ,当、不垂直时,•≠0,B错误;
对于C、•=||||cosθ=cosθ≤1,C错误;
对于D、、是两个单位向量,即||=||,则有2=2,D正确;
【分析】由已知建立平面直角坐标系,得到的坐标,结合=m+n求得的坐标,再由与的夹角为30°
求解.
∵||=1,||=,•=0,
∴建立平面直角坐标系如图:
则,,
∴=m+n=(m,),
又与的夹角为30°
,
∴,则的值为3.
【分析】由,是单位向量,•=0.可设=(1,0),=(0,1),=(x,y).由向量满足|﹣﹣|=2,可得(x﹣1)2+(y﹣1)2=4.其圆心C(1,1),半径r=2.利用|OC|﹣r≤||=≤|OC|+r即可得出.
由,是单位向量,•=0,
可设=(1,0),=(0,1),=(x,y),
由向量满足|﹣﹣|=2,
∴|(x﹣1,y﹣1)|=2,
∴=2,即(x﹣1)2+(y﹣1)2=4,
其圆心C(1,1),半径r=2,
∴|OC|=
∴2﹣≤||=≤2+.
【分析】当不共线三点A,B,C构成锐角三角形或直角三角形时,显然有;
当三点A,B,C构成钝角三角形,可设C为钝角,角A,B,C所对边分别为a,b,c,则有c>a,c>b,并可得出=﹣accosB﹣abcosC﹣bccosA<﹣ab(cosA+cosB+cosC)=ab[cosA+cosB﹣cos(A+B)],说明cosA+cosB+cos(A+B)>0即可.
如果三点A,B,C构成的三角形为锐角三角形或直角三角形,
显然;
如果三点A,B,C构成钝角三角形,可设C为钝角,
角A,B,C所对的边长分别为a,b,c,则:
c>a,c>b;
则
=accos(π﹣B)+abcos(π﹣C)+bccos(π﹣A)
<﹣abcosB﹣abcosC﹣abcosA
=﹣ab(cosB+cosC+cosA)
=﹣ab[cosA+cosB﹣cos(A+B)]
=﹣ab(cosA+cosB﹣cosAcosB+sinAsinB)
=﹣ab[cosA+cosB(1﹣cosA)+sinAsinB]
A,B是锐角;
∴cosA>0,cosB>0,且1﹣cosA>0,sinAsinB>0;
∴.
12.已知抛物线C:
y2=x,过点P(a,0)的直线与C相交于A,B两点,O为坐标原点,若•<0,则a的取值范围是( )
A.(﹣∞,0) B.(0,1) C.(1,+∞) D.[1]
【分析】设过点P(a,0)的直线方程为my=x﹣a,由直线与抛物线方程联立,消去x得关于y的一元二次方程,利用根与系数的关系和平面向量的数量积列不等式求出a的取值范围.
设过点P(a,0)的直线方程为my=x﹣a,
且该直线与抛物线C:
y2=x相交于A,B两点,
则,
∴y2﹣my﹣a=0,
∴,
∴•=x1x2+y1y2=+y1y2=a2﹣a<0,解得0<a<1;
∴a的取值范围是(0,1).
【分析】如图所示,延长OM到点E,使得ME=OM.又点M是线段BC的中点,则四边形OBEC是平行四边形.利用向量的平行四边形法则、共线定理、数量积运算、二次函数的单调性即可得出.
如图所示,延长OM到点E,使得ME=OM.
又点M是线段BC的中点,则四边形OBEC是平行四边形.
∴=
=2
=
当且仅当,即点O为线段AM的中点时,取得最小值﹣8.
【分析】根据平面向量加减运算的三角形法则求出λ,μ即可得出答案.
===+=,
∴λ=1,μ=﹣,
∴=﹣2.
【分析】如图所示,由于点P满足++=,可得=,化为.即可得到△PAB的面积与△ABC的面积比=AP:
AB.
如图所示,∵点P满足++=,
∴=,
∴△PAB的面积与△ABC的面积比=AP:
AC=1:
3.
【分析】利用已知条件推出BC=8,BC边上中线长为3,通过向量的模的平方,转化求解•即可.
在△ABC中,若BC=8,BC边上中线长为3,
可得:
,,
可得,,
两式作差可得:
4•=﹣28,所以•=﹣7.
【分析】O是正△ABC的中心,可得,由=,可得+=,
可得1+λ=μ=﹣λ﹣μ⇒2λ=﹣μ即可得的值.
∵O是正△ABC的中心,∴,
由=,可得+=,
∴(1+μ)++(﹣λ﹣μ)=.
∴1+λ=μ=﹣λ﹣μ⇒2λ=﹣μ
∴则的值为﹣,
【分析】利用向量的数量积,以及三角函数,化简求解即可.
tanA=2,可得cosA===,sinA=,
可得bccosA=1,可得bc=,
△ABC的面积为S=bcsinA==1.
【分析】由向量的数量积的定义可得<,>=,设=(x,y),=(1,0),=(cos,sin)=(,),判断四点A、B、C、D共圆,设圆心为E,C在圆E上运动,结合图象可得所求最大值.
设=,=,=,
∵平面向量,,满足||=||=2•=1,
∴cos<,>==,
∴<,>=,
设=(x,y),=(1,0),
=(cos,sin)=(,),
∵﹣2与﹣的夹角为,即为2﹣与﹣的夹角为,
可得∠BCD+∠BAD=180°
则四点A、B、C、D共圆,
设圆心为E,C在圆E上运动,
可得E的横坐标为,
由BD=,可得2r==2,
解得r=1,由A(1,0),可得E(,),
即有|OE|==,
则||的最大值为1+.
【分析】如图所示,延长OB到点E,使得=2,分别以,为邻边作平行四边形OAFE.则+2=+=,由于+2+3=,可得﹣=3.又=2,可得=2.于是=,得到S△ABC=2S△AOB.同理可得:
S△ABC=3S△AOC,S△ABC=6S△BOC.即可得出.
如图所示,
延长OB到点E,使得=2,分别以,为邻边作平行四边形OAFE.
则+2=+=,
∵+2+3=,∴﹣=3.
又=2,可得=2.
于是=,
∴S△ABC=2S△AOB.
同理可得:
S△ABC=3S△AOC,S△ABC=6S△BOC.
∴ABC,△BOC,△ACO的面积比=6:
2.
【分析】建立平面直角坐标系,用坐标表示出、和,计算•(+)的最小值即可.
以BC中点为坐标原点,建立如图所示的坐标系,
则A(0,),B(﹣,0),C(,0),
设P(x,y),则=(﹣x,﹣y),=(﹣﹣x,﹣y),=(﹣x,﹣y),
所以•(+)=﹣x•(﹣2x)+(﹣y)•(﹣2y)=2x2﹣y+2y2
=2x2+2(y﹣)2﹣;
所以当x=0,y=时,取得最小值是﹣.
【分析】由题意设,再设,这样根据即可得出终点的轨迹,而数形结合即可求出的最小值.
根据条件,设,设,则:
==0;
∴;
∴的终点在以为圆心,为半径的圆上,如图所示:
∴||的最小值为:
.
【分析】根据向量加法的平行四边形法则及数乘的几何意义,,再根据三角形重心的性质便可得出,这样根据向量加法的几何意义及向量的数乘运算即可表示出向量.
根据题意,;
∴
=.
【分析】运用向量的加减运算,以及向量数量积的性质,结合三角形的外心,可得所求.
若=,
可得•(+)=•(+)=•(+)=0,
即为(﹣)•(+)=(﹣)•(+)=(﹣)•(+)=0,
即有||2=||2=||2,
则||=||=||,
故O为△ABC的外心,
【分析】推导出<>=60°
,设==(1,0),==(),=(x,y),则x2+y2=1,则(2+)(﹣)=(2+x,y)(,﹣y)=y﹣=﹣=sin(θ+150°
),由此能求出(2+)(﹣)的最小值.
∵平面向量,,满足||=||=||=1,•=,
∴cos<>===,
∴<>=60°
∴设==(1,0),==(),
=(x,y),则x2+y2=1,
∴(2+)(﹣)=(2+x,y)(,﹣y)
=(2+x)()+(﹣y)y
=y﹣
=﹣
=sin(θ+150°
),
∴(2+)(﹣)的最小值为﹣.
【分析】由向量式可得O为三角形ABC中位线FE的三等分点(靠近E),从而可得两三角形面积和△ABC的关系,可从而得答案.
∵3=,∴2(═﹣(
如图E,F分别是对应边的中点,
由平行四边形法则知:
2=﹣,
∴O为三角形ABC中位线FE的三等分点(靠近E),
∴O到CB的距离是三角形ABC高的一半,∴则△OBC的面积与△ABC的面积之比为1:
【分析】由已知可得,设,则=x1=,结合,可得y1=±
3,不妨取=(,3),设=(x,y),结合()•()=0,可得x,y所满足的关系式,数形结合得答案.
由,
∴,即1﹣2,
设,则=x1=,
且||==,
∴y1=±
3,不妨取=(,3).
设=(x,y),则=(1﹣x,﹣y),=(﹣x,3﹣y),
由题意()•()=0,
∴(1﹣x)(﹣x)﹣y(3﹣y)=0,
化简得,x2+y2﹣﹣3y+=0,即=.
则点(x,y)表示圆心在(,),半径为的圆上的点,
则||=的最大值为m=|OC|+r=,
最小值为n=|OC|﹣r=.
∴m+n=.
,AD=2,BC=1,P是腰CD上的动点,则|3+|的最小值为 .
【分析】建立坐标系,设出P的坐标,表示出,的坐标,结合二次函数的性质求出其最小值即可.
分别以AD,AB为x,y轴,建立直角坐标