陕西省定边县届九年级上学期期末考试物理试题解析版.docx
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陕西省定边县届九年级上学期期末考试物理试题解析版
2017-2018学年陕西省榆林市定边县九年级（上）期末物理试卷
一、选择题（每小题3分，共30分）
1.若假想地磁场是由地球内部一块大磁铁产生的，如图所示的四个示意图中，能合理描述这块大磁铁的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】试题分析：
（1）地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场，地磁场的形状与条形磁铁相似；
（2）地磁场的南北极与地理南北极相反，且不重合．
解：
地球是一个大磁体，地磁场的形状与条形磁铁相似，地磁场的南北极与地理南北极相反，即地磁的北极在地理的南极附近，故B正确．
故选B．
【点评】地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场．地磁场的形状与条形磁铁相似．
视频
2.下列有关小明对生活中常见现象的理解中，正确的是（ ）
A.拧开醋瓶盖，醋味扑鼻是由于分子不停做无规则运动
B.海绵容易被压缩，是因为分子间存在间隙
C.电饭锅煮饭利用了电流的磁效应
D.磁铁能吸引铁钉，说明分子间存在引力
【答案】A
【解析】A、拧开醋瓶盖，醋味扑鼻是由于醋分子不停地做无规则运动进入鼻子的原因，故A正确；
B、海绵容易被压缩并不是分子有间隔造成的，分子是看不见的，故B错误；
C、电饭锅煮饭是把电能转化为内能，利用的是电流的热效应，不是磁效应，故C错误；
D、磁铁能吸引铁钉是因为磁铁能吸引铁磁性物质，故D错误．
故选A．
3.某些物质在温度很低的情况下，电阻就变成0，这种现象叫超导现象，假如科学家研制常温下的超导体，则它不适合制作（ ）
A.输电导线B.滑动变阻器C.电动机线圈D.电磁铁
【答案】B
【解析】A、用超导体做输电导线，可以减小由电能到内能的损耗，提高传输效率，故A不符合题意；
B、滑动变阻器是靠连入电阻丝的长度来改变电阻，从而改变电流，当电阻为零时，不能使用，故B符合题意；
C、用超导体制成电动机的线圈，电能全部转化为机械能，机械效率提高，故C不符合题意；
D、电磁铁是利用电流的磁效应，当用超导体制成，电能全部转化为磁，提高效率，故D不符合题意．
故选B．
4.下面说法中符合安全用电原则的是（ ）
A.只有高压才会发生触电事故，低压不会发生触电事故
B.将冰箱的三脚插头中较长插脚去掉后，可直接插入两孔插座中使用
C.火热的夏天大功率的用电器同时使用
D.使用试电笔时，手指按住金属笔卡，用笔尖接触被测导线
【答案】D
【解析】A、家庭电路属于低压电路，但人体安全电压不高于36V，家庭电路电压220V远高于人体安全电压，接触时会发生触电事故，此选项错误；
B、电冰箱的外壳必须接地，所以冰箱的三脚插头中较长插脚（连接地线）绝对不能去掉，否则可能使冰箱外壳带电，人体接触造成触电，此选项错误；
C、家庭电路中同时工作的电功率用电器过多，总功率过大，会使电路电流过大，造成“跳闸”，所以大功率的用电器尽量避免同时使用，此选项错误；
D、使用试电笔时，手指按住金属笔卡，用笔尖接触被测导线，才能区分火线和零线，此选项正确．
故选D．
5.下列关于内能、热值和比热容的说法中，正确的是（ ）
A.质量不变的物体内能也一定不变
B.燃料在燃烧过程中，热值会减小
C.﹣20℃的冰也有内能
D.比热容与物体吸收热量的多少有关
【答案】C
【解析】A、物体的内能与质量和状态等因素有关，质量不变的物体温度越高，内能越大，故A错误；
B、热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，故B错误；
C、一切物体都具有内能，故C正确；
D、比热容是物质的特性与物质种类和状态有关，与吸收热量多少无关，故D错误．
故选：
C
【点睛】此题主要考查学生对物质概念的理解和掌握，明确各个物理量的真正含义后，可顺利解决此题。
6.某电阻丝通过2A的电流时，在某段时间内放出热量是Q，如果通过它的电流增加到4A时，在相同的时间内放出的热量是（ ）
A.2QB.3QC.4QD.8Q
【答案】C
【解析】由题可知，电阻丝的电阻不变，电流变为原来的2倍；由由焦耳定律Q=I2Rt可知，在相同的时间内放出的热量是原来的4倍，即4Q．
故选：
C．
【点睛】本题是对焦耳定律公式的简单运用，只要把握住电阻和时间相同即可。
7.下列关于电压、电流和电阻的说法中，正确的是（ ）
A.导体中有电流流过，导体两端就一定有电压
B.导体的电阻与导体的长度和导体两端的电压有关
C.金属导体中自由电子发生移动便形成了电流
D.通电导体中的电流与导体两端的电压成反比
【答案】A
【解析】A、电路中要产生电流，它的两端必须要有电压．故A正确；
B、电阻是导体本身的一种性质，与电压无关，故B错误；
C、金属导体中自由电子发生定向移动才会形成电流，故C错误；
D、在电阻不变的情况下，通电导体中的电流与导体两端的电压成正比，故D错误．
故选A．
【点睛】本题主要考查电压、电源和电流三者之间的关系．易错的选项是D，原因主要是根据电压是形成电流的原因，而误认为只要具备了电源这一条件，就一定会产生电流，而忽略了电路中要有持续电流的另一条件是电路必须处处连通。
8.如图所示是电阻甲、乙的U﹣I图象，下列对于图象信息作出的判断中，正确的是（ ）
A.甲的阻值小于乙的阻值
B.通过乙的电流与乙两端的电压成正比
C.甲、乙串联在电路中，电路电流为0.3A时，电路总电压为6V
D.甲、乙并联在电路中，当电源电压为6V时，电路的总电流为0.9A
【答案】D
【解析】A、由图象可知，电流相同时，甲电阻两端的电压高于乙两端的电压，根据
可知，甲的电阻大于乙的电阻，故A错误；
B、由图象可知，乙的电流与乙两端的电压不成正比，故B错误；
C、甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.3A时，通过甲、乙的电流均为0.3A，由图象可知，U甲=6V，U乙=2V，由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，电源的电压
，故C错误；
D．甲、乙并联在6V电源时，根据并联电路的电压特点可知两电阻两端的电压为6V，由图象可知，I甲=0.3A，I乙=0.6A，由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流
，故D正确．
故选D．
【点睛】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息。
9.小利同学观察到学校楼道里的消防应急灯，平时灯是熄的，一旦停电，两盏标有“36V”灯泡就会正常发光．图所示是小利设计的四个电路，其中可以起到消防应急灯作用的电路是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】试题分析：
观察图可知，220V的电路肯定是照明电路，而36V的电路才是为应急灯提供的电源，再根据两盏灯都在停电后会正常发光，可断定，两灯并联，且在照明电路工作时不连通．
故选C．
【点评】此题中明确电磁继电器的工作过程，能分析出，是照明电路中的电源控制了消防应急灯，是本题解决的关键．
10.在如图所示电路中，电源电源不变，R0为定值电阻，当闭合开关S后，滑动变阻器的滑动片P向右移动时，下列说法中正确的是（ ）
A.电流表A1的示数变大
B.电压表V的示数变大
C.电路的总功率变大
D.电压表和电流表A2示数的比值不变
【答案】D
【解析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路中的电流，电流表A2测R0的电流，
........................
B、电压表测电源电压，电压表示数不变，故B错误；
C、总电流减小，电压不变，根据
可知，总功率减小；故C错误；
D、电压表和电流表A2示数的比值为定值电阻R0的阻值，保持不变，故D正确．
故选D．
【点睛】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，关键是知道电压表和电流表的作用。
二、填空题（共28分）
11.常见汽车的动力机械是内燃机，四冲程内燃机中的压缩冲程将_____能转化为了_____能，此过程中，气缸内的混合物温度升高，这是通过_____的方式改变混合物的内能，汽车在匀速爬坡的过程中，重力势能会_____，机械能会_____（后两空选填“增大”、“减小”或“不变”）
【答案】
（1）.机械
（2）.内（3）.做功（4）.增大（5）.增大
【解析】四冲程内燃机中在压缩冲程将机械能转化为内能；汽车行驶过程中汽车轮胎温度会升高，这是通过摩擦力对轮胎做功的方式改变其内能的；汽车匀速上坡时速度不变，质量不变，故动能不变；同时质量不变，高度增加，重力势能增加，所以机械能增加．
故答案为：
机械；内；做功；增大；增大．
【点睛】此题考查了内燃机的四个冲程的理解、机械能的影响因素和改变内能两种方式的理解，其中判断机械能的变化是难点，
12.丝绸摩擦过的玻璃棒带_____电，这是因为玻璃棒在摩擦过程中_____（选填“得到”或“失去”）电子，若用带电的玻璃棒靠近碎纸屑被吸引，这是由于带电物体具有_____的性质，如图所示，若用带电玻璃棒接触不带电的验电器金属小球，验电器金属箔片会张开，这是因为_____．
【答案】
（1）.正
（2）.失去（3）.吸引轻小物体（4）.金属箔片带上了同种电荷，相互排斥
【解析】丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒束缚电子的本领弱，玻璃棒失去电子带正电；丝绸束缚电子的本领强，丝绸得到电子带负电．用该玻璃棒靠近碎纸屑被吸引，说明带电物体具有吸引轻小物体的性质；用带电玻璃棒接触不带电的验电器金属小球，验电器金属箔片带上了同种电荷，相互排斥，所以金属箔片会张开．
故答案为：
正；失去；吸引轻小物体；金属箔片带上了同种电荷，相互排斥．
【点睛】本题考查了摩擦起电的原因，带电体的性质以及电荷之间的作用规律，要明确不同的物质原子核束缚电子的本领不同，摩擦过程中有得失电子的现象，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。
13.家庭电路中，控制用电器的开关应该连接在_____（选填“零线”或“火线”）和用电器之间，为了避免触电事故的发生，用电器的金属外壳一定要_____；如图所示家庭电路中，闭合开关，用测电笔接触b点时氖管发光，接触c点时不发光，说明_____间是连通的，继续用测电笔接触d点时氖管不发光，可以判断该电路至少有_____处发生断路．
【答案】
（1）.火线
（2）.接地（3）.ab（4）.1
【解析】从安全用电的角度分析，开关接在家用电器和火线之间，即此时开关要接在火线和用电器之间，断开开关，切断火线，操作更安全．有金属外壳的用电器，其外壳一定要接地，当用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生；如图，闭合开关后，发现电灯L不亮用测电笔测试时，发现在a、b两处时，氖管都发光，说明a、b都与火线连通，在c处时，氛管不发光，说明c处不与火线连通，则故障可能是bc之间发生了开路，测d点时，氖管不发光，则c与d不确定，因为bc之间断路，因此发生断路之处有1处．
故答案为：
（1）.火线
（2）.接地（3）.ab（4）.1
【点睛】本题主要考查了学生利用测电笔排查家庭故障的能力，对测电笔要会安全的使用，学会判断故障所在。
14.如图所示，闭合开关，电动机转动，这是利用_____的原理，如果想改变电动机的转动方向，我们可以采取的措施是_____，若将电池换成灵敏电流表，闭合开关，当用手快速转动电动机转轴时，发现灵敏电流表指针偏转，这是著名的_____现象．
【答案】
（1）.通电导体在磁场中受到力的作用而转动
（2）.改变电流（或电池）的方向（3）.电磁感应
【解析】闭合开关，电动机转动，这是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理工作的；如果想改变电动机的转动方向，我们可以采取的措施是：
改变电流的方向或改变磁场的方向；将电池换成灵敏电流表，闭合开关，当用手快速转动电动机转轴时，发现灵敏电流表指针偏转，这是电磁感应现象，它在生活中的应用有发电机等．
故答案为：
（1）.通电导体在磁场中受到力的作用而转动
（2）.改变电流（或电池）的方向（3）.电磁感应
15.如图所示电路，电源电压U不变，当开关S1、S2、S3都闭合时，电路处于_____（选填“断路”、“短路”或“通路”）状态，若只闭合开关S2，小灯泡L1和L2是_____联的，此时电流表A1和A2的示数分别为I1和I2，电压表的示数为U1，则I1_____I2，U_____U1（后两空选填“＞”、“＜”或“=”）
【答案】
（1）.短路
（2）.串（3）.=（4）.>
【解析】当开关S1、S2、S3都闭合时，电流不经过任何一个灯泡，电路处于短路状态；若只闭合开关S2，电流经过L1、S2、L2回到负极，则小灯泡L1和L2是串联的，串联电路电流处处相等，总电压等于个用电器电压之和，故则
．
故答案为：
短路；串；=；＞．
16.如图所示的电路中，电阻R1的阻值为60Ω，闭合开关，电流表A1的示数为0.2A，电流表A2的示数为0.5A，则电源电压为_____V，通过R2的电流为_____A，电阻R2的阻值为_____Ω，通电5min，电阻R2消耗的电能为_____J．
【答案】
（1）.12
（2）.0.3（3）.40（4）.1080
【解析】由图可知，闭合开关时，两电阻并联，A1测通过R1中的电流，A2测干路电流，根据
可得，电源电压为：
；通过R2的电流：
；电阻R2的阻值：
；通电5min，电阻R2消耗的电能：
．
故答案为：
12；0.3；40；1080．
【点睛】本题考查并联电路的特点及欧姆定律的应用，关键是正确识别电路是一个并联电路，能正确应用并联电路的特点，同时掌握电流表的使用方法。
17.如图所示，请你根据实物连接图，在虚线框内画出电路图．
【答案】
【解析】从电源正极开始分路，一路经过灯泡L1、S1，另一路经过L2、S2，两支电流汇合回到电源负极．如图所示：
【点睛】本题考查根据实物图画电路图的能力，能正确识别电路的连接方式是画电路图的前提。
18.如图所示，请你根据小磁针静止时的指向在图中标出通电螺线圈的N、S极和电流方向．
【答案】
【解析】小磁针N极向左，S极向右，因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管右侧为S极，左侧为N极；由右手螺旋定则可知，电流由右侧流入、左侧流出．如图所示：
【点睛】本题考查磁极间的相互作用及右手螺旋定则，要求能熟练应用右手螺旋定则由电流方向判断磁极方向，或由磁极方向判断电流方向。
三、实验与探究题（共26分）
19.如图所示的装置可用来探究动能大小与物体_____的关系，实验中，通过比较小球推动木块_____反映小球动能的大小．
【答案】
（1）.速度
（2）.移动距离大小
【解析】由图知，球的质量都为m，分别从不同高度滑下，所以小球的速度不同，由控制变量法可知，这是探究动能大小与物体速度关系的；实验是通过观察木块移动的距离来判断钢球动能大小的，运用了转换法；
故答案为：
（1）.速度
（2）.移动距离大小
【点睛】本题考查了探究动能因素实验，掌握基础知识是关键。
20.如图所示，是比较不同物质吸热能力的实验装置（两套装置相同），实验中应控制甲乙两种物质的_____相同，并通过_____反映物质吸收热量的多少．
【答案】
（1）.质量
（2）.加热时间
【解析】根据控制变量法，应控制甲乙两种物质的质量相同；甲乙两种液体吸收热量的多少是通过加热时间长短来比较的，这种方法是转换法；
故答案为：
（1）.质量
（2）.加热时间
21.如图所示，根据图示情景，可知电流一定时，_____，电磁铁磁性越强，该装置还可用来探究电磁铁磁性强弱与_____的大小关系．
【答案】
（1）.线圈匝数越多
（2）.电流
【解析】根据图可知，两个电磁铁串联在电路中，所以两个电磁铁的电流相等，乙吸引的大头针多，说明乙的磁性强，这说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强；移动滑动变阻器的滑片能改变电路中电流，通过电磁铁吸引大头针数量的多少还可以探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系；
故答案为：
（1）.线圈匝数越多
（2）.电流
22.如图所示，是探究“怎样产生感应电流”的实验装置，该实验的结论是：
闭合开关，铜棒ab在磁场中做_____磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，且感应电流的方向与铜棒运动的方向_____（选填“有关”或“无关”）．
【答案】
（1）.切割
（2）.有关
【解析】探究“怎样产生感应电流”的实结论是：
闭合开关，铜棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，且感应电流的方向与铜棒运动的方向有关．
故答案为：
（1）.切割
（2）.有关
23.小霞和小刚用如图甲所示的电路进行“探究电流与电阻关系”的实验，可供选择的定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω．
（1）在检查电路连接时，小霞发现有一处连接错误，请你在图甲所示的电路中将连接错误的导线找出来并打上“×”，然后用笔画线代替导线，将它改正到正确的位置上（导线不允许交叉）．
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于_____（选填“A”或“B”）端．
（3）将阻值为5Ω的定值电阻接入电路时，电流表的示数为0.48A，电压表的示数如图乙所示，则电压表的示数为_____V；在将5Ω电阻更换为10Ω电阻时，应将滑动变阻器的滑片向_____（选填“A”或“B”）端方向移动．
（4）通过实验，他们获得了下表所示的数据：
实验次数
1
2
3
电阻/Ω
5
10
20
电流/A
0.48
0.24
0.12
通过对表格中数据的分析，可以得出结论：
在_____一定时，通过导体的电流与导体的电阻成_____比．
（5）该实验采用的主要探究方法是_____（选填“等效替代法”、“转换法”或“控制变量法”）；若小霞想利用该电路探究“电流与电压的关系”，则实验过程中应保持_____不变．
【答案】
（1）.
（2）.A（3）.2.4（4）.A（5）.电压（6）.反（7）.控制变量法（8）.电阻阻值
【解析】
（1）原电路中，电流表两个正接线柱连入了电路中，改正后如下所示：
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处，即A端．
（3）将阻值为5Ω的定值电阻接入电路时，电流表的示数为0.48A，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，则电压表的示数为2.4V；根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动．
（4）通过对表格中数据的分
，电阻与电流的积为一定值，可以得出结论：
在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比．
（5）该实验采用的主要探究方法是控制变量法”；若小霞想利用该电路探究“电流与电压的关系”，则实验过程中应保持电阻大小不变．
故答案为：
（1）.
（2）.A（3）.2.4（4）.A（5）.电压（6）.反（7）.控制变量法（8）.电阻阻值
【点睛】本题探究电流与电阻关系，考查电路的连接、注意事项、数据分析和控制变量法的运用。
24.小明在做“测小灯泡电功率”的实验时，实验电路图如图甲所示，所用小灯泡的额定电压为2.5V．
（1）测量小灯泡电功率的实验原理是_____．
（2）连接电路时，开关应_____；电路中滑动变阻器的主要作用是_____．
（3）连接后电路后，闭合开关，电流表指针偏转情况如图乙所示，其主要原因是_____；调节好电流表后，电流表偏转正常，此时，电压表示数为0，经检测电压表正常，则产生故障的原因可能是_____．
（4）排除故障后继续实验，小明进行了3次测量，并将有关数据及现象记录在表格中，在第3次实验中电流表的示数如图丙所示，电流表的示数为_____A．
次数物理量
电压U/V
电流I/A
小灯泡亮度
1
1.5
0.20
偏暗
2
2.5
0.30
正常
3
2.8
更亮
（5）分析表格中数据，可知小灯泡的额定功率为_____W，由表格中的数据可以发现，小灯泡的实际功率越_____（选填“大”或“小”），小灯泡越亮．
（6）进一步分析发现，当小灯泡两端的电压增大时，其电阻将_____（选填“增大”、“减小”或“不变”）．
【答案】
（1）.P=UI
（2）.断开（3）.改变小灯泡两端电压（4）.电流表正负接线柱接反（5）.小灯泡短路（6）.0.32（7）.0.75（8）.大（9）.增大
【解析】
（1）测量小灯泡电功率的实验原理是：
；
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应断开；此次实验中开始时，为保护电路，变阻器连入电路中的电阻最大，通过滑动变阻器调节滑片的位置，改变灯泡两端的电压；
（3）图中电流表反向偏转，说明连接电路时，电流表正负接线柱接反了；调节好电流表后，电流表偏转正常，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明小灯泡被短路；
（4）电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数为0.32A；
（5）小灯泡的额定电压为2.5V，电流为0.30A，小灯泡的额定功率
根据
可知，从第1次数据到第3次数据中，电流和电压都增大，实际功率增大，灯泡变亮，故可得结论：
灯泡的实际功率越大，灯泡越亮；
（6）当小灯泡两端的电压增大时，电流增大，功率增大，灯泡变亮，灯丝的温度升高，电阻变大．
故答案为：
（1）
；
（2）断开；改变灯泡两端的电压；（3）电流表正负接线柱接反了；小灯泡短路；（4）0.32；（5）0.75；大；（6）增大．
【点睛】本题考查了用伏安法测灯泡电功率的实验原理、连接电路的注意事项、电流表的读数、滑动变阻器的正确使用方法、电功率的计算、影响电阻的因素等知识．
四、综合题（共16分）
25.2017年5月18日，我国可燃冰已试采成功，技术处于世界领先，可燃冰是一种新型能源，其的热值为6.72×109J/m3，在用燃气锅炉烧水时，把质量为200kg，初温为10℃的水加热到60℃，燃烧了2.5m3天然气，天然气热值为4.2×107J/m3，用可燃冰烧水时，效率和燃气锅炉相同，求：
（1）水吸收的热量；
（2）此时锅炉烧水的效率；
（3）若换用可燃冰烧水，最少需要使用可燃冰的体积（结果保留两位有效数字）．
【答案】
（1）.4.2×107J
（2）.40％（3）.0.016m3
【解析】
（1）水吸收的热量：
；
（2）天然气完全燃烧放出的热量：
；燃气锅炉烧水时的效率：
；
（3）若换用可燃冰燃烧放出相同的热量，由
可得，应使用可燃冰的体积：
．
答：
（1）水吸收的热量为4.2×107J；
（2）锅炉烧水时的效率为40%；
（3）若换用可燃冰，应使用0.016m3可燃冰．
【点睛】本题考查了吸热公式
、燃料完全燃烧放热公式
和效率公式的综合运用，难点是3小题，明确可燃冰和天然气燃烧放出的热量相同是解答此问的关键．
26.如图甲、乙所示是小明家饮水机示意图和其内部简化电路图，S1为温控开关，
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