单元测评三.docx
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单元测评三
单元测评三 牛顿运动定律
时间:
90分钟 满分:
100分
第Ⅰ卷(选择题 共40分)
一、选择题(本题有10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,至少有一个选项是正确的,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,选错或不答的得0分)
1.下述有关力学单位制的说法中正确的是( )
A.在有关力学的分析计算中,只能采用国际单位,不能采用其他单位
B.力学单位制中,选为基本单位的物理量有长度、质量、速度
C.力学单位制中,国际单位制的基本单位有m、kg、s
D.单位制中的导出单位可以用基本单位来表达
解析:
在物理问题分析计算中,可以采用不同的力学单位制.但是在同一表达式中必须用同一单位制,这是在物理问题求解过程中必须遵循的一个基本原则.在力学单位制中,基本单位的物理量有质量、长度和时间,在国际单位制中这三个物理量的单位是kg、m、s.除了基本物理量外,其他物理量均由它们与基本物理量的关系式来确定.
答案:
CD
图3-1
2.(2011·哈尔滨质检)如图3-1所示是一种汽车安全带控制装置的示意图.当汽车处于静止或匀速直线运动时,摆锤竖直悬挂,锁棒水平,棘轮可以自由转动,安全带能被拉动.当汽车突然刹车时,摆锤由于惯性绕轴摆动,使得锁棒锁定棘轮的转动,安全带不能被拉动.若摆锤从图中实线位置摆到虚线位置,汽车的可能运动方向和运动状态是( )
A.向右行驶、突然刹车 B.向左行驶,突然刹车
C.向左加速行驶D.向右匀速行驶
解析:
由于摆锤向右摆动,即摆锤具有向左的加速度,根据牛顿第二定律可知选项A、C正确,B、D错误.
答案:
AC
3.下列说法正确的是( )
A.走路时,只有地对脚的作用力大于脚蹬地的力时,人才能往前走
B.走路时,地对脚的作用力与脚蹬地的力总是大小相等,方向相反的
C.物体A静止在物体B上,A的质量是B的质量的10倍,则A对B的作用力大于B对A的作用力
D.以卵击石,石头没有损伤而鸡蛋破了,是因为鸡蛋对石头的作用力小于石头对鸡蛋的作用力
解析:
地对脚的力与脚蹬地的力是作用力和反作用力,由牛顿第三定律,这两个力总是大小相等,方向相反的,A不正确,B正确;物体A对B的作用力总是等于B对A的作用力,与A、B两物体的质量无关,C不正确;以卵击石时,鸡蛋对石头的作用力等于石头对鸡蛋的作用力,但鸡蛋的承受能力较小,所以鸡蛋会破,D不正确.
答案:
B
图3-2
4.(2011·上海卷)如图3-2所示,在水平面上的箱子内,带异种电荷的小球a、b用绝缘细线分别系于上、下两边,处于静止状态.地面受到的压力为FN,球b所受细线的拉力为F.剪断连接球b的细线后,在球b上升过程中地面受到的压力( )
A.小于FNB.等于FN
C.等于FN+FD.大于FN+F
解析:
本题考查牛顿第二定律、库仑定律及超重现象.当细线剪断后,球b加速上升,系统处于超重状态,且伴随b球的上升,两球间库仑力变大,球b的加速度变大,综上所述,D对.
答案:
D
图3-3
5.如图3-3所示,质量为M的框架放在水平地面上,一轻弹簧上端固定在框架上,下端固定一个质量为m的小球,小球上下振动时,框架始终没有跳起,当框架对地面压力为零瞬间,小球的加速度大小为( )
A.gB.
g
C.0D.
g
解析:
弹簧的弹力与框架的重力平衡,故小球受的合外力为(M+m)g.对m由牛顿第二定律得:
(M+m)g=ma,所以该瞬间a=
g.
答案:
D
6.质量为M的光滑圆槽放在光滑水平面上,一水平恒力F作用在其上促使质量为m的小球静止在圆槽上,如图3-4所示,则( )
图3-4
A.小球对圆槽的压力为
B.小球对圆槽的压力为
C.水平恒力F变大后,如果小球仍静止在圆槽上,小球对圆槽的压力增加
D.水平恒力F变大后,如果小球仍静止在圆槽上,小球对圆槽的压力减小
解析:
利用整体法可求得系统的加速度a=
,对小球利用牛顿第二定律可得:
小球对圆槽的压力为
,可知只有C选项正确.
答案:
C
7.压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小.一同学利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置,如图3-5(a)所示,将压敏电阻平放在升降机内,受压面朝上,在上面放一物体m,升降机静止时电流表示数为I0.某过程中电流表的示数如图3-5(b)所示,则在此过程中( )
(a) (b)
图3-5
A.物体处于失重状态
B.物体处于超重状态
C.升降机一定向上做匀加速运动
D.升降机可能向下做匀减速运动
解析:
根据欧姆定律有I=U/R,当电梯静止时,物体对压敏电阻的压力为mg,所以有I0=U/R,(b)图表示物体处于超重状态,所以A错、B正确;升降机做向上的匀加速直线运动或向下的匀减速直线运动,C错、D正确.
答案:
BD
8.如图3-6(a)所示,放在光滑水平面上的木块受到两个水平力F1与F2的作用静止不动.现保持F1不变,F2大小变化如图3-6(b)所示,则在此过程中,能正确描述木块运动情况的速度图像是图3-7中的( )
(a) (b)
图3-6
A. B. C. D.
图3-7
解析:
由于F2均匀减小到零然后又均匀增大到原值,所以物体受到的合外力的变化情况为先增大后减小到零,根据牛顿第二定律知物体加速度也是先增大后减小到零,而速度一直在增大,最后达到最大值.符合上述规律的v-t图像只有D项.
答案:
D
图3-8
9.物体A、B都静止在同一水平面上,它们的质量分别是mA和mB,与水平面之间的动摩擦因数分别为μA和μB.用平行于水平面的力F分别拉物体A、B,得到加速度a和拉力F的关系图像分别如图3-8中A、B所示.已知tan26°34′=0.5,利用图像可求出A、B两物体与水平面之间的动摩擦因数μA和μB的数值分别为( )
A.μA=
,μB=
B.μA=0.2,μB=0.1
C.μA=0.1,μB=0.05D.μA=0.1,μB=0.2
解析:
由于两图线与横轴交于同一点,即F=2N,可知物体A、B与水平面的摩擦力均为2N,即FfA=FfB=2N,μBmBg=2N,由牛顿第二定律FA-Ff=mAaA,FB-Ff=mBaB,将FA=6N,aA=2.0m/s2,FB=6N,aB=1.0m/s2代入解得,mA=2kg,mB=4kg.又μAmAg=2N,μBmBg=2N,解得μA=0.1,μB=0.05,所以C正确.
答案:
C
图3-9
10.如图3-9所示,足够长的传送带与水平面夹角为θ,以速度v0逆时针匀速转动.在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块,小木块与传送带间的动摩擦因数μ<tanθ,则图3-10中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是( )
A. B.
C. D.
图3-10
解析:
小木块被释放后的开始阶段做匀加速直线运动,所受摩擦力沿斜面向下,加速度为a1.当小木块的速度与传送带速度相同后,小木块开始以a2的加速度做匀加速直线运动,此时小木块所受摩擦力沿斜面向上,所以a1>a2,在v-t图像中,图线的斜率表示加速度,故选项D对.
答案:
D
第Ⅱ卷(非选择题 共60分)
二、实验题(本题有2小题,共16分,请按题目要求作答)
11.(8分)某实验小组设计了如图3-11所示的实验装置探究加速度与力、质量的关系.开始时闭合开关,电磁铁将A、B两个小车吸住,断开开关,两小车同时在细绳拉力作用下在水平桌面上沿同一直线相向运动,碰后结合为一体.实验中始终保持小车质量远大于托盘和砝码的质量,实验装置中各部分摩擦阻力可忽略不计.
图3-11
(1)该小组同学认为,只要测出小车A和B由静止释放到第一次碰撞通过的位移x1、x2,即可得知小车A和B的加速度a1、a2与位移x1、x2的关系.这个关系式可写成______________________.
(2)实验时,该小组同学先保持两小车质量相同且不变,改变左、右托盘内的砝码的重力,测得并记录对应拉力下小车A和B通过的位移x1和x2.经过多组数据分析得出了小车运动的加速度与所受拉力的关系,然后他们保持两小车所受的拉力相同且不变,研究小车的加速度与小车质量的关系,此时要改变的实验变量是__________,必须测量并记录的物理量是__________(要求对表示物理量的字母作出说明),这些测出并记录的物理量之间的关系可写成__________.
解析:
(1)由于运动时间相同,则x1=
a1t2,x2=
a2t2,由此得
=
.
(2)由于研究小车的加速度与小车质量的关系,改变的实验变量是两小车质量(学生答“同时改变两小车质量”或“保持一车质量不变,改变另一车质量”都是正确的).
通过记录小车A的质量m1、位移x1,小车B的质量m2,位移x2,
由此可推出
=
=
=
.
答案:
(1)
=
(2)A、B两车的质量 A车的质量m1、位移x1,B车的质量m2、位移x2
=
12.(8分)为了探究加速度与力的关系,使用如图3-12所示的气垫导轨装置进行实验.其中G1、G2为两个光电门,它们与数字计时器相连,当滑行器通过G1、G2光电门时,光束被遮挡的时间Δt1、Δt2都可以被测量并记录,滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M,挡光片宽度为D,光电门间距离为x,牵引砝码的质量为m.回答下列问题.
图3-12
(1)实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉,使气垫导轨水平,在不增加其他仪器的情况下,如何判定调节是否到位?
答:
___________________________________________________
(2)若取M=0.4kg,改变m的值,进行多次实验,以下m的取值不合适的一个是__________________________________.
A.m1=5g B.m2=15g
C.m3=40gD.m4=400g
(3)在此实验中,需要测得每一个牵引力对应的加速度,其中求得的加速度的表达式为:
____________________________________
(用Δt1、Δt2、D、x表示).
解析:
(1)如果气垫导轨水平,则不挂砝码时,M应能在任意位置静止不动,或推动M后能使M匀速运动.
(2)应满足M≫m,故m4=400g不合适.
(3)由v1=
,v2=
,v
-v
=2ax
可得:
a=
.
答案:
(1)取下牵引砝码,M放在任意位置都不动;或取下牵引砝码,轻推滑行器M,数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间Δt都相等.
(2)D (3)a=
三、计算题(本题有4小题,共44分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)
图3-13
13.(10分)如图3-13所示,在某些紧急情况下,消防队员需从高7m的金属管上从静止起迅速匀加速竖直滑下,为了安全,其着地速度不应大于6m/s,设一消防队员总质量为60kg,他与金属管之间的动摩擦因数为0.4,问他夹紧金属管至少应用多大的力?
(g取10m/s2)
解析:
消防队员下滑的加速度设为a,
有v2=2ah.①
下滑过程受重力和摩擦力作用
mg-Ff=ma,②
且Ff=μ·2FN.③
由①②③解得:
夹紧金属管的力
FN=557N.
答案:
557N
14.(10分)刚买回车的第一天,小明和父母去看望亲朋,小明的爸爸决定驾车前行.当拐一个弯时,发现前面是一个上坡.一个小男孩追逐一个球突然跑到车前.小明爸爸急踏刹车,车轮在马路上划出一道12m长的黑带后停住.幸好没有撞着小男孩!
小男孩若无其事地跑开了.路边目睹了全过程的一位交通警察走过来,递过来一张超速罚款单,并指出这段路最高限速是60km/h.
小明对当时的情况作了调查:
估计路面与水平面间的夹角为15°;查课本可知轮胎与路面的动摩擦因数μ=0.60;从汽车说明书中查出该汽车的质量是1570kg,小明的体重是60kg;目击者告诉小明小男孩重30kg,并用3.0s的时间跑过了4.6m宽的马路.又知cos15°=0.9659,sin15°=0.2588.
根据以上信息,你能否用学过的物理知识到法庭为小明爸爸做无过失辩护?
(g取9.8m/s2)
解析:
能进行无过失辩护.
对汽车整体分析,由牛顿第二定律得:
mgsinθ+Ff=ma
FN-mgcosθ=0
又因Ff=μFN,所以a=μgcosθ+gsinθ
代入数据可得a≈8.22m/s2
刹车可认为做匀减速运动,末速度为零
根据v2-v
=2ax,0-v
=2ax
所以v0=
m/s≈14m/s<16.67m/s=60km/h,不超速.
答案:
见解析
15.(12分)一质量m=0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为30°足够长的斜面,某同学利用DIS实验系统测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度,如图3-14所示为通过计算机绘制出的滑块上滑过程的v-t图像(g取10m/s2).求:
图3-14
(1)滑块冲上斜面过程中加速度的大小;
(2)滑块与斜面间的动摩擦因数;
(3)判断滑块最后能否返回斜面底端?
若能返回,求出滑块返回斜面底端时的动能;若不能返回,求出滑块所停位置.
解析:
(1)滑块的加速度大小a=
=12m/s2.
(2)滑块在冲上斜面过程中,由牛顿第二定律得
mgsinθ+μmgcosθ=ma,μ=
≈0.81.
(3)滑块速度减小到零时,重力沿斜面方向的分力小于最大静摩擦力,不能再下滑,x=
=1.5m.
滑块停在斜面上,距底端1.5m处.
答案:
(1)12m/s2
(2)0.81 (3)不能 距底端1.5m处停止
16.(12分)如图3-15所示为某钢铁厂的钢锭传送装置,斜坡长为L=20m,高为h=2m,斜坡上紧排着一排滚筒.长为l=8m、质量为m=1×103kg的钢锭ab放在滚筒上,钢锭与滚筒间的动摩擦因数为μ=0.3,工作时由电动机带动所有滚筒顺时针匀速转动,使钢锭沿斜坡向上移动,滚筒边缘的线速度均为v=4m/s,假设关闭电动机的瞬时所有滚筒立即停止转动,钢锭对滚筒的总压力近似等于钢锭的重力.取当地的重力加速度g=10m/s2.试求:
图3-15
(1)钢锭从坡底(如图3-15所示位置)由静止开始运动,直到b端到达坡顶所需的最短时间;
(2)钢锭从坡底(如图3-15所示位置)由静止开始运动,直到b端到达坡顶的过程中电动机至少要工作多长时间?
解析:
(1)钢锭开始受到的滑动摩擦力为
Ff=μmg=3×103N
由牛顿第二定律有Ff-mgsinα=ma1
解得a1=2m/s2
钢锭做匀加速运动的时间t1=
=2s
位移x1=
a1t
=4m
要使b端到达坡顶所需要的时间最短,需要电动机一直工作,钢锭先做匀加速直线运动,当它的速度等于滚筒边缘的线速度后,做匀速直线运动.
钢锭做匀速直线运动的位移x2=L-l-x1=8m
做匀速直线运动的时间t2=
=2s
所需最短时间t=t1+t2=4s.
(2)要使电动机工作的时间最短,钢锭的最后一段运动要关闭电动机,钢锭匀减速上升,b端到达坡顶时速度刚好为零.
匀减速上升时Ff+mgsinα=ma2
解得a2=4m/s2
匀减速运动时间t3=
=1s
匀减速运动位移x3=
t3=2m
匀速运动的位移x4=L-l-x1-x3=6m
电动机至少要工作的时间t=t1+
=3.5s.
答案:
(1)4s
(2)3.5s