与名师对话高考物理课标版一轮课时跟踪训练28.docx
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与名师对话高考物理课标版一轮课时跟踪训练28
课时跟踪训练(二十八)
一、选择题
1.(多选)(2014·浙江省湖州市高三期末)如图所示,E、F分别表示蓄电池两极,P、Q分别表示螺线管两端.当闭合开关时,发现小磁针N极偏向螺线管Q端.下列判断正确的是( )
A.F为蓄电池正极
B.螺线管P端为S极
C.流过电阻R的电流方向向下
D.管内磁场方向由Q指向P
解析:
根据小磁针N极偏向螺线管Q端判断Q端为电磁铁的S极,P端为N极,选项B错.根据右手螺旋定则,流过电阻R的电流方向向上,选项C错.根据外电路电流从正极流向负极,F为蓄电池正极,选项A对.螺线管外部磁场从N指向S,内部磁场从S指向N,所以管内磁场方向由Q指向P,选项D对.
答案:
AD
2.(2014·山东省潍坊市高三模拟)如图所示,两根长直导线m、n竖直插在光滑绝缘水平桌面上的小孔P、Q中,O为P、Q连线的中点,连线上a、b两点关于O点对称,导线中通有大小、方向均相同的电流I.下列说法正确的是( )
A.O点的磁感应强度为零
B.a、b两点磁感应强度的大小为Ba>Bb
C.a、b两点的磁感应强度相同
D.n中电流所受安培力方向由P指向Q
解析:
根据安培右手定则,m在O点产生的磁场方向垂直ab连线向里,n在O点产生的磁场方向垂直ab连线向外,根据对称性,磁感应强度大小相等,磁场矢量和等于0,选项A对.根据对称性,mn在ab两点产生的合磁场大小相等,但是方向不同,选项B、C错.同向电流相吸引,n中电流所受安培力方向由Q指向P,选项D错.
答案:
A
3.
(2014·浙江省杭州市七校高三期中)如图所示,一个边长L、三边电阻相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为B的匀强磁场中.若通以图示方向的电流(从A点流入,从C点流出),电流强度为I,则金属框受到的磁场力为( )
A.0 B.ILB C.A1ILB D.2ILB
解析:
设流过三角形ABC的电流是I1,AC边的电流是I2,就有I1+I2=I,由安培力公式F=BILsinθ分析答题,其中L是通电导线的有效长度,是导线在磁场中两端点间的距离,三角形ABC的有效长度就是AC的长度L,它的安培力F1=BI1L;AC边受到的安培力F2=BI2L,所以金属框受到的磁场力F=F1+F2=B(I1+I2)L=BIL,所以选B.
答案:
B
4.
(2014·衡水中学高三二调考试)利用如图所示的实验装置可以测量磁感应强度.其中2为力敏传感器,3为数字电压表,5为底部长为L的线框.当外界拉力作用于力敏传感器的弹性梁上时,数字电压表上的读数U与所加外力F成正比,即U=KF,式中K为比例系数.用绝缘悬丝把线框固定在力敏传感器的挂钩上,并用软细铜丝连接线框与电源.当线框中电流为零时,输出电压为U0;当线框中电流为I时,输出电压为U,则磁感应强度的大小为( )
A.B=
B.B=
C.B=
D.B=
解析:
根据U=KF得ΔU=KΔF,当线框中通入电流后,ΔF=BIL,ΔU=|U-U0|,得B=|U-U0|/KIL,D正确.
答案:
D
5.(多选)(2014·湖北省武汉市高三调研)如图所示,将长度为L的直导线放置在y轴上,当通以大小为I、沿y轴负方向的电流后,测得其受到的安培力大小为F、方向沿x轴正方向.则匀强磁场的磁感应强度可能( )
A.沿z轴正方向,大小为
B.在xOy平面内,大小为
C.在zOy平面内,大小为
D.在zOy平面内,大小为
解析:
安培力垂直于B和I决定的平面zOy,当B和I夹角为θ,则有BILsinθ=F,则B=F/ILsinθ,C、D正确.
答案:
CD
6.(多选)(2014·甘肃凉州区高三诊断)如图甲所示,质量为m、通有电流I的导体棒ab置于倾角为θ、宽度为d的光滑平行导轨上,图乙是从b向a方向观察时的平面视图.欲使导体棒ab能静止在导轨上,可在导轨所在的空间加一个垂直于导体棒ab的匀强磁场,图乙中水平、竖直或平行导轨、垂直导轨的①②③④⑤五个箭头分别表示磁场的可能方向.关于该磁场的大小及方向,下列说法中正确的是( )
A.磁场磁感应强度的最小值为
B.磁场磁感应强度的最小值为
C.磁场的方向不可能是方向①②⑤
D.磁场的方向可能是方向③④⑤
解析:
对导体棒进行受力分析,如图所示,由图知,当安培力与斜面平行时,安培力最小,磁感应强度也最小,根据物体的平衡可得BId=mgsinθ,故B=
,所以A错误;B正确;根据左手定则可判断,当磁场的方向是方向①时,安培力竖直向下,不可能平衡;磁场的方向是方向②时,安培力垂直向下,也不可能平衡;磁场的方向是方向⑤时,安培力竖直向上,当F=mg时,导体棒是平衡的,所以C错误;磁场的方向是方向③时,安培力水平向右,可能平衡;磁场的方向是方向④时,安培力平行斜面向上,也可能平衡;所以D正确.
答案:
BD
7.
(多选)(2014·石家庄高中毕业班质检)如图所示,水平长直导线MN中通以M到N方向的恒定电流,用两根轻质绝缘细线将矩形线圈abcd悬挂在其正下方.开始时线圈内不通电流,两细线内的张力均为T,当线圈中通过的电流为I时,两细线内的张力均减小为T′.下列说法正确的是( )
A.线圈中通过的电流方向为a→d→c→b→a
B.线圈中通过的电流方向为a→b→c→d→a
C.当线圈中电流变为
I时,两细线内的张力均为零
D.当线圈中电流变为
I时,两细线内的张力均为零
解析:
当线圈中不通电流时,两细线的张力就是线圈的重力,当线圈中通有电流后,细线上的张力变小了,说明线圈受到的安培力的合力方向是向上的,由于两边产生的安培力大小不同,ab边要大于cd边,所以由左手定则可以判断出,ab中通有由a到b的电流,故A不对,B是正确的;要想使细线上的张力为0,则ab与cd边受到的安培力的合力应该等于2T,由于当电流为I时,张力减小到T′,故BaIL-BbIL=2(T-T′),则当张力变为0时,BaI′L-BbI′L=2T,联立以上两式,消去磁场强度得I′=
I,故C是正确的,D是不对的.
答案:
BC
8.(多选)(2014·甘肃天水一中高三诊断)电磁轨道炮工作原理如图所示.待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动,并与轨道保持良好接触.电流I从一条轨道流入,通过导电弹体后从另一条轨道流回.弹体处垂直于轨道面的磁场(可视为匀强磁场),磁感应强度的大小与I成正比.通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出.现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍,理论上可采用的方法是( )
A.只将轨道长度L变为原来的2倍
B.只将电流I增加至原来的2倍
C.只将弹体质量减至原来的一半
D.将弹体质量减至原来的一半,轨道长度L变为原来的2倍,其他量不变
解析:
通电的弹体在轨道上受到安培力F=BIl的作用,根据动能定理有F·L=
mv2,而磁感应强度的大小与I成正比,所以B=kI,可解得v=
.若只将轨道长度L变为原来的2倍,弹体的出射速度增加至原来的
倍,A错误;只将电流I增加至原来的2倍,弹体的出射速度增加至原来的2倍,B正确;只将弹体质量减至原来的一半,弹体的出射速度增加至原来的
倍,故C错误;将弹体质量减至原来的一半,轨道长度L变为原来的2倍,其他量不变,弹体的出射速度增加至原来的2倍,D正确.
答案:
BD
9.
(2014·福建省龙岩市高三质检)如图所示,在竖直向下的匀强磁场中有两根水平放置的平行粗糙金属导轨CD、EF,导轨上放有一金属棒MN.现从t=0时刻起,给金属棒通以图示方向的电流且电流I的大小与时间t成正比,即I=kt,其中k为常量,不考虑电流对匀强磁场的影响,金属棒与导轨始终垂直且接触良好.下列关于金属棒的加速度a、速度v随时间t变化的关系图象,可能正确的是( )
解析:
当t时刻,电流I=kt,安培力F=BIL,设最大静摩擦力为fm,则加速度a=
=
=
t-
,所以a-t图象是一条倾斜的直线,且不过原点,与纵轴的交点为-
,选项A、B错.导体棒速度v=at=
t2-
t是一条开口向上的曲线,选项C错D对.
答案:
D
10.(多选)
(2014·浙江省五校高三第一次联考)一电流表的原理图如图所示.质量为m的匀质细金属棒MN的中点处通过一绝缘挂钩与一竖直悬挂的弹簧相连,弹簧劲度系数为k.在矩形区域abcd内有匀强磁场.磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向外.与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的读数,MN的长度大于ab.当MN中没有电流通过且处于平衡状态时,MN与矩形区域的cd边重合;当MN中有电流通过时,指针示数可表示电流大小.下列说法正确的是( )
A.若要电流表正常工作,电流由M→N
B.若将量程扩大2倍,只需将磁感应强度变为原来的
倍
C.若将量程扩大2倍,可换一根劲度系数为原来
倍的轻弹簧
D.若将量程扩大2倍,需要将磁感应强度和弹簧劲度系数均增大为原来的2倍
解析:
若要电流表正常工作,则MN需要受到向下的安培力,根据左手定则可得,电流方向M→N,A正确;设满量程时通过MN的电流强度为Im,标尺上最大刻度处距0刻度处长度为Δxm,则BImL=kΔxm,Im=
,可得,Δxm不变的情况下,B变为原来的
,k变为原来的2倍均可使Im变成原来的2倍,故B正确.C、D错误.
答案:
AB
二、非选择题
11.(2014·重庆卷改编)某电子天平原理如图所示,E形磁铁的两侧为N极,中心为S极,两极间的磁感应强度大小均为B,磁极宽度均为L,忽略边缘效应,一正方形线圈套于中心磁极,其骨架与秤盘连为一体,线圈两端C、D与外电路连接.当质量为m的重物放在秤盘上时,弹簧被压缩,秤盘和线圈一起向下运动(骨架与磁极不接触),随后外电路对线圈供电,秤盘和线圈恢复到未放重物时的位置并静止,由此时对应的供电电流I可确定重物的质量.已知线圈匝数为n,线圈电阻为R,重力加速度为g.问
(1)供电电流I是从C端还是从D端流入?
求重物质量与电流的关系.
(2)若线圈消耗的最大功率为P,该电子天平能称量的最大质量是多少?
解析:
(1)要通过供电使线圈恢复到未放重物时的位置,必须在线圈中产生向上的安培力与物体重力平衡.根据左手定则,判断电流方向应当从D端流入.
由FA=mg,FA=2nBIL
得m=
I
(2)设称量最大质量为mP.
由m=
I,P=I2R
得mP=
答案:
(1)从D端流入 m=
I
(2)
12.
有一长为l=0.50m、质量为m=10g的通电导线cd,由两根绝缘细线水平悬挂在匀强磁场中的z轴上,如右图所示.z轴垂直纸面向外,g=10m/s2.求:
(1)当磁感应强度B1=1.0T,方向与x轴负方向相同时,要使悬线中
张力为零,则cd中通入的电流I1的大小和方向?
(2)当cd中通入方向由c到d大小为I2=0.40A的电流,这时磁感应强度B2=1.0T,方向与x轴正方向相同,当cd静止时悬线中的张力是多大?
(3)当cd中通入方向由c到d、大小为I3=0.10A的电流,若磁场方向垂直z轴,且与y轴负方向夹角为30°,与x轴正方向夹角为60°,磁感应强度B3=2.0T,则导线cd静止时悬线中的张力又是多大?
解析:
(1)要使悬线的张力为零,导线cd受到的安培力必须与重力平衡,有mg=B1I1l
所以I1=mg/lB1=
A=0.20A
由左手定则可判定cd中的电流方向由c到d.
(2)根据题意,由左手定则可判定此时cd受到竖直向下的安培力.当cd静止时,有mg+B2lI2=2T.
所以T=
=
N=0.15N.
(3)根据题意,作出导线cd所受重力、安培力如图所示.这时cd受到的安培力大小F3=B3I3l
所以F3=2.0×0.10×0.50N=0.10N=mg
又因F3的方向与B3的方向垂直,因此F合的方向与mg的方向夹角为30°.所以
2T′=F合=2mgcos30°
T′=mgcos30°=0.09N
即此时每根悬线中的张力大小为0.09N,悬线与y轴负方向的夹角为30°,即导线cd受安培力作用后使悬线向x轴负方向偏转30°角.
答案:
(1)0.20A 由c到d
(2)0.15N
(3)0.09N